专题3 不等式（解析版）-2021年高考冲刺之二轮专题精讲精析.doc

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1、专题3不等式一、单选题1记全集，集合，集合，则（ ）ABCD【答案】C【分析】先解不等式，化简两集合，再由交集和补集的概念，即可求出结果.【详解】因为或，所以，因此.故选：C.2若正实数a，b满足，则的最小值为（ ）AB6CD【答案】D【分析】利用“1”的代换，将转化为，利用基本不等式即可求得最小值.【详解】由题意得：，当且仅当，即时等号成立，故选：D3已知，则下列不等式正确的是（ ）ABCD【答案】B【分析】利用不等式性质和指数函数的单调性，以及举反例，逐项判定，即可求解.【详解】对于A中，令，此时满足，但，所以不正确；对于B中，由函数为上的单调递增函数，因为，所以，所以正确；对于C中，令，

2、此时满足，但，所以不正确；对于D中，令，此时满足，但，所以不正确.故选：B.4不等式的解集（ ）ABCD【答案】A【分析】把分式不等式等价转换为与之等价的一元一次不等式，从而求出它的解集.【详解】不等式，即，即，故选：A.5设实数，满足约束条件，则的最大值是（ ）ABC2D3【答案】D【分析】画出可行域,根据目标函数表示动点P与原点所确定直线的斜率求解.【详解】由实数，满足约束条件，画出可行域如图所示：目标函数表示动点P与原点所确定直线的斜率，当点P为点时，目标函数取得最大值，最大值是3，故选：D6设函数，则不等式的解集是（ ）ABCD【答案】A【分析】利用分段函数解析式，分类讨论可将不等式转

3、化为两个不等式组，分别解不等式，然后求并集即可【详解】因为函数，所以不等式等价于和，解得或者和，所以不等式的解集为，；故选：7已知函数，则使得成立的的取值范围是（ ）ABCD【答案】C【分析】令，则，从而，即可，然后构造函数，利用导数判断其单调性，进而可得，解不等式可得答案【详解】解：令，则，所以，所以，令，则，因为，所以，所以，所以在单调递增，所以由，得，所以，解得，故选：C【点睛】关键点点睛：此题考查不等式恒成立问题，考查函数单调性的应用，解题的关键是换元后对不等式变形得，再构造函数，利用函数的单调性解不等式8设，不等式恒成立，则实数的最大值等于（ ）A0B8C9D10【答案】C【分析】不

4、等式变形为，再用基本不等式求得的最小值即可【详解】因为，所以不等式恒成立，即恒成立，又，当且仅当，即时等号成立所以，即的最大值为9故选：C【点睛】关键点点睛：本题考查不等式恒成立问题，解题时通过分离参数转化为求函数的最值，从而得出结论而求最值有的可以应用基本不等式，有的可以利用函数的单调性，方法较多，易于求解9已知，那么“”是“”的（ ）A充分不必要条件B必要不充分条件C充分必要条件D既不充分也不必要条件【答案】A【分析】根据充分条件、必要条件的定义以及基本不等式判断可得；【详解】解：因为，若，则所以即当且仅当，时取等号；若，当，时，则“”是“”的充分不必要条件；故选：A【点睛】利用基本不等式

5、求最值时，要注意其必须满足的三个条件：（1）“一正二定三相等”“一正”就是各项必须为正数；（2）“二定”就是要求和的最小值，必须把构成和的二项之积转化成定值；要求积的最大值，则必须把构成积的因式的和转化成定值；（3）“三相等”是利用基本不等式求最值时，必须验证等号成立的条件，若不能取等号则这个定值就不是所求的最值，这也是最容易发生错误的地方10关于的不等式的解集为或，则关于的不等式的解集为（ ）ABCD【答案】B【分析】由不等式解集可求，代入求解即可.【详解】由题意知：，则有，解之得，故选：B11已知，且，则的最小值为（ ）A3B4C5D6【答案】C【分析】依题意可得，则，再利用基本不等式计算

6、可得；【详解】解：因为且，所以，所以当且仅当，即，时取等号；所以的最小值为故选：C【点睛】利用基本不等式求最值时，要注意其必须满足的三个条件：（1）“一正二定三相等”“一正”就是各项必须为正数；（2）“二定”就是要求和的最小值，必须把构成和的二项之积转化成定值；要求积的最大值，则必须把构成积的因式的和转化成定值；（3）“三相等”是利用基本不等式求最值时，必须验证等号成立的条件，若不能取等号则这个定值就不是所求的最值，这也是最容易发生错误的地方12已知，均为实数，则下列命题错误的是（ ）A若，则B若，则C若，则D若，则【答案】C【分析】利用不等式的性质逐一判断即可.【详解】若，则，故A正确；若，

7、则，则，故B正确；当时，满足，但，故C错误；若，则，故D正确；故选：C二、填空题13关于的一元二次方程在区间内、外各有一个实数根，则实数的取值范围是_.【答案】【分析】令，当不是方程的根时，得到，求解得到的范围；再验证当以及是方程的根时是否满足题意，即可得出结果.【详解】在区间内、外各有一个实数根，令，当不是方程的根时，所以，解得：；当是方程的根时，得，此时方程变为：，解得：或，在区间内，在区间外，符合题意；当是方程的根时，得，此时方程变为：，解得：或，此时方程的两根均在区间外，不符合题意；所以实数的取值范围是.故答案为：.【点睛】易错点睛：本题考查利用一元二次方程根的分布问题求参数，解题时要

