概率论与数理统计 习题解答 答案.pdf

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1、 完全版完全版 概率论与数理统计习题答案概率论与数理统计习题答案 第四版第四版 盛骤盛骤(浙江大学浙江大学)浙大第四版（高等教育出版社）浙大第四版（高等教育出版社）第一章第一章 概率论的基本概念概率论的基本概念 1.一一 写出下列随机试验的样本空间写出下列随机试验的样本空间（1）记录一个小班一次数学考试的平均分数（充以百分制记分）（）记录一个小班一次数学考试的平均分数（充以百分制记分）（一一 1）nnnnoS1001,，n 表小班人数表小班人数（3）生产产品直到得到）生产产品直到得到 10 件正品，记录生产产品的总件数。（件正品，记录生产产品的总件数。（一一 2）S=10，11，12，n，（4

2、）对某工厂出厂的产品进行检查，合格的盖上“正品”，不合格的盖上“次品”，）对某工厂出厂的产品进行检查，合格的盖上“正品”，不合格的盖上“次品”，如连续查出二如连续查出二个次品就停止检查，或检查个次品就停止检查，或检查 4 个产品就停止检查，记录检查的结果。个产品就停止检查，记录检查的结果。查出合格品记为“查出合格品记为“1”，查出次品记为“”，查出次品记为“0”，连续出现两个“”，连续出现两个“0”就停止检查，或查满”就停止检查，或查满4 次才停止检查。次才停止检查。（一一(3)）S=00，100，0100，0101，1010，0110，1100，0111，1011，1101，1110，111

3、1，2.二二 设设 A，B，C 为三事件，用为三事件，用 A，B，C 的运算关系表示下列事件。的运算关系表示下列事件。（1）A 发生，发生，B 与与 C 不发生。不发生。表示为：表示为：CBA或或 A(AB+AC)或或 A(BC)（2）A，B 都发生，而都发生，而 C 不发生。不发生。表示为：表示为：CAB或或 ABABC 或或 ABC （3）A，B，C 中至少有一个发生中至少有一个发生 表示为：表示为：A+B+C（4）A，B，C 都发生，都发生，表示为：表示为：ABC（5）A，B，C 都不发生，都不发生，表示为：表示为：CBA或或 S(A+B+C)或或CBA（6）A，B，C 中不多于一个发生

4、，即中不多于一个发生，即 A，B，C 中至少有两个同时不发生中至少有两个同时不发生 相当于相当于CACBBA,中至少有一个发生。故中至少有一个发生。故 表表示为：示为：CACBBA。（7）A，B，C 中不多于二个发生。中不多于二个发生。相当于：相当于：CBA,中至少有一个发生。故中至少有一个发生。故 表示为：表示为：ABCCBA或（8）A，B，C 中至少有二个发生。中至少有二个发生。相当于：相当于：AB，BC，AC 中至少有一个发生。故中至少有一个发生。故 表示为：表示为：AB+BC+AC 6.三三 设设 A，B 是两事件且是两事件且 P(A)=0.6，P(B)=0.7.问问(1)在什么条件下

5、在什么条件下 P(AB)取到最取到最大值，最大值是多少？（大值，最大值是多少？（2）在什么条件下）在什么条件下 P(AB)取到最小值，最取到最小值，最小值是多少？小值是多少？解：由解：由 P(A)=0.6，P(B)=0.7 即知即知 AB，（否则，（否则 AB=依互斥事件加法定理，依互斥事件加法定理，P(AB)=P(A)+P(B)=0.6+0.7=1.31 与与 P(AB)1 矛盾）矛盾）.从而由加法定理得从而由加法定理得 P(AB)=P(A)+P(B)P(AB)(*)(*)（1）从）从 0P(AB)P(A)知，当知，当 AB=A，即，即 AB 时时 P(AB)取到最大值，最大值为取到最大值，

