2013年浙江省高考数学试卷(文科)及解析.pdf

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1、20132013 年浙江省高考数学试卷年浙江省高考数学试卷(文科）文科）一、选择题一、选择题:本大题共本大题共 1010 小题，每小题小题，每小题 5 5 分，共分，共 5050 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1（5 分）（2013浙江)设集合 S=xx2，T=x|4x1，则 ST=(）A4,+）B（2，+）C4，1D（2，12（5 分)（2013浙江）已知 i 是虚数单位，则（2+i）(3+i）=（）A55iB75iC5+5iD7+5i3(5 分）(2013浙江)若 R，则“=0是“sincos”的（)A充分不

2、必要条件B必要不充分条件C充分必要条件D既不充分也不必要条件4（5 分)（2013浙江）设 m、n 是两条不同的直线，、是两个不同的平面，()A若 m，n,则 m n B若 m,m，则 C若 m n，m,则 n D若 m，则 m5（5 分)（2013浙江)已知某几何体的三视图（单位：cm）如图所示，则该几何体的体积是（）A108cm3B100 cm3C92cm3D84cm36（5 分）（2013浙江）函数 f（x）=sinxcos x+cos2x 的最小正周期和振幅分别是（)A，1B，2C2，1D2，27（5 分）（2013浙江）已知 a、b、cR,函数 f（x)=ax2+bx+c若 f(0）

3、=f（4）f（1）,则（）Aa0，4a+b=0Ba0，4a+b=0Ca0,2a+b=0Da0，2a+b=08（5 分）（2013浙江）已知函数 y=f（x）的图象是下列四个图象之一，且其导函数y=f(x)的图象如图所示，则该函数的图象是（）ABCD9(5 分)(2013浙江）如图 F1、F2是椭圆 C1：+y2=1 与双曲线 C2 的公共焦点 A、B 分别是 C1、C2在第二、四象限的公共点，若四边形AF1BF2为矩形,则 C2的离心率是(）ABCD10（5 分)（2013浙江）设 a,bR，定义运算“”和“”如下：ab=a b=若正数 a、b、c、d 满足 ab4，c+d4,则(）ab2,c

4、 d2Aab2，cd2B二、填空题二、填空题:本大题共本大题共 7 7 小题，每小题小题，每小题 4 4 分分,共共 2828 分。分。11（4 分)（2013浙江）已知函数 f（x）=Ca b2，cd2Da b2，c d2，若 f（a）=3，则实数 a=_12（4 分）（2013浙江)从三男三女 6 名学生中任选 2 名(每名同学被选中的概率均相等)，则 2 名都是女同学的概率等于_13（4 分）（2013浙江）直线 y=2x+3 被圆 x2+y26x8y=0 所截得的弦长等于_14（4 分）（2013浙江)某程序框图如图所示，则该程序运行后输出的值等于_15（4分）（2013浙江）设z=k

5、x+y，其中实数x、y满足若z的最大值为12，则实数k=_16(4 分）(2013浙江）设 a，bR，若 x0 时恒有 0 x4x3+ax+b(x21）2，则 ab 等于_17(4分）(2013浙江）设、为单位向量，非零向量=x+y，x、yR 若、的夹角为30，则的最大值等于_三、解答题：本大题共三、解答题：本大题共 5 5 小题，共小题，共 7272 分分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。18（14 分）（2013浙江)在锐角 ABC 中，内角 A，B，C 的对边分别为 a，b，c，且 2asinB=b（）求角 A 的大小；（)若 a=6，b+

6、c=8，求 ABC 的面积19（14 分)(2013浙江)在公差为 d 的等差数列an中，已知 a1=10，且 a1,2a2+2，5a3成等比数列（)求 d，an；（)若 d0，求a1+a2+|a3+|an|20（15 分）（2013浙江）如图，在四棱锥 PABCD 中，PA面 ABCD,AB=BC=2，AD=CD=，PA=，ABC=120，G 为线段 PC 上的点（）证明：BD面 PAC；（）若 G 是 PC 的中点，求 DG 与 PAC所成的角的正切值；（）若 G 满足 PC面 BGD，求的值21（15 分）（2013浙江）已知 aR，函数 f（x）=2x33(a+1）x2+6ax（）若

