高考物理一轮复习精选提分综合练单元检测二相互作用.doc

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1、1 / 13【2019【2019 最新最新】精选高考物理一轮复习精选提分综合练单元检精选高考物理一轮复习精选提分综合练单元检测二相互作用测二相互作用考生注意：1.本试卷共 4 页.2.答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应位置上.3.本次考试时间 90 分钟，满分 100 分.4.请在密封线内作答，保持试卷清洁完整.一、单项选择题(本题共 8 小题，每小题 4 分，共 32 分.在每小题给出的四个选项中只有一个选项正确，选对得 4 分，选错得 0 分)1.下列关于重力、弹力、摩擦力的说法正确的是( )A.物体的重力就是地球对物体的万有引力B.弹力的产生原

2、因是受力物体发生了形变C.摩擦力一定阻碍物体的运动D.静止的物体可能受到滑动摩擦力，运动的物体可能受到静摩擦力2.物体在以下三个力作用下，可能做匀速直线运动的是( )A.1 N、6 N、8 N B.1 N、6 N、4 N C.7 N、2 N、6 N D.5 N、9 N、15 N3.如图 1 所示，质量均为 m 的小球 A、B 用两根不可伸长的轻绳连接2 / 13后悬挂于 O 点，在外力 F 的作用下，小球 A、B 处于静止状态.若要使两小球处于静止状态且悬线 OA 与竖直方向的夹角保持 45不变，则外力 F 的大小( )图 1A.可能为 mgB.可能为 mgC.一定为 mgD.可能为 3mg4

3、.如图 2 所示，两楔形物体 A、B 两部分靠在一起，接触面光滑，物块 B 放置在地面上，物块 A 上端用绳子拴在天花板上，绳子处于竖直伸直状态，A、B 两物块保持静止.则( )图 2A.绳子的拉力可能为零B.地面受的压力大于物块 B 的重力C.物块 B 与地面间不存在摩擦力D.物块 B 受到地面的摩擦力水平向左5.(2018湖南怀化联考)如图 3 所示，有四块相同的坚固石块垒成弧形的石拱，其中第 3、4 块固定在地面上，每块石块的两个面间所夹的圆心角均为 37.假定石块间的摩擦力可以忽略不计，则第 1、2块石块间的作用力和第 1、3 块石块间的作用力的大小之比为(sin 370.6，cos

4、370.8)( )图 3A. B. C. D.36.一质量为 m 的小物块沿半径为 R 的圆弧轨道下滑，滑到最低点时的速度是 v，如图 4 所示.若小物块与轨道的动摩擦因数为 ，则当小3 / 13物块滑到最低点时受到的摩擦力为( )图 4A.mg B.mv2 RC.m(g) D.m(g)7.如图 5 所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔.质量为 m 的小球套在圆环上.一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住.现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移.在移动过程中手对线的拉力 F 和圆环对小球的弹力 FN 的大小变化情况是( )图 5A.F 不变，FN 增大 B.F 减小，FN

5、不变C.F 不变，FN 减小 D.F 增大，FN 减小8.(2018福建四校联考)如图 6 所示，质量均为 1 kg 的木块 M 和 N叠放在水平地面上，用一根细绳分别拴接在 M 和 N 右侧，在绳子中点用 F5 N 水平向右的力拉动 M 和 N 一起沿水平面匀速滑动，细绳与竖直方向夹角 60，g10 m/s2，则下列说法正确的是( )图 6A.木块 N 和地面之间的动摩擦因数为 0.35B.木块 M 和 N 之间的摩擦力为 2.5 NC.木块 M 对木块 N 的压力大小为 10 ND.若 变小，拉动 M、N 一起匀速运动所需拉力应大于 5 N二、多项选择题(本题共 4 小题，每小题 5 分，