8、注意分析判别式、对称轴以及端点（与根比大小的数）的函数值符号.14已知，则取最大值时x的值为_.【答案】【分析】直接使用基本不等式，即可求得结果.【详解】因为，当且仅当，即时取得最大值.故答案为：.【点睛】熟练掌握基本不等式是解题关键.15若实数，且，则的最大值为_.【答案】4【分析】化简整理可得，利用基本不等式可求得的范围，进而可求得答案.【详解】由，得到， 因为，当且仅当，即时等号成立，所以，即，解得，所以的最大值为4.故答案为：416已知x，y是正实数，且，则的最小值是_【答案】【分析】由基本不等式可得，然后可得答案.【详解】因为当且仅当，即时等号成立所以，因为，所以故答案为：三、解答题

9、17设条件实数满足；条件实数满足，且命题“若，则”为真命题，求实数的取值范围.【答案】【分析】求得，或，再由命题“若，则”真命题，得到，即可求解.【详解】由不等式，解得，可得集合，又由集合或，由于命题“若，则”真命题，所以是的充分条件，可得，因为，所以，所以实数a的取值范围是.【点睛】有关充分、必要条件求解参数的取值范围问题的方法及注意点：1、把充分条件、必要条件或充要条件转化为集合之间的关系，然后根据集合间关系列出关于参数的不等式（组）求解；2、要注意区间端点值的检验，尤其是利用两个集合之间的关系求解参数的取值范围时，不等式是否能取等号决定端点值的取舍，处理不当容易出现漏解或增解得现象.18

10、已知函数（1）若在上的最大值为，求的值；（2）解关于的不等式.【答案】（1）或；（2）答案见解析.【分析】（1）先讨论的情况，当时，由于函数的对称轴为，故分和两种情况求解即可；（2）由题得，进而分，五种情况讨论即可得答案.【详解】解：（1）当时，函数，故不成立，当时，由于函数的对称轴为，所以当时，在上单调递减，解得；当时，在上单调递增，解得.故或.（2）由得，即，当时，不等式为，解得；当时，解得；当时，解得或；当时，解得；当时，解得或；综上：当时，不等式的解集为：；当时，不等式的解集为：；当时，不等式的解集为：；当时，不等式的解集为：；当时，不等式的解集为：；【点睛】本题主要考查一元二次函数与

11、一元二次不等式的解法，考查分类讨论思想与运算求解能力，是中档题.本题第二问解题的关键是先根据具体得，进而结合一元二次不等式分，五种情况讨论即可得答案.19已知函数（1）若函数的定义域为，求实数的取值范围；（2）当a0时，解关于x的不等式.【答案】（1）；（2）答案见解析.【分析】（1）由题意可得恒成立，即恒成立，然后分和两种情况讨论即可；（2）由，得，然后分，求解即可【详解】解：(1)由题意知恒成立 恒成立当时，20恒成立 0a2综上：(2)由，得， 当时， x(2，)当时， x(，2)当时， x 综上：当时，不等式的解集为(2，) ；当时，不等式的解集为(，2) ；当时，不等式的解集为.20

12、已知集合，.（1）若，求实数的值；（2）若，求实数的取值范围.【答案】（1）；（2）.【分析】（1）求出集合，解不等式且即得解；（2）先求出，由题得且，解不等式得解.【详解】（1）集合.由可知：且.解得，满足条件.（2），.要使得，且，解得，实数的取值范围为.【点睛】易错点睛：第2小问，列不等式时要注意由，得到且，不要漏掉了其中任何一个条件.21某游泳馆拟建一座平面图形为矩形且面积为200平方米的泳池，池的深度为1米，池的四周墙壁建造单价为每米400元，中间一条隔壁建造单价为每米100元，池底建造单价每平方米60元(池壁厚忽略不计)，则泳池的长设计为多少米时，可使总造价最低【答案】15米.【分

13、析】设泳池的长为x米，则宽为米，则可得总造价与的关系，利用基本等式可求总造价合适最低.【详解】设泳池的长为x米，则宽为米，则总造价，整理得到当且仅当 等号成立即泳池的长设计为15米时，可使总造价最低答：泳池的长设计为15米时，可使总造价最低22已知函数.（1）求不等式的解集；（2）若关于的不等式恒成立，求实数的取值范围.【答案】（1）或；（2）.【分析】（1）分别求得、三种情况下的解析式，则可求得不等式的解集；（2）不等式恒成立等价于，利用绝对值三角不等式，求得，代入不等式即可求得答案.【详解】（1）原不等式等价于或或，解得或或.不等式的解集为或.（2）不等式恒成立等价于，即.，当且仅当时，等号成立.，则，解得，实数的取值范围是.【点睛】解题的关键是分段讨论，去掉绝对值，再分别求解，灵活运用绝对值三角不等式，可大大简化计算，提高正确率，属中档题.