7、a=1，求曲线 y=f（x）在点（2,f（2）处的切线方程；(）若a1，求 f(x）在闭区间0,|2a上的最小值22(14 分)（2013浙江）已知抛物线 C 的顶点为 O（0，0），焦点 F（0，1）（）求抛物线 C 的方程；（）过 F 作直线交抛物线于 A、B 两点若直线 OA、OB 分别交直线 l：y=x2 于 M、N 两点，求|MN|的最小值20132013 年浙江省高考数学试卷（文科）年浙江省高考数学试卷（文科）参考答案与试题解析参考答案与试题解析一、选择题一、选择题:本大题共本大题共 1010 小题，每小题小题，每小题 5 5 分，共分，共 5050 分分.在每小题给出的四个选项中

8、，只有一项是符合题目要求的。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1（5 分)(2013浙江)设集合 S=x|x2，T=x4x1,则 ST=（）A4，+）B（2，+）C4，1D（2,1考点：交集及其运算专题:计算题分析：找出两集合解集的公共部分，即可求出交集解答：解：集合 S=xx2=（2，+）,T=x4x1=4，1，ST=（2，1故选 D点评：此题考查了交集及其运算，熟练掌握交集的定义是解本题的关键2（5 分）（2013浙江）已知 i 是虚数单位，则（2+i)（3+i）=()A55iB75iC5+5iD7+5i考点：复数代数形式的乘除运算专题：计算题分析:直接利用多项式的乘法展

9、开，求出复数的最简形式解答：解:复数（2+i）(3+i)=6+5i+i2=5+5i故选 C点评：本题考查复数的代数形式的混合运算,考查计算能力3（5 分）（2013浙江）若 R，则“=0”是“sincos”的（)A充分不必要条件B必要不充分条件C充分必要条件D既不充分也不必要条件考点:必要条件、充分条件与充要条件的判断专题:三角函数的图像与性质分析：当“=0”可以得到“sincos”，当“sincos”时，不一定得到“=0”，得到“=0”是“sincos”的充分不必要条件解答：解：“=0”可以得到“sincos”，当“sincos”时，不一定得到“=0”，如=等,“=0”是“sincos”的充

10、分不必要条件，故选 A点评：本题主要考查了必要条件，充分条件与充要条件的判断,要求掌握好判断的方法4（5 分）（2013浙江）设 m、n 是两条不同的直线，、是两个不同的平面，(）A若 m，n，则 m nB若 m，m，则 C若 m n，m，则 nD若 m,，则 m考点：空间中直线与平面之间的位置关系；空间中直线与直线之间的位置关系；平面与平面之间的位置关系专题:计算题；空间位置关系与距离分析：用直线与平面平行的性质定理判断A 的正误；用直线与平面平行的性质定理判断B 的正误;用线面垂直的判定定理判断 C 的正误；通过面面垂直的判定定理进行判断D 的正误解答：解：A、m，n,则 m n，m 与

11、n 可能相交也可能异面，所以A 不正确；B、m,m，则 ,还有 与 可能相交,所以 B 不正确；C、m n,m,则 n，满足直线与平面垂直的性质定理，故C 正确D、m，则 m，也可能 m,也可能 m=A,所以 D 不正确;故选 C点评：本题主要考查线线，线面,面面平行关系及垂直关系的转化,考查空间想象能力能力5（5 分）（2013浙江）已知某几何体的三视图（单位：cm）如图所示，则该几何体的体积是（）A108cm3BCD100 cm392cm384cm3考点：由三视图求面积、体积专题:空间位置关系与距离分析：由三视图可知：该几何体是一个棱长分别为6，6，3，砍去一个三条侧棱长分别为4，4，3

12、的一个三棱锥（长方体的一个角）据此即可得出体积解答:解:由三视图可知:该几何体是一个棱长分别为6,6,3，砍去一个三条侧棱长分别为4,4，3 的一个三棱锥（长方体的一个角）该几何体的体积 V=663故选 B=100点评：由三视图正确恢复原几何体是解题的关键6(5 分）(2013浙江)函数 f（x）=sinxcos x+cos2x 的最小正周期和振幅分别是()A，1B，2C2，1D2，2考点：两角和与差的正弦函数；二倍角的正弦；二倍角的余弦;三角函数的周期性及其求法专题：计算题;三角函数的图像与性质分析:f(x）解析式第一项利用二倍角的正弦函数公式化简，再利用两角和与差的正弦函数公式及特殊角的我

