2017年四川省南充市中考数学试卷.pdf

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1、第 1页（共 23页）2017 年四川省南充市中考数学试卷年四川省南充市中考数学试卷一、选择题（本大题共一、选择题（本大题共 10 个小题，每小题个小题，每小题 3 分，共分，共 30 分）分）1（3 分）如果 a+30，那么 a 的值是（）A3B3CD2（3 分）如图由 7 个小正方体组合而成的几何体，它的主视图是（）ABCD3（3 分）据统计，参加南充市 2016 年高中阶段学校招生考试的人数为 55354 人，这个数用科学记数法表示为（）A0.55354105B5.5354105C5.5354104D55.3541034（3 分）如图，直线 ab，将一个直角三角尺按如图所示的位置摆放，若

2、158，则2 的度数为（）A30B32C42D585（3 分）下列计算正确的是（）Aa8a4a2B（2a2）36a6C3a32a2aD3a（1a）3a3a26（3 分）某校数学兴趣小组在一次数学课外活动中，随机抽查该校 10 名同学参加今年初中学业水平考试的体育成绩，得到结果如下表所示：第 2页（共 23页）成绩/分3637383940人数/人12142下列说法正确的是（）A这 10 名同学体育成绩的中位数为 38 分B这 10 名同学体育成绩的平均数为 38 分C这 10 名同学体育成绩的众数为 39 分D这 10 名同学体育成绩的方差为 27（3 分）如图，等边OAB 的边长为 2，则点

3、B 的坐标为（）A（1，1）B（，1）C（，）D（1，）8（3 分）如图，在 RtABC 中，AC5cm，BC12cm，ACB90，把 RtABC 绕BC 所在的直线旋转一周得到一个几何体，则这个几何体的侧面积为（）A60cm2B65cm2C120cm2D130cm29（3 分）已知菱形的周长为 4，两条对角线的和为 6，则菱形的面积为（）A2BC3D410（3 分）二次函数 yax2+bx+c（a、b、c 是常数，且 a0）的图象如图所示，下列结论错误的是（）A4acb2Babc0Cb+c3aDab第 3页（共 23页）二、填空题（本大题共二、填空题（本大题共 6 个小题，每小题个小题，每小

4、题 3 分，共分，共 18 分）分）11（3 分）如果1，那么 m12（3 分）计算：|1|+（）013（3 分）经过某十字路口的汽车，可直行，也可向左转或向右转，如果这三种可能性大小相同，则两辆汽车经过该十字路口时都直行的概率是14（3 分）如图，在ABCD 中，过对角线 BD 上一点 P 作 EFBC，GHAB，且 CG2BG，SBPG1，则 SAEPH15（3 分）小明从家到图书馆看报然后返回，他离家的距离 y 与离家的时间 x 之间的对应关系如图所示，如果小明在图书馆看报 30 分钟，那么他离家 50 分钟时离家的距离为km16（3 分）如图，正方形 ABCD 和正方形 CEFG 边长

5、分别为 a 和 b，正方形 CEFG 绕点 C旋转，给出下列结论：BEDG；BEDG；DE2+BG22a2+2b2，其中正确结论是（填序号）三三、解答题解答题（共共 9 个小题个小题，满分满分 72 分分）解答应写出必要的文字说明解答应写出必要的文字说明，证明过程或验算步骤证明过程或验算步骤17（6 分）化简（1），再任取一个你喜欢的数代入求值18（6 分）在“宏扬传统文化，打造书香校园”活动中，学校计划开展四项活动：“A国第 4页（共 23页）学诵读”、“B演讲”、“C课本剧”、“D书法”，要求每位同学必须且只能参加其中一项活动，学校为了了解学生的意愿，随机调查了部分学生，结果统计如下：（1

6、）如图，希望参加活动 C 占 20%，希望参加活动 B 占 15%，则被调查的总人数为人，扇形统计图中，希望参加活动 D 所占圆心角为度，根据题中信息补全条形统计图（2）学校现有 800 名学生，请根据图中信息，估算全校学生希望参加活动 A 有多少人？19（8 分）如图，DEAB，CFAB，垂足分别是点 E、F，DECF，AEBF，求证：ACBD20（8 分）已知关于 x 的一元二次方程 x2（m3）xm0（1）求证：方程有两个不相等的实数根；（2）如果方程的两实根为 x1、x2，且 x12+x22x1x27，求 m 的值21（8 分）如图，直线 ykx（k 为常数，k0）与双曲线 y（m 为