6、最大值为 P(AB)=P(A)=0.6，（2）从）从(*)(*)式知，当式知，当 AB=S 时，时，P(AB)取最小值，最小值为取最小值，最小值为 P(AB)=0.6+0.71=0.3。7.四四 设设 A，B，C 是三事件，且是三事件，且0)()(,41)()()(BCPABPCPBPAP，81)(ACP.求求 A，B，C 至少有一个发生的概率。至少有一个发生的概率。解：解：P(A，B，C 至少有一个发生至少有一个发生)=P(A+B+C)=P(A)+P(B)+P(C)P(AB)P(BC)P(AC)+P(ABC)=8508143 8.五五 在一标准英语字典中具有在一标准英语字典中具有 55 个由

7、二个不相同的字母新组成的单词，若从个由二个不相同的字母新组成的单词，若从 26个英语字母中任取两个英语字母中任取两个字母予以排列，问能排成上述单词的概率是多少？个字母予以排列，问能排成上述单词的概率是多少？记记 A 表“能排成上述单词”表“能排成上述单词”从从 26 个任选两个来排列，排法有个任选两个来排列，排法有226A种。每种排法等可能。种。每种排法等可能。字典中的二个不同字母组成的单词：字典中的二个不同字母组成的单词：55 个个 1301155)(226AAP 9.在电话号码薄中任取一个电话号码，求后面四个数全不相同的概率。（设后面在电话号码薄中任取一个电话号码，求后面四个数全不相同的概

8、率。（设后面 4个数中的每一个数都是等可能性地取自个数中的每一个数都是等可能性地取自 0，1，29）记记 A 表“后四个数全不同”表“后四个数全不同”后四个数的排法有后四个数的排法有 104种，每种排法等可能。种，每种排法等可能。后四个数全不同的排法有后四个数全不同的排法有410A 504.010)(4410AAP 10.六六 在房间里有在房间里有 10 人。分别佩代着从人。分别佩代着从 1 号到号到 10 号的纪念章，任意选号的纪念章，任意选 3 人记录人记录其纪念章的号码。其纪念章的号码。（1）求最小的号码为）求最小的号码为 5 的概率。的概率。记“三人纪念章的最小号码为记“三人纪念章的最

9、小号码为 5”为事件”为事件 A 10 人中任选人中任选 3 人为一组：选法有人为一组：选法有310种，且每种选法等可能。种，且每种选法等可能。又事件又事件 A 相当于：有一人号码为相当于：有一人号码为 5，其余，其余 2 人号码大于人号码大于 5。这种组合的种数有。这种组合的种数有251 121310251)(AP（2）求最大的号码为）求最大的号码为 5 的概率。的概率。记“三人中最大的号码为记“三人中最大的号码为 5”为事件”为事件 B，同上，同上 10 人中任选人中任选 3 人，选法有人，选法有310种，且种，且每种选法等可能，又事件每种选法等可能，又事件 B 相当于：有一人号码为相当于

10、：有一人号码为 5，其余，其余 2 人号码小于人号码小于 5，选法有，选法有241种种 201310241)(BP 11.七七 某油漆公司发出某油漆公司发出 17 桶油漆，其中白漆桶油漆，其中白漆 10 桶、黑漆桶、黑漆 4 桶，红漆桶，红漆 3 桶。在搬桶。在搬运中所标笺脱落，交货人随意将这些标笺重新贴，问一个定货运中所标笺脱落，交货人随意将这些标笺重新贴，问一个定货 4 桶白漆，桶白漆，3 桶黑漆和桶黑漆和 2桶红漆顾客，按所定的颜色如数得到定货的概率是多少？桶红漆顾客，按所定的颜色如数得到定货的概率是多少？记所求事件为记所求事件为 A。在在 17 桶中任取桶中任取 9 桶的取法有桶的取法

11、有917C种，且每种取法等可能。种，且每种取法等可能。取得取得 4 白白 3 黑黑 2 红的取法有红的取法有2334410CCC 故故 2431252)(6172334410CCCCAP 12.八八 在在 1500 个产品中有个产品中有 400 个次品，个次品，1100 个正品，任意取个正品，任意取 200 个。个。（1）求恰有）求恰有 90 个次品的概率。个次品的概率。记“恰有记“恰有 90 个次品”为事件个次品”为事件 A 在在 1500 个产品中任取个产品中任取 200 个，取法有个，取法有2001500种，每种取法等可能。种，每种取法等可能。200 个产品恰有个产品恰有 90 个次品，