6、共 20 分.在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项是正确的，全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分)9.如图 7 所示，叠在一起的物体 A、B 接触面间动摩擦因数都为 ，地面都光滑.当物体 A 受到水平拉力 F 作用，A、B 处于相对静止时，4 / 13关于 A、B 所受摩擦力对它们运动的影响，下列说法正确的是( )图 7A.两图中 A 物所受摩擦力都是阻力，方向都水平向右B.两图中 B 物所受摩擦力都是动力，方向都水平向左C.两图中 B 物所受摩擦力都为动力，甲图中方向为水平向左，乙图中方向水平向右D.甲图中 B 所受摩擦力为动力，乙图中 B 所受摩擦力为阻力，

7、它们的方向都是水平向左10.如图 8 所示，有一倾角 30的斜面体 B，质量为 M.物体 A 质量为 m，弹簧对物体 A 施加一个始终保持水平的作用力，调整 A 在 B上的位置，A 始终能和 B 保持静止.对此过程下列说法正确的是( )图 8A.A、B 之间的接触面可能是光滑的B.弹簧弹力越大，A、B 之间的摩擦力越大C.A、B 之间的摩擦力为 0 时，弹簧弹力为 mgD.弹簧弹力为 mg 时，A 所受摩擦力大小为 mg11.如图 9 所示，形状相同的物块 A、B，其截面为直角三角形，相对放置在粗糙水平地面上，光滑球体 C 放在两物块的斜面上，系统处于静止状态.已知物块 A、B 的质量都是 M

8、，60，光滑球体 C 质量为 m，则以下说法中正确的是( )图 9A.地面对物块 A 的摩擦力大小为 mgB.地面对物块 A 的摩擦力大小为 mgC.物块 A 对球体 C 的弹力大小为 mgD.物块 A 对地面的压力大小为 Mgmg5 / 1312.如图 10 所示，在倾角为 的斜劈 P 的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连的物块 A、B，C 为一垂直固定在斜面上的挡板.A、B 质量均为 m，斜劈连同挡板的质量为 M，弹簧的劲度系数为 k，系统静止于光滑水平面上.现开始用一水平恒力 F 作用于 P(重力加速度为 g)，下列说法中不正确的是( )图 10A.若 F0，挡板受到 B 物块的压力为 mg

9、sin B.力 F 较小时 A 相对于斜面静止，F 大于某一数值，A 相对于斜面向上滑动C.若要 B 离开挡板 C，弹簧伸长量需达到mgsin kD.若 F(M2m)gtan 且保持两物块与斜劈共同运动，弹簧将保持原长三、非选择题(本题共 6 小题，共 48 分)13.(8 分)某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图 11甲所示，其中 A 为固定橡皮条的图钉，O 为橡皮条与细绳的结点，OB和 OC 为细绳.图乙是在白纸上根据实验结果画出的图.图 11(1)如果没有操作失误，图乙中的 F 与 F两力中，方向一定沿 AO 方向的是_.(2)本实验采用的科学方法是_.(填正确答案标号)A.

10、理想实验法 B.等效替代法C.控制变量法 D.建立物理模型法(3)下列说法正确的是_(填正确答案标号)A.拉橡皮条的绳细一些且长一些B.拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应靠近木板且与木板面平行6 / 13C.同一次验证过程中 O 点位置应相同D.拉力 F1 和 F2 的夹角应该较小(4)由于实验室没有细绳，在进行实验时，图甲中的 OB 和 OC 可以用橡皮条代替吗？请说明理由：_.14.(6 分)在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，某同学把两根弹簧如图 12 甲连接起来进行探究.图 12钩码数1234LA/cm15.7119.7123.6627.76LB/cm29.9635.7641.5147.