7、常数，m0）的交点为 A、B，ACx 轴于点 C，AOC30，OA2（1）求 m 的值；（2）点 P 在 y 轴上，如果 SABP3k，求 P 点的坐标第 5页（共 23页）22（8 分）如图，在 RtACB 中，ACB90，以 AC 为直径作O 交 AB 于点 D，E 为BC 的中点，连接 DE 并延长交 AC 的延长线于点 F（1）求证：DE 是O 的切线；（2）若 CF2，DF4，求O 直径的长23（8 分）学校准备租用一批汽车，现有甲、乙两种大客车，甲种客车每辆载客量 45 人，乙种客车每辆载客量 30 人 已知 1 辆甲种客车和 3 辆乙种客车共需租金 1240 元，3 辆甲种客车和

8、 2 辆乙种客车共需租金 1760 元（1）求 1 辆甲种客车和 1 辆乙种客车的租金分别是多少元？（2）学校计划租用甲、乙两种客车共 8 辆，送 330 名师生集体外出活动，最节省的租车费用是多少？24（10 分）如图，在正方形 ABCD 中，点 E、G 分别是边 AD、BC 的中点，AFAB（1）求证：EFAG；（2）若点 F、G 分别在射线 AB、BC 上同时向右、向上运动，点 G 运动速度是点 F 运动速度的 2 倍，EFAG 是否成立（只写结果，不需说明理由）？（3）正方形 ABCD 的边长为 4，P 是正方形 ABCD 内一点，当 SPABSOAB，求PAB周长的最小值第 6页（共

9、 23页）25（10 分）如图 1，已知二次函数 yax2+bx+c（a、b、c 为常数，a0）的图象过点 O（0，0）和点 A（4，0），函数图象最低点 M 的纵坐标为，直线 l 的解析式为 yx（1）求二次函数的解析式；（2）直线 l 沿 x 轴向右平移，得直线 l，l与线段 OA 相交于点 B，与 x 轴下方的抛物线相交于点 C，过点 C 作 CEx 轴于点 E，把BCE 沿直线 l折叠，当点 E 恰好落在抛物线上点 E时（图 2），求直线 l的解析式；（3）在（2）的条件下，l与 y 轴交于点 N，把BON 绕点 O 逆时针旋转 135得到BON，P 为 l上的动点，当PBN为等腰三角

10、形时，求符合条件的点 P 的坐标第 7页（共 23页）2017 年四川省南充市中考数学试卷年四川省南充市中考数学试卷参考答案与试题解析参考答案与试题解析一、选择题（本大题共一、选择题（本大题共 10 个小题，每小题个小题，每小题 3 分，共分，共 30 分）分）1【分析】直接移项可求出 a 的值【解答】解：移项可得：a3故选：B【点评】本题考查解一元一次方程的解法解一元一次方程常见的思路有通分，移项，左右同乘除等2【分析】根据主视图是从物体正面看所得到的图形解答即可【解答】解：根据主视图的定义可知，此几何体的主视图是 A 中的图形，故选：A【点评】本题考查的是简单几何体的三视图的作图，主视图、

11、左视图、俯视图是分别从物体正面、侧面和上面看所得到的图形3【分析】科学记数法的表示形式为 a10n的形式，其中 1|a|10，n 为整数确定 n 的值时，要看把原数变成 a 时，小数点移动了多少位，n 的绝对值与小数点移动的位数相同当原数绝对值1 时，n 是非负数；当原数的绝对值1 时，n 是负数【解答】解：553545.5354104，故选：C【点评】此题考查科学记数法的表示方法科学记数法的表示形式为 a10n的形式，其中 1|a|10，n 为整数，表示时关键要正确确定 a 的值以及 n 的值4【分析】先利用平行线的性质得出3，进而利用三角板的特征求出4，最后利用平行线的性质即可；【解答】解