12、取法有个次品，取法有110110090400种种 2001500110110090400)(AP（2）至少有）至少有 2 个次品的概率。个次品的概率。记：记：A 表“至少有表“至少有 2 个次品”个次品”B0表“不含有次品”，表“不含有次品”，B1表“只含有一个次品”，同上，表“只含有一个次品”，同上，200 个产品不含次品，取法个产品不含次品，取法有有2001100种，种，200 个产品含一个次品，取法有个产品含一个次品，取法有19911001400种种 10BBA且且 B0，B1互不相容。互不相容。200150019911001400200150020011001)()(1)(1)(10B

13、PBPAPAP 13.九九 从从 5 双不同鞋子中任取双不同鞋子中任取 4 只，只，4 只鞋子中至少有只鞋子中至少有 2 只配成一双的概率是多只配成一双的概率是多少？少？记记 A 表“表“4 只全中至少有两支配成一对”只全中至少有两支配成一对”则则A表“表“4 只人不配对”只人不配对”从从 10 只中任取只中任取 4 只，取法有只，取法有410种，每种取法等可能。种，每种取法等可能。要要 4 只都不配对，可在只都不配对，可在 5 双中任取双中任取 4 双，再在双，再在 4 双中的每一双里任取一只。取法有双中的每一双里任取一只。取法有4245 21132181)(1)(2182)(410445A

14、PAPCCAP 15.十一十一 将三个球随机地放入将三个球随机地放入 4 个杯子中去，问杯子中球的最大个数分别是个杯子中去，问杯子中球的最大个数分别是 1，2，3，的概率各为多少？，的概率各为多少？记记 Ai表“杯中球的最大个数为表“杯中球的最大个数为 i 个”个”i=1,2,3,三只球放入四只杯中，放法有三只球放入四只杯中，放法有 43种，每种放法等可能种，每种放法等可能 对对 A1：必须三球放入三杯中，每杯只放一球。放法：必须三球放入三杯中，每杯只放一球。放法 432 种。种。(选排列：好比选排列：好比 3 个球在个球在 4 个位置做排列个位置做排列)1664234)(31AP 对对 A2

15、：必须三球放入两杯，一杯装一球，一杯装两球。放法有：必须三球放入两杯，一杯装一球，一杯装两球。放法有3423C种。种。(从从 3 个球中选个球中选 2 个球，选法有个球，选法有23C，再将此两个球放入一个杯中，选法有，再将此两个球放入一个杯中，选法有 4种，最后将剩余的种，最后将剩余的 1 球放入其余的一个杯中，选法有球放入其余的一个杯中，选法有 3 种。种。169434)(3232CAP 对对 A3：必须三球都放入一杯中。放法有：必须三球都放入一杯中。放法有 4 种。种。(只需从只需从 4 个杯中选个杯中选 1 个杯子，放入此个杯子，放入此3 个球，选法有个球，选法有 4 种种)16144)

16、(33AP 16.十二十二 50 个铆钉随机地取来用在个铆钉随机地取来用在 10 个部件，其中有三个铆钉强度太弱，每个部个部件，其中有三个铆钉强度太弱，每个部件用件用 3 只铆钉，若将三只强度太弱的铆钉都装在一个部件上，则这个部件强度就太弱只铆钉，若将三只强度太弱的铆钉都装在一个部件上，则这个部件强度就太弱，问发生一个部件强度太弱的概率是多少？问发生一个部件强度太弱的概率是多少？记记 A 表“表“10 个部件中有一个部件强度太弱”。个部件中有一个部件强度太弱”。法一：用古典概率作：法一：用古典概率作：把随机试验把随机试验 E 看作是用三个钉一组，三个钉一组去铆完看作是用三个钉一组，三个钉一组去