11、36(1)某次测量如图乙所示，指针示数为_ cm.(2)在弹性限度内，将 50 g 的钩码逐个挂在弹簧下端，得到指针A、B 的示数 LA 和 LB 如表.用表中数据计算弹簧的劲度系数为_ N/m(重力加速度 g10 m/s2).由表中数据_(填“能”或“不能”)计算出弹簧的劲度系数.15.(8 分)如图 13 所示，斜面与水平面的夹角为 37，质量为 4 kg的物体 A 静止在斜面上.定滑轮的摩擦及质量均不计，求：(sin 370.6，cos 370.8，g10 m/s2)图 13(1)A 受到斜面的支持力多大？(2)若物体 B 质量为 3 kg，则 A 受到斜面的摩擦力为多大？方向如何？16

12、.(8 分)重力为 G18 N 的砝码悬挂在绳 PA 和 PB 的结点上，PA 偏离竖直方向 37角，PB 在水平方向，且连在重力为 G2100 N 的木7 / 13块上，木块静止于倾角为 37的斜面上，如图 14 所示.求：图 14(1)木块与斜面间的摩擦力大小；(2)木块所受斜面的弹力大小.17.(9 分)如图 15 所示，弹簧 AB 原长为 L035 cm，A 端挂一个重为G50 N 的小木块，手执 B 端，将小木块置于倾角为 30的斜面上.当小木块沿斜面匀速下滑时，弹簧长度为 L140 cm；当小木块沿斜面匀速上滑时，弹簧长度为 L250 cm.图 15(1)分别画出小木块匀速下滑与匀

13、速上滑的受力分析图；(2)求弹簧的劲度系数 k；(3)求小木块与斜面的滑动摩擦因数 .18.(9 分)(2018陕西黄陵中学模拟)如图 16 所示，放在粗糙、固定斜面上的物块 A 和悬挂的物块 B 均处于静止状态.轻绳 AO 绕过光滑的轻质定滑轮与轻弹簧的右端及轻绳 BO 的上端连接于 O 点，轻弹簧中轴线沿水平方向，轻绳的 OC 段与竖直方向的夹角 53，斜面倾角 37，物块 A 和 B 的质量分别为 mA5 kg，mB1.5 kg，弹簧的劲度系数 k500 N/m，(sin 370.6，cos 370.8，重力加速度 g10 m/s2)，求：图 16(1)弹簧的伸长量 x；(2)物块 A

14、受到的摩擦力.答案精析答案精析1.D 物体的重力是由于地球的吸引而产生的，它和地球对物体的万8 / 13有引力有区别，选项 A 错误；弹力的产生原因是物体发生了弹性形变，选项 B 错误；摩擦力一定阻碍物体的相对运动，选项 C 错误；静摩擦力存在于相对静止的两物体之间，滑动摩擦力存在于相对运动的两物体之间，运动物体可能受到静摩擦力作用，静止物体也可能受到滑动摩擦力作用，选项 D 正确.2.C 1 N、6 N 的合力范围为 5 NF 合7 N,8 N 和 4 N 的力不在这个范围内，三个力不可能平衡，物体就不可能做匀速直线运动，故A、B 错误.7 N、2 N 的合力范围为 5 NF 合9 N,6

15、N 的力在这个范围内，三个力可能平衡，物体就可能做匀速直线运动，故 C 正确.5 N、9 N 的合力范围为 4 NF 合14 N,15 N 的力不在这个范围内，三个力不可能平衡，物体就不可能做匀速直线运动，故 D 错误.3.D 对 A、B 两球整体受力分析，受重力 G2mg、OA 绳子的拉力 FT以及外力 F，三力平衡，将绳子的拉力 FT 和外力 F 合成，其合力与重力平衡，如图所示，当外力 F 与绳子的拉力 FT 垂直时，外力 F 最小，最小值为 2mgsin 45，即 mg；由于外力 F 的方向具有不确定性，因而从理论上讲，外力 F 最大值可以取到大于 mg 的任意值，故选 D.4.C A

16、、B 接触面光滑，A、B 间没有摩擦力，对 A 受力分析知，A受到重力和绳子的拉力，二力平衡，B 对 A 没有支持力，否则三个力不可能平衡，故 A 错误；对 B 受力分析知，B 受到重力、地面的支持力，根据平衡条件知，地面对 B 的支持力等于物块 B 的重力，地面对B 没有摩擦力，故 B、D 错误，C 正确.5.C 以第 1 块石块为研究对象，分析受力情况：重力 G、第 2 块石块的弹力 FN1 和第 3 块石块的弹力 FN2，如图所示，由平衡条件得sin 53，故选 C.6.C 物块滑到轨道最低点时，由重力和轨道的支持力提供物块的向9 / 13心力，由牛顿第二定律得 FNmgm，得到 FNm