12、：如图，过点 A 作 ABb，3158，第 8页（共 23页）3+490，490332，ab，ABB，ABb，2432，故选：B【点评】此题主要考查了平行线的性质，三角板的特征，角度的计算，解本题的关键是作出辅助线，是一道基础题目5【分析】各项计算得到结果，即可作出判断【解答】解：A、原式a4，不符合题意；B、原式8a4，不符合题意；C、原式不能合并，不符合题意；D、原式3a3a2，符合题意，故选：D【点评】此题考查了整式的混合运算，熟练掌握运算法则是解本题的关键6【分析】结合表格根据众数、平均数、中位数的概念求解即可【解答】解：10 名学生的体育成绩中 39 分出现的次数最多，众数为 39；

13、第 5 和第 6 名同学的成绩的平均值为中位数，中位数为：39；平均数38.4方差（3638.4）2+2（3738.4）2+（3838.4）2+4（3938.4）2+2（4038.4）21.64；选项 A，B、D 错误；故选：C【点评】本题考查了众数、平均数、中位数的知识，掌握各知识点的概念是解答本题的关键7【分析】先过 B 作 BCAO 于 C，则根据等边三角形的性质，即可得到 OC 以及 BC 的长，进而得出点 B 的坐标【解答】解：如图所示，过 B 作 BCAO 于 C，则AOB 是等边三角形，第 9页（共 23页）OCAO1，RtBOC 中，BC，B（1，），故选：D【点评】本题主要考

14、查了等边三角形的性质以及勾股定理的运用，解题的关键是作辅助线构造直角三角形8【分析】易利用勾股定理求得母线长，那么圆锥的侧面积底面周长母线长2【解答】解：在 RtABC 中，AC5cm，BC12cm，ACB90，由勾股定理得 AB13，圆锥的底面周长10，旋转体的侧面积101365，故选：B【点评】本题利用了勾股定理，圆的周长公式和扇形面积公式求解9【分析】由菱形的性质和勾股定理得出 AO+BO3，AO2+BO2AB2，（AO+BO）29，求出 2AOBO4，即可得出答案【解答】解：如图四边形 ABCD 是菱形，AC+BD6，AB，ACBD，AOAC，BOBD，AO+BO3，AO2+BO2AB

15、2，（AO+BO）29，即 AO2+BO25，AO2+2AOBO+BO29，2AOBO4，菱形的面积ACBD2AOBO4；故选：D第 10页（共 23页）【点评】本题考查菱形的性质、勾股定理；解题的关键是记住菱形的面积公式，记住菱形的对角线互相垂直，属于中考常考题型10【分析】根据二次函数的图象与性质即可求出答案【解答】解：（A）由图象可知：0，b24ac0，b24ac，故 A 正确；抛物线开口向下，a0，抛物线与 y 轴的负半轴，c0，抛物线对称轴为 x0，b0，abc0，故 B 正确；当 x1 时，yab+c0，a+cb，1，a0，b2aa+b+c2b4a，b+c3a 故 C 正确；当 x

16、1 时yab+c0，ab+cc，ab0，ab，故 D 错误；故选：D【点评】本题考查二次函数图象与性质，解题的关键是熟练运用二次函数的性质，本题第 11页（共 23页）属于中等题型，二、填空题（本大题共二、填空题（本大题共 6 个小题，每小题个小题，每小题 3 分，共分，共 18 分）分）11【分析】分式方程去分母转化为整式方程，求出整式方程的解得到 m 的值，经检验即可得到分式方程的解【解答】解：去分母得：1m1，解得：m2，经检验 m2 是分式方程的解，故答案为：2【点评】此题考查了解分式方程，利用了转化的思想，解分式方程注意要检验12【分析】直接利用绝对值的性质以及零指数幂的性质分别化简

17、求出答案【解答】解：|1|+（）01+1故答案为：【点评】此题主要考查了实数运算，正确化简各式是解题关键13【分析】画树状图展示所有 9 种等可能的结果数，再找出两辆汽车经过该十字路口都直行的结果数然后根据概率公式求解【解答】解：画树状图为：共有 9 种等可能的结果数，其中两辆汽车都直行的结果数为 1，所以则两辆汽车都直行的概率为，故答案为：【点评】本题考查了列表法与树状图法：利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果 n，再从中选出符合事件 A 或 B 的结果数目 m，然后利用概率公式计算事件 A 或事件 B 的概率14【分析】由条件可证明四边形 HPFD、BEPG 为平行四边形，可证明 S四