17、铆完 10 个部件（在三个钉的一组个部件（在三个钉的一组中不分先后次序。但中不分先后次序。但 10 组钉铆完组钉铆完 10 个部件要分先后次序）个部件要分先后次序）对对 E：铆法有：铆法有323344347350CCCC种，每种装法等可能种，每种装法等可能 对对 A：三个次钉必须铆在一个部件上。这种铆法有：三个次钉必须铆在一个部件上。这种铆法有32334434733CCCC 10种种 00051.01960110)(32334735032334434733CCCCCCCAP 法二：用古典概率作法二：用古典概率作 把试验把试验 E 看作是在看作是在 50 个钉中个钉中任选任选 30 个钉排成一列

18、，顺次钉下去，直到把部件铆完。个钉排成一列，顺次钉下去，直到把部件铆完。（铆钉要计先后次序）（铆钉要计先后次序）对对 E：铆法有：铆法有350A种，每种铆法等可能种，每种铆法等可能 对对 A：三支次钉必须铆在“：三支次钉必须铆在“1，2，3”位置上或“”位置上或“4，5，6”位置上，或“”位置上，或“28，29，30”位置上。这种铆法有”位置上。这种铆法有27473327473327473327473310AAAAAAAA种种 00051.01960110)(3050274733AAAAP 17.十三十三 已知已知)|(,5.0)(,4.0)(,3.0)(BABPBAPBPAP求。解一：解一：

19、BAABBBAASABPBPAPAP)(,6.0)(1)(,7.0)(1)(注意注意)(BAAB.故有故有 P(AB)=P(A)P(AB)=0.70.5=0.2。再由加法定理，再由加法定理，P(AB)=P(A)+P(B)P(AB)=0.7+0.60.5=0.8 于是于是25.08.02.0)()()()()|(BAPABPBAPBABPBABP 25.05.06.07.051)()()()()()()|(51)|()()(72)|(757.05.0)|()|(0705)|()()(:BAPBPAPBAPBAPBBBAPBABPABPAPABPABPABPABPABPAPBAP定义故解二由已知

20、18.十四十四 )(,21)|(,31)|(,41)(BAPBAPABPAP求。解：由解：由61)()(314121)()|()()()()|(BPBPBPABPAPBPABPBAP有定义由已知条件 由乘法公式，得由乘法公式，得121)|()()(ABPAPABP 由加法公式，得由加法公式，得311216141)()()()(ABPBPAPBAP 19.十五十五 掷两颗骰子，已知两颗骰子点数之和为掷两颗骰子，已知两颗骰子点数之和为 7，求其中有一颗为，求其中有一颗为 1 点的概率（用点的概率（用两种方法）。两种方法）。解：（方法一）（在缩小的样本空间解：（方法一）（在缩小的样本空间 SB 中求

21、中求 P(A|B)，即将事件，即将事件 B 作为样本空间，求作为样本空间，求事件事件 A 发生的概率）。发生的概率）。掷两颗骰子的试验结果为一有序数组（掷两颗骰子的试验结果为一有序数组（x,y）（）（x,y=1,2,3,4,5,6）并且满足）并且满足 x,+y=7，则，则样本空间为样本空间为 S=(x,y)|(1,6),(6,1),(2,5),(5,2),(3,4),(4,3)每种结果（每种结果（x,y）等可能。）等可能。A=掷二骰子，点数和为掷二骰子，点数和为 7 时，其中有一颗为时，其中有一颗为 1 点。故点。故3162)(AP 方法二：（用公式方法二：（用公式)()()|(BPABPBA

22、P S=(x,y)|x=1,2,3,4,5,6;y=1,2,3,4,5,6每种结果均可能每种结果均可能 A=“掷两颗骰子，“掷两颗骰子，x,y 中有一个为“中有一个为“1”点”，”点”，B=“掷两颗骰子，“掷两颗骰子，x,+y=7”。则”。则2262)(,6166)(ABPBP，故故31626162)()()|(2BPABPBAP 20.十六十六 据以往资料表明，某一据以往资料表明，某一 3 口之家，患某种传染病的概率有以下规律：口之家，患某种传染病的概率有以下规律：P(A)=P孩子得病孩子得病=0.6，P(B|A)=P母亲得病母亲得病|孩子得病孩子得病=0.5，P(C|AB)=P父亲得病父亲