13、三角函数值化为一个角的正弦函数，根据正弦函数的值域，确定出振幅,找出 的值，求出函数的最小正周期即可解答：解：f（x)=sin2x+cos2x=sin（2x+）,1sin（2x+）1，振幅为 1，=2,T=故选 A点评:此题考查了两角和与差的正弦函数公式,二倍角的正弦函数公式，以及三角函数的周期性及其求法，熟练掌握公式是解本题的关键7（5 分）(2013浙江)已知 a、b、c R，函数 f（x）=ax2+bx+c若 f（0)=f（4)f（1),则（）Aa0，4a+b=0Ba0，4a+b=0Ca0，2a+b=0Da0，2a+b=0考点：二次函数的性质专题：函数的性质及应用分析：由 f(0)=f（

14、4)可得 4a+b=0；由 f（0）f（1)可得 a+b0，消掉 b 变为关于 a 的不等式可得 a0解答:解：因为 f(0）=f（4）,即 c=16a+4b+c,所以 4a+b=0；又 f（0）f（1），即 ca+b+c，所以 a+b0，即 a+（4a）0，所以3a0，故 a0故选 A点评：本题考查二次函数的性质及不等式，属基础题8（5 分）（2013浙江)已知函数 y=f（x)的图象是下列四个图象之一，且其导函数y=f（x）的图象如图所示，则该函数的图象是（）ABCD考点：函数的图象专题：函数的性质及应用分析：根据导数的图象，利用函数的单调性和导数的关系，得出所选的选项解答：解：由导数的图

15、象可得，函数f（x)在1，0上增长速度逐渐变大，图象是下凹型的；在0,1上增长速度逐渐变小,图象是上凸型的，故选 B点评：本题主要考查函数的单调性和导数的关系,属于基础题9（5 分）(2013浙江)如图 F1、F2是椭圆 C1：+y2=1 与双曲线 C2 的公共焦点 A、B 分别是 C1、C2在第二、四象限的公共点，若四边形AF1BF2为矩形，则 C2的离心率是（)ABCD考点：椭圆的简单性质专题：计算题；圆锥曲线的定义、性质与方程分析：不妨设AF1=x,|AF2=y，依题意质即可求得 C2的离心率解答:解：设AF1|=x，|AF2|=y,点 A 为椭圆 C1：2a=4，b=1，c=；|AF1

16、+AF2|=2a=4，即 x+y=4;又四边形 AF1BF2为矩形，+=，解此方程组可求得 x，y 的值，利用双曲线的定义及性+y2=1 上的点,即 x2+y2=（2c）2=12，由得：，解得 x=2,y=2+，设双曲线 C2的实轴长为 2a,焦距为 2c，则 2a=，AF2|AF1=yx=2，2c=2 双曲线 C2的离心率 e=2，故选 D点评：本题考查椭圆与双曲线的简单性质，求得AF1|与|AF2是关键,考查分析与运算能力，属于中档题10(5 分）（2013浙江）设 a,bR，定义运算“”和“”如下：ab=a b=若正数 a、b、c、d 满足 ab4,c+d4，则(）Aab2，cd2Bab

17、2，c d2Ca b2，cd2考点：函数的值专题：计算题;新定义分析：依题意,对 a，b 赋值,对四个选项逐个排除即可解答:解：ab=，a b=，Da b2，c d2正数 a、b、c、d 满足 ab4,c+d4，不妨令 a=1，4，则 ab2 错误，故可排除 A，B；再令 c=1，d=1,满足条件 c+d4，但不满足 c d2，故可排除 D；故选 C点评：本题考查函数的求值，考查正确理解题意与灵活应用的能力，着重考查排除法的应用，属于中档题二、填空题：本大题共二、填空题：本大题共 7 7 小题，每小题小题，每小题 4 4 分分,共共 2828 分。分。11（4 分）（2013浙江）已知函数 f

18、(x）=,若 f（a）=3，则实数 a=10考点：函数的值专题：计算题分析：利用函数的解析式以及 f（a）=3 求解 a 即可解答：解：因为函数 f(x)=，又 f（a）=3,所以，解得 a=10故答案为：10点评:本题考查函数解析式与函数值的应用,考查计算能力12（4 分）（2013浙江）从三男三女 6 名学生中任选 2 名（每名同学被选中的概率均相等）,则 2 名都是女同学的概率等于 考点：古典概型及其概率计算公式专题：概率与统计分析：由组合数可知：从 6 名学生中任选 2 名共有的概率公式可得答案解答：解：从 6 名学生中任选 2 名共有满足 2 名都是女同学的共有故所求的概率为:=15