18、边形AEPHS四边形PFCG，再利用面积的和差可得出四边形 AEPH 和四边形 PFCG 的面积相等，由已知条件第 12页（共 23页）即可得出答案【解答】解：EFBC，GHAB，四边形 HPFD、BEPG、AEPH、CFPG 为平行四边形，SPEBSBGP，同理可得 SPHDSDFP，SABDSCDB，SABDSPEBSPHDSCDBSBGPSDFP，即 S四边形AEPHS四边形PFCGCG2BG，SBPG1，S四边形AEPHS四边形PFCG414；故答案为：4【点评】本题主要考查平行四边形的判定和性质，掌握平行四边形的判定和性质是解题的关键，即两组对边分别平行四边形为平行四边形，两组对边分

19、别相等四边形为平行四边形，一组对边平行且相等四边形为平行四边形，两组对角分别相等四边形为平行四边形，对角线互相平分四边形为平行四边形15【分析】根据题意和函数图象可以求得小明从图书馆回家的速度以及对应的时间，从而可以求得他离家 50 分钟时离家的距离或者根据题意求出相应的函数解析式，求出当 x50 时，对应的 y 的值即可解答本题【解答】解：方法一：由题意可得，小明从图书馆回家用的时间是：55（10+30）15 分钟，则小明回家的速度为：0.9150.06km/min，故他离家 50 分钟时离家的距离为：0.90.0650（10+30）0.3km，故答案为：0.3；方法二：设小明从图书馆回家对

20、应的函数解析式为 ykx+b，则该函数过点（40，0.9），（55，0），解得，即小明从图书馆回家对应的函数解析式为 y0.06x+3.3，当 x50 时，y0.0650+3.30.3，故答案为：0.3【点评】本题考查一次函数的应用，解答本题的关键是明确题意，找出所求问题需要的第 13页（共 23页）条件，利用一次函数的性质解答16【分析】由四边形 ABCD 与四边形 EFGC 都为正方形，得到四条边相等，四个角为直角，利用 SAS 得到三角形 BCE 与三角形 DCG 全等，利用全等三角形对应边相等即可得到 BEDG，利用全等三角形对应角相等得到12，利用等角的余角相等及直角的定义得到BOD

21、 为直角，利用勾股定理求出所求式子的值即可【解答】解：设 BE，DG 交于 O，四边形 ABCD 和 EFGC 都为正方形，BCCD，CECG，BCDECG90，BCE+DCEECG+DCE90+DCE，即BCEDCG，在BCE 和DCG 中，BCEDCG（SAS），BEDG，12，1+43+190，2+390，BOG90，BEDG；故正确；连接 BD，EG，如图所示，DO2+BO2BD2BC2+CD22a2，EO2+OG2EG2CG2+CE22b2，则 BG2+DE2DO2+BO2+EO2+OG22a2+2b2，故正确故答案为：【点评】此题考查了全等三角形的判定与性质，正方形的性质，勾股定理

22、，熟练掌握性质与定理是解本题的关键第 14页（共 23页）三三、解答题解答题（共共 9 个小题个小题，满分满分 72 分分）解答应写出必要的文字说明解答应写出必要的文字说明，证明过程或验算步骤证明过程或验算步骤17【分析】先根据分式混合运算的法则把原式进行化简，再选取合适的 x 的值代入进行计算即可【解答】解：（1），（），x10，x（x+1）0，x1，x0，当 x5 时，原式【点评】本题考查的是分式的化简求值，熟知分式混合运算的法则是解答此题的关键，注意代入的数值必须保证分式有意义18【分析】（1）根据统计图中希望参加 C 的人数和所占的百分比可以求得被调查的总人数，进而可以求得参加活动 B

23、 和 D 的人数，计算出希望参加活动 D 所占圆心角的度数，将条形统计图补充完整；（2）根据统计图中的数据可以估算全校学生希望参加活动 A 有多少人【解答】解：（1）由题意可得，被调查的总人数是：1220%60，希望参加活动 B 的人数为：6015%9，希望参加活动 D 的人数为：602791212，扇形统计图中，希望参加活动 D 所占圆心角为：360（115%20%）36020%72，故答案为：60，72，补全的条形统计图如右图所示；（2）由题意可得，800360，答：全校学生希望参加活动 A 有 360 人第 15页（共 23页）【点评】本题考查条形统计图、扇形统计图、用样本估计总体，解答