23、得病|母亲母亲及孩子得病及孩子得病=0.4。求母亲及孩子得病但父亲未得病的概率。求母亲及孩子得病但父亲未得病的概率。解：所求概率为解：所求概率为 P(ABC)（注意：由于“母病”，“孩病”，“父病”都是随机事件，（注意：由于“母病”，“孩病”，“父病”都是随机事件，这里不是求这里不是求 P(C|AB)P(AB)=P(A)=P(B|A)=0.6 0.5=0.3,P(C|AB)=1P(C|AB)=10.4=0.6.从而从而 P(ABC)=P(AB)P(C|AB)=0.3 0.6=0.18.21.十七十七 已知已知 10 只晶体管中有只晶体管中有 2 只次品，在其中取二次，每次随机地取一只，作只次品

24、，在其中取二次，每次随机地取一只，作 不放回抽样，求下列事件的概率。不放回抽样，求下列事件的概率。（1）二只都是正品（记为事件）二只都是正品（记为事件 A）法一：用组合做法一：用组合做 在在 10 只中任取两只来组合，每一个组合看作一个基本结果，每种只中任取两只来组合，每一个组合看作一个基本结果，每种取法等可能。取法等可能。62.04528)(21028CCAP 法二：用排列做法二：用排列做 在在 10 只中任取两个来排列，每一个排列看作一个基本结果，每个只中任取两个来排列，每一个排列看作一个基本结果，每个排列等可能。排列等可能。4528)(21028AAAP 法三：用事件的运算和概率计算法则

25、来作。法三：用事件的运算和概率计算法则来作。记记 A1，A2分别表第一、二次取得正品。分别表第一、二次取得正品。452897108)|()()()(1221AAPAPAAPAP（2）二只都是次品（记为事件）二只都是次品（记为事件 B）法一：法一：451)(21022CCBP 法二：法二：451)(21022AABP 法三：法三：45191102)|()()()(12121AAPAPAAPBP（3）一只是正品，一只是次品（记为事件）一只是正品，一只是次品（记为事件 C）法一：法一：4516)(2101218CCCCP 法二：法二：4516)()(210221218AACCCP 法三：法三：互斥与

26、且21212121)()(AAAAAAAAPCP 45169108292108)|()()|()(121121AAPAPAAPAP（4）第二次取出的是次品（记为事件）第二次取出的是次品（记为事件 D）法一：因为要注意第一、第二次的顺序。不能用组合作，法一：因为要注意第一、第二次的顺序。不能用组合作，法二：法二：51)(2101219AAADP 法三：法三：互斥与且21212121)()(AAAAAAAAPDP 519110292108)|()()|()(121121AAPAPAAPAP 22.十八十八 某人忘记了电话号码的最后一个数字，因而随机的拨号，求他拨号不超某人忘记了电话号码的最后一个数

27、字，因而随机的拨号，求他拨号不超过三次而接通所需的电话的概率是多少？如果已知最后一个数字是奇数，那么此概率是过三次而接通所需的电话的概率是多少？如果已知最后一个数字是奇数，那么此概率是多少？多少？记记 H 表拨号不超过三次而能接通。表拨号不超过三次而能接通。Ai表第表第 i 次拨号能接通。次拨号能接通。注意：第一次拨号不通，第二拨号就不再拨这个号码。注意：第一次拨号不通，第二拨号就不再拨这个号码。103819810991109101)|()|()()|()()()(2131211211321211AAAPAAPAPAAPAPAPHPAAAAAAH三种情况互斥 如果已知最后一个数字是奇数（如果已

28、知最后一个数字是奇数（记为事件记为事件 B）问题变为在）问题变为在 B 已发生的条件下，求已发生的条件下，求 H再发生的概率。再发生的概率。)|)|(321211BAAABAABPABHP )|()|()|()|()|()|(2131211211AABAPABAPBAPABAPBAPBAP 53314354415451 24.十九十九 设有甲、乙二袋，甲袋中装有设有甲、乙二袋，甲袋中装有 n 只白球只白球 m 只红球，乙袋中装有只红球，乙袋中装有 N 只白球只白球M 只红球，今从甲袋中任取一球放入乙袋中，再从乙袋中任取一球，问取到（即从乙袋只红球，今从甲袋中任取一球放入乙袋中，再从乙袋中任取一