19、 种情况，=15 种情况,2 名都是女同学的共有=3 种情况，由古典概型=3 种情况，故答案为:点评:本题考查古典概型及其概率公式，涉及组合数的应用,属基础题13（4 分）（2013浙江）直线 y=2x+3 被圆 x2+y26x8y=0 所截得的弦长等于4考点：直线与圆的位置关系专题:计算题；直线与圆分析:求出圆的圆心与半径，利用圆心距，半径，半弦长满足勾股定理，求解弦长即可解答：解：圆 x2+y26x8y=0 的圆心坐标(3，4)，半径为 5，圆心到直线的距离为：因为圆心距，半径,半弦长满足勾股定理，所以直线 y=2x+3 被圆 x2+y26x8y=0 所截得的弦长为：2故答案为:4点评：本

20、题考查直线与圆的位置关系，弦长的求法，考查转化思想与计算能力14（4 分）（2013浙江）某程序框图如图所示，则该程序运行后输出的值等于=4，考点:程序框图专题:图表型分析：由题意可知，该程序的作用是求解S=1+解答：解：由题意可知，该程序的作用是求解S=1+而 S=1+的值,然后利用裂项求和即可求解的值=1+1+=故答案为：点评:本题考查了程序框图中的循环结构的应用，解题的关键是由框图的结构判断出框图的计算功能15(4 分）（2013浙江）设 z=kx+y，其中实数 x、y 满足若 z 的最大值为 12，则实数 k=2考点：简单线性规划专题：计算题；不等式的解法及应用分析：作出题中不等式组表

21、示的平面区域，得如图的 ABC 及其内部，再将目标函数z=kx+y 对应的直线进行平移经讨论可得当当 k0 时，找不出实数 k 的值使 z 的最大值为 12;当 k0 时,结合图形可得:当 l 经过点 C时,zmax=F(4，4）=4k+4=12，解得 k=2，得到本题答案解答：解：作出不等式组表示的平面区域,得到如图的 ABC 及其内部,其中 A（2，0)，B(2，3)，C（4,4)设 z=F（x，y）=kx+y，将直线 l：z=kx+y 进行平移,可得当 k0 时，直线 l 的斜率k0，由图形可得当 l 经过点 B（2,3）或 C(4，4）时，z 可达最大值，此时，zmax=F（2,3）=

22、2k+3 或 zmax=F（4，4）=4k+4但由于 k0，使得 2k+312 且 4k+412,不能使 z 的最大值为 12，故此种情况不符合题意；当 k0 时，直线 l 的斜率k0,由图形可得当 l 经过点 C 时，目标函数 z 达到最大值此时 zmax=F（4，4）=4k+4=12，解之得 k=2，符合题意综上所述，实数 k 的值为 2故答案为：2点评：本题给出二元一次不等式组，在目标函数z=kx+y 的最大值为 12 的情况下求参数 k 的值，着重考查了二元一次不等式组表示的平面区域和简单的线性规划等知识,属于基础题16(4 分)(2013浙江）设 a,bR，若 x0 时恒有 0 x4

23、x3+ax+b(x21）2，则 ab 等于1考点：函数恒成立问题专题：转化思想;函数的性质及应用分析：由题意，x0 时恒有 0 x4x3+ax+b（x21）2，考察（x21)2，发现当 x=1 时，其值都为 0，再对照不等式左边的 0，可由两边夹的方式得到参数a，b 满足的方程，从而解出它们的值，即可求出积解答：解：验证发现，当 x=1 时，将 1 代入不等式有 0a+b0，所以 a+b=0；当 x=1 时，将1 代入不等式有 02a+b0，所以 ba=2联立以上二式得:a=1,b=1所以 ab=1故答案为1点评：本题考查函数恒成立的最值问题，由于所给的不等式较为特殊,可借助赋值法得到相关的方