17、(g)，则当小物块滑到最低点时受到的摩擦力为 FfFNm(g)，故选 C.7.B 小球沿圆环缓慢上移可看做匀速运动，对小球进行受力分析，小球受重力 G、细线的拉力 FTFF、圆环对小球的弹力 FN 三个力.作出受力分析图如图所示设圆环的半径为 R，由三角形相似得，当 A 点上移时，半径不变，AB 长度减小，故 F 减小，FN 不变，故 B 正确.8.B 将 M、N 看做整体，水平方向拉力 F 等于滑动摩擦力，竖直方向重力等于支持力，根据 FfFN，则有：0.25，故 A错误；对 M 受力分析，细线与竖直方向夹角 60，将绳子的拉力分解成水平方向和竖直方向，则绳子水平分力大小FFfM2.5 N，

18、故 B 正确；若没有绳子的拉力，木块 M 对木块N 的压力大小为 10 N，再加上绳子拉力的分力，因此木块 M 对木块 N的压力大小大于 10 N，故 C 错误；对于 M、N 整体，无论 变小，还是变大，拉动 M、N 一起匀速运动所需拉力仍等于 5 N，故 D 错误.9.AD 对甲图分析可知，甲中 A 物体受到的摩擦力为静摩擦力，方向与运动方向相反，为阻力；B 物体受到 A 的摩擦力为动力，方向向左；乙图中，A、B 相对静止，只能是 A、B 均静止，故 A 受摩擦力向右，为阻力，B 受摩擦力向左，为阻力，A、D 正确.10.CD 设弹簧弹力为 F，当 Fcos 30mgsin 30时，即 Fm

19、g时，A 所受摩擦力为 0；若 Fmg 时，A 受到的摩擦力沿斜面向下，弹力越大，摩擦力越大；若 Fmg 时，A 受到的摩擦力沿斜面向上，弹力越大，摩擦力越小，可见 A、B 错误，C 正确；当 Fmg 时，A 所受摩擦力大小为 FfFcos 30mgsin 30mg，方向沿斜面向下，D 正确.10 / 1311.BD 以 C 为研究对象受力分析，运用合成法作图，根据平衡条件得 A、B 对 C 的弹力的合力与重力等大反向，如图甲所示：由几何知识得：FNAmg，故 C 错误；以 A 为研究对象受力分析，如图乙所示，根据平衡条件，水平方向：FfFNCsin FNAsin 60mg，故 A错误，B 正

20、确；竖直方向：FN 地MgFNCcos Mgmg，根据牛顿第三定律，物块 A 对地面的压力大小为 FN 地Mgmg，故 D正确.12.ABC F0 时，对物块 A、B 整体受力分析，受重力、斜面的支持力和挡板的支持力 FN1，根据共点力平衡条件，沿平行斜面方向，有 FN12mgsin 0，故挡板受到 B 物块的压力为 FN22mgsin ，A 错误；当没有 F 作用时，对 A 分析有 mgsin kx，用水平力F 作用于 P 时，A 具有水平向左的加速度，设加速度大小为 a，将加速度分解如图甲所示，根据牛顿第二定律得 mgsin kxmacos ，当加速度 a 增大时，x 减小，即弹簧的压缩量

21、减小，物块 A 相对斜面开始向上滑，故物块A 从 F 刚施加上就一直沿斜面向上滑动，B 错误；物块 B 恰好离开挡板 C 的临界情况是物块 B 对挡板无压力，此时，整体向左加速运动，对物块 B 受力分析，受重力、挡板支持力、弹簧的拉力，如图乙所示，根据牛顿第二定律，有 mgFNBcos kxsin 0，FNBsin kxcos ma，解得 kxmgsin macos ，B 离开挡板 C 时，对 A、B 整体，2mgtan 2ma，agtan ，则得 x0，弹簧为原长，C 错误；若 F(M2m)gtan 且保持两物块与斜劈共同运动，则根据牛顿第二定律，整体加速度为 gtan .对物块 A 受力分