29、球，问取到（即从乙袋中取到）白球的概率是多少？（此为第三版中取到）白球的概率是多少？（此为第三版 19 题题(1)）记记 A1，A2分别表“从甲袋中取得白球，红球放入乙袋”分别表“从甲袋中取得白球，红球放入乙袋”再记再记 B 表“再从乙表“再从乙袋中取得白球”。袋中取得白球”。B=A1B+A2B 且且 A1，A2互斥互斥 P(B)=P(A1)P(B|A1)+P(A2)P(B|A2)=111MNNmnmMNNmnn 十九十九(2)第一只盒子装有第一只盒子装有 5 只红球，只红球，4 只白球；第二只盒子装有只白球；第二只盒子装有 4 只红球，只红球，5 只白只白球。先从第一盒子中任取球。先从第一盒

30、子中任取 2 只球放入第二盒中去，然后从第二盒子中任取一只球，求取只球放入第二盒中去，然后从第二盒子中任取一只球，求取到白球的概率。到白球的概率。记记 C1为“从第一盒子中取得为“从第一盒子中取得 2 只红球”。只红球”。C2为“从第一盒子中取得为“从第一盒子中取得 2 只白球”。只白球”。C3为“从第一盒子中取得为“从第一盒子中取得 1 只红球，只红球，1 只只白球”，白球”，D 为“从第二盒子中取得白球”，显然为“从第二盒子中取得白球”，显然 C1，C2，C3两两互斥，两两互斥，C1C2C3=S，由全，由全概率公式，有概率公式，有 P(D)=P(C1)P(D|C1)+P(C2)P(D|C2

31、)+P(C3)P(D|C3)995311611711529141529242925CCCCCCC 26.二十一二十一 已知男人中有已知男人中有 5%是色盲患者，女人中有是色盲患者，女人中有 0.25%是色盲患者。今从男女是色盲患者。今从男女人数相等的人群中随机地挑选一人，恰好是色盲患者，问此人是男性的概率是多少？人数相等的人群中随机地挑选一人，恰好是色盲患者，问此人是男性的概率是多少？解：解：A1=男人男人，A2=女人女人，B=色盲色盲，显然，显然 A1A2=S，A1 A2=由已知条件知由已知条件知%25.0)|(%,5)|(21)()(2121ABPABPAPAP 由贝叶斯公式，有由贝叶斯公

32、式，有 2120100002521100521100521)|()()|()()|()()()()|(22111111ABPAPABPAPABPAPBPBAPBAP 二十二二十二 一学生接连参加同一课程的两次考试。第一次及格的概率为一学生接连参加同一课程的两次考试。第一次及格的概率为 P，若第一次，若第一次及格则第二次及格的概率也为及格则第二次及格的概率也为 P；若第一次不及格则第二次及格的概率为；若第一次不及格则第二次及格的概率为2P（1）若至）若至少有一次及格则他能取得某种资格，求他取得该资格的概率。（少有一次及格则他能取得某种资格，求他取得该资格的概率。（2）若已知他第二次已经）若已知他

33、第二次已经及格，求他第一次及格的概率。及格，求他第一次及格的概率。解：解：Ai=他第他第 i 次及格次及格，i=1,2 已知已知 P(A1)=P(A2|A1)=P，2)|(12PAAP（1）B=至少有一次及格至少有一次及格 所以所以21AAB 两次均不及格)|()(1)(1)(1)(12121AAPAPAAPBPBP )|(1)(1 1121AAPAP 22123)21)(1(1PPPP（2）)()()22121(APAAPAAP定义 （*）由乘法公式，有由乘法公式，有 P(A1 A2)=P(A1)P(A2|A1)=P2 由全概率公式，有由全概率公式，有)|()()|()()(1211212A