24、本题的关键是明确题意，找出所求问题需要的条件，利用数形结合的思想解答19【分析】欲证明 ACBD，只要证明AB，只要证明DEBCFA 即可【解答】证明：DEAB，CFAB，DEBAFC90，AEBF，AFBE，在DEB 和CFA 中，DEBCFA，AB，ACDB【点评】本题考查全等三角形的判定和性质、平行线的性质和判定等知识，解题的关键是熟练掌握全等三角形的判定方法，属于中考常考题型20【分析】（1）要证明方程有两个不相等的实数根，只要证明原来的一元二次方程的的值大于 0 即可；第 16页（共 23页）（2）根据根与系数的关系可以得到关于 m 的方程，从而可以求得 m 的值【解答】（1）证明：

25、x2（m3）xm0，（m3）241（m）m22m+9（m1）2+80，方程有两个不相等的实数根；（2）x2（m3）xm0，方程的两实根为 x1、x2，且 x12+x22x1x27，（m3）23（m）7，解得，m11，m22，即 m 的值是 1 或 2【点评】本题考查根与系数的关系、根的判别式，解答本题的关键是明确题意，找出所求问题需要的条件，利用方程的思想解答21【分析】（1）求出点 A 坐标利用待定系数法即可解决问题；（2）设 P（0，n），由 A（，1），B（，1），可得|n|+|n|3，解方程即可；【解答】解：（1）在 RtAOC 中，ACO90，AOC30，OA2，AC1，OC，A（，

26、1），反比例函数 y经过点 A（，1），m，ykx 经过点 A（，1），k（2）设 P（0，n），A（，1），B（，1），SAPBSOPA+SOPB，|n|+|n|3，n1，P（0，1）或（0，1）第 17页（共 23页）【点评】本题考查反比例函数与一次函数的交点问题、待定系数法，三角形的面积等知识，解题的关键是灵活应用待定系数法确定函数的解析式，学会构建方程解决问题，属于中考常考题型22【分析】（1）连接 OD、CD，由 AC 为O 的直径知BCD 是直角三角形，结合 E 为 BC的中点知CDEDCE，由ODCOCD 且OCD+DCE90可得答案；（2）设O 的半径为 r，由 OD2+DF2

27、OF2，即 r2+42（r+2）2可得 r3，即可得出答案【解答】解：（1）如图，连接 OD、CD，AC 为O 的直径，BCD 是直角三角形，E 为 BC 的中点，BECEDE，CDEDCE，ODOC，ODCOCD，ACB90，OCD+DCE90，ODC+CDE90，即 ODDE，DE 是O 的切线；第 18页（共 23页）（2）设O 的半径为 r，ODF90，OD2+DF2OF2，即 r2+42（r+2）2，解得：r3，O 的直径为 6【点评】本题主要考查切线的判定与圆周角定理、直角三角形的性质及勾股定理，熟练掌握切线的判定与圆周角定理是解题的关键23【分析】（1）可设 1 辆甲种客车的租金

28、是 x 元，1 辆乙种客车的租金是 y 元，根据等量关系：1 辆甲种客车和 3 辆乙种客车共需租金 1240 元，3 辆甲种客车和 2 辆乙种客车共需租金 1760 元，列出方程组求解即可；（2）由于求最节省的租车费用，可知租用甲种客车 6 辆，租用乙客车 2 辆，进而求解即可【解答】解：（1）设 1 辆甲种客车的租金是 x 元，1 辆乙种客车的租金是 y 元，依题意有，解得故 1 辆甲种客车的租金是 400 元，1 辆乙种客车的租金是 280 元；（2）方法 1：租用甲种客车 6 辆，租用乙客车 2 辆是最节省的租车费用，4006+28022400+5602960（元）方法 2：设租用甲种客