22、析，受重力、支持力和弹簧弹力，如图丙所示：11 / 13根据牛顿第二定律，有 mgsin kxmacos ，解得 kx0，故弹簧处于原长，故 D 正确.13.(1)F (2)B (3)ABC (4)可以，因为 OB 和 OC 的作用是确定两个力的方向解析 (1)题图乙中的 F 与 F中，F是由平行四边形定则得出的，而 F 是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮条的方向相同，一定与 AO 共线的是 F.(2)本实验采用的科学方法是等效替代法，故选 B.(3)拉橡皮条的绳细一些且长一些，以便记录拉力的方向，选项 A 正确；拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应靠近木板且与木板面平行，选项 B 正确；同

23、一次验证过程中 O 点位置应相同，以保证等效性，选项 C 正确；拉力 F1 和 F2 的夹角应该大小适当，选项 D 错误；故选A、B、C.(4)在进行实验时，图甲中的 OB 和 OC 可以用橡皮条代替；理由：因为 OB 和 OC 的作用是确定两个力的方向.14.(1)16.00 (2)12.5 能解析 (1)刻度尺读数读到最小刻度的下一位，指针示数为 16.00 cm.(2)由表格中的数据可知，当弹力的变化量 F0.5 N 时，弹簧形变量的变化量为 x4.00 cm，根据胡克定律知：k1 N/m12.5 N/m；结合 LA 和 LB 示数的变化，可以得出弹簧形变量的变化量，结合弹力变化量，根据

24、胡克定律能求出弹簧的劲度系数.15.(1)32 N (2)6 N 方向沿斜面向下解析 (1)对物体 A 受力分析，如图所示：根据平衡条件并运用正交分解法可知，y 轴上合力为零，即有：FNmAgcos 3712 / 13代入数据可得：FN4100.8 N32 N(2)对物体 A，先假设静摩擦力平行斜面向上，根据平衡条件并结合正交分解法，有：平行斜面方向：FTFfmAgsin 37FTmBg联立解得：Ff6 N，故方向沿斜面向下.16.(1)64.8 N (2)76.4 N解析 对结点 P 受力分析如图甲所示，由平衡条件得：在竖直方向：FTAcos 37G10在水平方向：FTAsin 37FTB0

25、联立并代入数据解得：FTB6 N对木块受力分析如图乙所示，由平衡条件得：沿斜面方向：FfG2sin 37FTBcos 370沿垂直斜面方向：FNFTBsin 37G2cos 370FTBFTB以上联立并代入数据解得：Ff64.8 N，FN76.4 N.17.(1)见解析图 (2)250 N/m (3)36解析 (1)匀速下滑时，小木块受重力、斜面的支持力、弹簧的拉力和摩擦力(沿斜面向上)，受力分析如图所示，匀速上滑时，小木块受重力、斜面的支持力、弹簧的拉力和摩擦力(沿斜面向下)，受力分析如图所示，(2)由受力分析图得匀速下滑：kx1Ff1Gsin 30，x1L1L0匀速上滑：kx2Gsin 30Ff2，x2L2L0Ff1Ff213 / 13得 k250 N/m(3)由 Ff1Gcos 30Gsin 30kx1得 .18.(1)4 cm (2)5 N，方向沿斜面向上解析 (1)对结点 O 受力分析如图所示：FTcos mBg0FTsin F0Fkx联立解得：x4 cm.(2)设物块 A 所受摩擦力沿斜面向下，对物块 A 受力分析如图所示：FTFfmAgsin 0解得：Ff5 N即物块 A 所受摩擦力大小为 5 N，方向沿斜面向上.