24、程直接求解，本题解法关键是观察出不等式右边为零时的自变量的值，将问题灵活转化是解题的关键17（4 分）(2013浙江)设、为单位向量，非零向量=x+y，x、yR若、的夹角为30，则考点：数量积表示两个向量的夹角专题：平面向量及应用分析：由题意求得=，=的最大值等于2=，从而可得=,再利用二次函数的性质求得解答：的最大值=11cos30=，,解：、为单位向量，和的夹角等于30，非零向量=x+y，|=故当=时，取得最大值为 2，故答案为 2点评：本题主要考查两个向量的数量积的运算，求向量的模，利用二次函数的性质求函数的最大值，属于中档题三、解答题：本大题共三、解答题：本大题共 5 5 小题小题,共

25、共 7272 分分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.18（14 分）（2013浙江)在锐角 ABC 中，内角 A，B，C 的对边分别为 a,b，c，且 2asinB=b（）求角 A 的大小;（）若 a=6,b+c=8，求 ABC 的面积考点：正弦定理；余弦定理专题：解三角形分析：（）利用正弦定理化简已知等式，求出 sinA 的值，由 A 为锐角，利用特殊角的三角函数值即可求出A 的度数；(）由余弦定理列出关系式，再利用完全平方公式变形，将 a，b+c 及 cosA 的值代入求出 bc 的值,再由 sinA的值，利用三角形面积公式即可求出三角形ABC

26、 的面积解答:解：(）由 2asinB=b，利用正弦定理得:2sinAsinB=sinB，sinB0，sinA=又 A 为锐角，则 A=；，()由余弦定理得:a2=b2+c22bccosA，即 36=b2+c2bc=(b+c)23bc=643bc，bc=，又 sinA=，则 SABC=bcsinA=点评：此题考查了正弦定理，三角形的面积公式,熟练掌握正弦定理是解本题的关键19（14 分）（2013浙江）在公差为 d 的等差数列an中，已知 a1=10，且 a1，2a2+2，5a3成等比数列()求 d，an;()若 d0，求|a1|+|a2+|a3+|an考点：数列的求和；等差数列的通项公式；等

27、比数列的性质专题：等差数列与等比数列分析：（）直接由已知条件 a1=10，且 a1，2a2+2，5a3成等比数列列式求出公差,则通项公式 an可求；（）利用（)中的结论,得到等差数列an的前 11 项大于等于 0,后面的项小于 0，所以分类讨论求 d0时|a1|+a2+|a3+an|的和解答:解：（）由题意得,即,整理得 d23d4=0解得 d=1 或 d=4当 d=1 时，an=a1+（n1）d=10（n1）=n+11当 d=4 时，an=a1+（n1）d=10+4（n1)=4n+6所以 an=n+11或 an=4n+6；（)设数列an的前 n 项和为 Sn,因为 d0，由（)得 d=1，a

28、n=n+11则当 n11 时,当 n12 时,a1|+|a2|+a3+|an=Sn+2S11=综上所述,a1+|a2+|a3+|an=点评：本题考查了等差数列、等比数列的基本概念，考查了等差数列的通项公式,求和公式，考查了分类讨论的数学思想方法和学生的运算能力，是中档题20（15 分）(2013浙江)如图，在四棱锥PABCD 中，PA面 ABCD，AB=BC=2,AD=CD=，PA=，ABC=120，G 为线段 PC 上的点(）证明：BD面 PAC；（）若 G 是 PC 的中点，求 DG 与 PAC所成的角的正切值;(）若 G 满足 PC面 BGD,求的值考点：直线与平面垂直的判定；直线与平面

29、所成的角;点、线、面间的距离计算专题:空间位置关系与距离；空间角分析：(）由 PA面 ABCD，可得 PABD；设 AC 与 BD 的交点为 O，则由条件可得 BD 是 AC 的中垂线，故O 为 AC 的中点，且 BDAC再利用直线和平面垂直的判定定理证得BD面 PAC（）由三角形的中位线性质以及条件证明 DGO 为 DG 与平面 PAC所成的角，求出GO 和 AC 的值，可得 OC、OD 的值，再利用直角三角形中的边角关系求得tan DGO 的值（）先证 PCOG，且 PC=PG=PCGC 的值，从而求得的值=由 COG PCA，可得，解得 GC 的值，可得解答：解：（）证明：在四棱锥 PA