34、APAPAAPAPAP 222)1(2PPPPPP 将以上两个结果代入（将以上两个结果代入（*）得）得1222)|(2221PPPPPAAP 28.二十五二十五 某人下午某人下午 5:00 下班，他所积累的资料表明：下班，他所积累的资料表明：到家时间到家时间 5:355:39 5:405:44 5:455:49 5:505:54 迟于迟于 5:54 乘地铁到乘地铁到 家的概率家的概率 0.10 0.25 0.45 0.15 0.05 乘汽车到乘汽车到 家的概率家的概率 0.30 0.35 0.20 0.10 0.05 某日他抛一枚硬币决某日他抛一枚硬币决定乘地铁还是乘汽车，结果他是定乘地铁还是

35、乘汽车，结果他是 5:47 到家的，试求他是乘地铁到家的，试求他是乘地铁回家的概率。回家的概率。解：设解：设 A=“乘地铁”，“乘地铁”，B=“乘汽车”，“乘汽车”，C=“5:455:49 到家”，由题意到家”，由题意,AB=,AB=S 已知：已知：P(A)=0.5,P(C|A)=0.45,P(C|B)=0.2,P(B)=0.5 由贝叶斯公式有由贝叶斯公式有 6923.013965.045.021)|(21)|(45.05.0)()()|()|(BCPACPCPAPACPCAP 29.二十四二十四 有两箱同种类型的零件。第一箱装有两箱同种类型的零件。第一箱装 5 只，其中只，其中 10 只一等

36、品；第二箱只一等品；第二箱 30只，其中只，其中 18 只一等品。今从两箱中任挑出一箱，然后从该箱中取零件两次，每次任取一只一等品。今从两箱中任挑出一箱，然后从该箱中取零件两次，每次任取一只，作只，作不放回抽样。试求（不放回抽样。试求（1）第一次取到的零件是一等品的概率。（）第一次取到的零件是一等品的概率。（2）第一次取到的零）第一次取到的零件是一等品的条件下，第二次取到的也是一等品的概率。件是一等品的条件下，第二次取到的也是一等品的概率。解：设解：设 Bi表示“第表示“第 i 次取到一等品”次取到一等品”i=1，2 Aj表示“第表示“第 j 箱产品”箱产品”j=1,2，显然，显然 A1A2=

37、S A1A2=（1）4.052301821501021)(1BP（B1=A1B+A2B 由全概率公式解）。由全概率公式解）。（2）4857.0522917301821499501021)()()|(12112BPBBPBBP （先用条件概率定义，再求（先用条件概率定义，再求 P(B1B2)时，由全概率公式解）时，由全概率公式解）32.二十六（二十六（2）如图如图 1，2，3，4，5表示继电器接点，假设每一继电器接点闭合表示继电器接点，假设每一继电器接点闭合的概率为的概率为 p，且设各继电器闭合与否相互独，且设各继电器闭合与否相互独立，求立，求 L 和和 R 是通路的概率。是通路的概率。记记 A

38、i表第表第 i 个接点接通个接点接通 记记 A 表从表从 L 到到 R 是构成通路的。是构成通路的。A=A1A2+A1A3A5+A4A5+A4A3A2四种情况不互斥四种情况不互斥 P(A)=P(A1A2)+P(A1A3A5)+P(A4A5)+P(A4A3A2)P(A1A2A3A5)+P(A1A2 A4A5)+P(A1A2 A3 A4)+P(A1A3 A4A5)+P(A1A2 A3A4A5)P(A2 A3 A4A5)+P(A1A2A3 A4A5)+P(A1A2 A3 A4A5)+(A1A2 A3 A4A5)+P(A1A2 A3 A4A5)P(A1A2 A3 A4A5)又由于又由于 A1，A2，A

39、3，A4，A5互相独立。互相独立。故故 P(A)=p2+p3+p2+p3p4+p4+p4+p4+p5+p4 +p5+p5+p5+p5p5=2 p2+3p35p4+2 p5 二十六（二十六（1）设有设有 4 个独立工作的元件个独立工作的元件 1，2，3，4。它们的可靠性分别为。它们的可靠性分别为 P1，P2，P3，P4，将它们按图（，将它们按图（1）的方式联接，求系统的可靠性。）的方式联接，求系统的可靠性。记记 Ai表示第表示第 i 个元件正常工作，个元件正常工作，i=1，2，3，4，A 表示系统正常。表示系统正常。A=A1A2A3+A1A4两种情况不互斥两种情况不互斥 P(A)=P(A1A2A