29、车 x 辆，依题意有45x+30（8x）330，解得 x6，租用甲种客车 6 辆，租用乙客车 2 辆的租车费用为：4006+28022400+5602960（元）；租用甲种客车 7 辆，租用乙客车 1 辆的租车费用为：4007+280第 19页（共 23页）2800+2803080（元）；29603080，故最节省的租车费用是 2960 元【点评】本题考查一元一次不等式及二元一次方程组的应用，解决本题的关键是读懂题意，找到符合题意的不等关系式及所求量的等量关系24【分析】（1）由正方形的性质得出 ADAB，EAFABG90，证出，得出AEFBAG，由相似三角形的性质得出AEFBAG，再由角的互

30、余关系和三角形内角和定理证出AOE90即可；（2）证明AEFBAG，得出AEFBAG，再由角的互余关系和三角形内角和定理即可得出结论；（3）过 O 作 MNAB，交 AD 于 M，BC 于 N，则 MNAD，MNAB4，由三角形面积关系得出点 P 在线段 MN 上，当 P 为 MN 的中点时，PAB 的周长最小，此时 PAPB，PMMN2，连接 EG，则 EGAB，EGAB4，证明AOFGOE，得出，证出，得出 AMAE，由勾股定理求出 PA，即可得出答案【解答】（1）证明：四边形 ABCD 是正方形，ADAB，EAFABG90，点 E、G 分别是边 AD、BC 的中点，AFAB，AEFBAG

31、，AEFBAG，BAG+EAO90，AEF+EAO90，AOE90，EFAG；（2）解：成立；理由如下：第 20页（共 23页）根据题意得：，又EAFABG，AEFBAG，AEFBAG，BAG+EAO90，AEF+EAO90，AOE90，EFAG；（3）解：过 O 作 MNAB，交 AD 于 M，BC 于 N，如图所示：则 MNAD，MNAB4，P 是正方形 ABCD 内一点，当 SPABSOAB，作点 A 关于 MN 的对称点 A，连接 BA，与 MN 交于点 P，此时PAB 的周长最小，PAPA，PAAPAA，PAB+PAA90，PBA+PAA90，PABPBA，PBPAPA，PMAB，A

32、MAM，PMAB，MNAB，PMPN2，连接 EG、PA、PB，则 EGAB，EGAB4，AOFGOE，第 21页（共 23页）MNAB，AMAE2，由勾股定理得：PA，PAB 周长的最小值2PA+AB+4【点评】本题是四边形综合题目，考查了正方形的性质、相似三角形的判定与性质、勾股定理、三角形内角和定理、直角三角形的性质等知识；本题综合性强，有一定难度，证明三角形相似是解决问题的关键25【分析】（1）由题意抛物线的顶点坐标为（2，），设抛物线的解析式为 ya（x2）2，把（0，0）代入得到 a，即可解决问题；（2）如图 1 中，设 E（m，0），则 C（m，m2m），B（m2+m，0），由

33、E、B 关于对称轴对称，可得2，由此即可解决问题；（3）分两种情形求解即可当 P1与 N 重合时，P1BN是等腰三角形，此时 P1（0，3）当 NPNB时，设 P（m，m3），列出方程解方程即可；【解答】解：（1）由题意抛物线的顶点坐标为（2，），设抛物线的解析式为 ya（x2）2，第 22页（共 23页）把（0，0）代入得到 a，抛物线的解析式为 y（x2）2，即 yx2x（2）如图 1 中，设 E（m，0），则 C（m，m2m），B（m2+m，0），E在抛物线上，易知四边形 EBEC 是正方形，抛物线的对称轴也是正方形的对称轴，E、B 关于对称轴对称，2，解得 m1 或 6（舍弃），B（3

34、，0），C（1，2），直线 l的解析式为 yx3（3）如图 2 中，第 23页（共 23页）当 P1与 N 重合时，P1BN是等腰三角形，此时 P1（0，3）当 NPNB时，设 P（m，m3），则有（m）2+（m3）2（3）2，解得 m或，P2（，），P3（，）综上所述，满足条件的点 P 坐标为（0，3）或（，）或（，）【点评】本题考查二次函数综合题、待定系数法、等腰三角形的判定和性质、两点间距离公式等知识，解题的关键是学会用分类讨论的思想思考问题，学会根据方程，属于中考压轴题声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2020/2/21 11:41:51；用户：18366185883；邮箱：18366185883；学号：22597006