30、BCD 中，PA面 ABCD，PABD AB=BC=2,AD=CD=，设 AC 与 BD 的交点为 O，则 BD 是 AC 的中垂线，故 O 为 AC 的中点，且 BDAC而 PAAC=A，BD面 PAC（）若G 是 PC 的中点，则GO 平行且等于 PA,故由 PA面 ABCD，可得GO面 ABCD，GOOD，故 OD平面 PAC，故 DGO 为 DG 与平面 PAC所成的角由题意可得，GO=PA=ABC 中，由余弦定理可得AC2=AB2+BC22ABBCcos ABC=4+4222cos120=12，AC=2,OC=直角三角形 COD 中，OD=直角三角形 GOD 中，tan DGO=2，

31、（）若 G 满足 PC面 BGD，OG平面 BGD，PCOG，且 PC=由 COG PCA，可得 PG=PCGC=,即,解得 GC=，=点评：本题主要考查直线和平面垂直的判定定理的应用，求直线和平面所成的角,空间距离的求法，属于中档题21（15 分)（2013浙江)已知 aR,函数 f（x）=2x33(a+1）x2+6ax（）若 a=1，求曲线 y=f（x)在点（2，f（2）处的切线方程;（）若a1，求 f（x）在闭区间0，|2a|上的最小值考点:利用导数研究曲线上某点切线方程;利用导数求闭区间上函数的最值专题：导数的综合应用分析：（）求导函数，确定切线的斜率，求出切点的坐标，即可求曲线y=f

32、（x)在点（2，f（2)）处的切线方程；()分类讨论，利用导数确定函数的单调性，从而可得极值,即可得到最值解答：解：（）当 a=1 时,f(x）=6x212x+6，所以 f（2）=6 f(2)=4，曲线 y=f（x)在点（2，f(2）)处的切线方程为 y=6x8；（）记 g（a）为 f（x)在闭区间0，|2a上的最小值f（x)=6x26（a+1）x+6a=6(x1）(xa)令 f(x)=0，得到 x1=1,x2=a当 a1 时，x0（0，1）1（1，a）a(a,2a）2af（x）+00+f（x）0单调递增极大值 3a1单调递减极小值单调递增4a3e2（3a）比较 f（0）和 f(a）=a2(3

33、a）的大小可得 g（a）=当 a1 时，X0fx）f（x)0 g（a)=3a1;（0，1）单调递减1（1，2a）0+极小值 3a1单调递增2a28a324a2 f(x)在闭区间0，2a上的最小值为 g（a)=点评：本题考查导数知识的运用，考查导数的几何意义，考查函数的最值，考查学生的计算能力，考查分类讨论的数学思想，属于中档题22（14 分）（2013浙江)已知抛物线 C 的顶点为 O（0，0）,焦点 F(0，1）(）求抛物线 C 的方程；（）过 F 作直线交抛物线于 A、B 两点若直线OA、OB 分别交直线 l:y=x2 于 M、N 两点，求|MN|的最小值考点:直线与圆锥曲线的关系；抛物线

34、的标准方程专题：综合题；数形结合；转化思想；圆锥曲线的定义、性质与方程分析：（I)由抛物线的几何性质及题设条件焦点F(0,1）可直接求得 p，确定出抛物线的开口方向,写出它的标准方程;（II）由题意，可A（x1，y1），B（x2，y2），直线 AB 的方程为 y=kx+1,将直线方程与（I）中所求得方程联立，再结合弦长公式用所引入的参数表示出|MN，根据所得的形式作出判断,即可求得最小值解答：解:(I）由题意可设抛物线 C 的方程为 x2=2py（p0）则=1，解得 p=2，故抛物线 C 的方程为 x2=4y（II）设 A(x1，y1）,B（x2，y2），直线 AB 的方程为 y=kx+1由消去 y，整理得 x24kx4=0所以 x1+x2=4k，x1x2=4，从而有x1x2=4由解得点 M 的横坐标为 xM=，同理可得点 N 的横坐标为 xN=所以|MN|=xMxN|=|令 4k3=t，t 不为 0，则 k=|=8=当 t0 时,|MN|=22当 t0 时,MN|=2=2综上所述，当 t=时，MN的最小值是点评：本题主要考查抛物线的几何性质,直线与抛物线的位置关系,同时考查解析几何的基本思想方法和运算求解能力,本题考查了数形结合的思想及转化的思想，将问题恰当的化归可以大大降低题目的难度，如本题最后求最值时引入变量 t，就起到了简化计算的作用