40、3)+P(A1A4)P(A1A2A3 A4)(加法公式加法公式)=P(A1)P(A2)P(A3)+P(A1)P(A4)P(A1)P(A2)P(A3)P(A4)=P1P2P3+P1P4P1P2P3P4 (A1,A2,A3,A4独立独立)34.三十一三十一 袋中装有袋中装有m只正品硬币，只正品硬币，n只次品硬币，（次品硬币的两面均印有国徽）。只次品硬币，（次品硬币的两面均印有国徽）。在袋中任取一只，将它投掷在袋中任取一只，将它投掷 r 次，已知每次都得到国徽。问这只硬币是正品的概率为多次，已知每次都得到国徽。问这只硬币是正品的概率为多3 4 2 1 5 3 4 2 1 L R 少？少？解：设“出现

41、解：设“出现 r 次国徽面”次国徽面”=Br “任取一只是正品”“任取一只是正品”=A 由全概率公式，有由全概率公式，有 rrrrrrrrrrrnmmnmnnmmnmmBPABPAPBAPnmnnmmABPAPABPAPBP2)21()21()()|()()|(1)21()|()()|()()(（条件概率定义与乘法公式）（条件概率定义与乘法公式）35甲、乙、丙三人同时对飞机进行射击，三人击中的概率分别为甲、乙、丙三人同时对飞机进行射击，三人击中的概率分别为 0.4，0.5，0.7。飞飞机被一人击中而被击落的概率为机被一人击中而被击落的概率为 0.2，被两人击中而被击落的概率为，被两人击中而被击

42、落的概率为 0.6，若三人都击，若三人都击中，飞机必定被击落。求飞机被击落的概率。中，飞机必定被击落。求飞机被击落的概率。解：高解：高 Hi表示飞机被表示飞机被 i 人击中，人击中，i=1，2，3。B1，B2，B2分别表示甲、乙、丙击中飞分别表示甲、乙、丙击中飞机机 3213213211BBBBBBBBBH，三种情况互斥。，三种情况互斥。3213213212BBBBBBBBBH 三种情况互斥三种情况互斥 3223BBBH 又又 B1，B2，B2独立。独立。)()()()()()()(3213211BPBPBPBPBPBPHP 36.07.05.06.03.05.06.03.05.04.0)()

43、()(321BPBPBP)()()()()()()(3213212BPBPBPBPBPBPHP 3.05.04.0)()()(321BPBPBP +0.4 0.5 0.7+0.6 0.5 0.7=0.41 P(H3)=P(B1)P(B2)P(B3)=0.4 0.5 0.7=0.14 又因：又因：A=H1A+H2A+H3A 三种情况互斥三种情况互斥 故由全概率公式，有故由全概率公式，有 P(A)=P(H1)P(A|H1)+P(H2)P(A|H2)+P(H3)P(AH3)=0.36 0.2+0.41 0.6+0.14 1=0.458 36.三十三三十三设由以往记录的数据分析。某船只运输某种物品损坏

44、设由以往记录的数据分析。某船只运输某种物品损坏 2%（这一事件记为（这一事件记为A1），），10%（事件（事件 A2），），90%（事件（事件 A3）的概率分别为）的概率分别为 P(A1)=0.8,P(A2)=0.15,P(A2)=0.05，现从中随机地独立地取三件，发现这三件都是好的（这一事件记为现从中随机地独立地取三件，发现这三件都是好的（这一事件记为 B），试分别求），试分别求 P(A1|B)P(A2|B),P(A3|B)（这里设物品件数很多，取出第一件以后不影响取第二件的概率，所以（这里设物品件数很多，取出第一件以后不影响取第二件的概率，所以取第一、第二、第三件是互相独立地）取第一、第

45、二、第三件是互相独立地）B 表取得三件好物品。表取得三件好物品。B=A1B+A2B+A3B 三种情况互斥三种情况互斥 由全概率公式，有由全概率公式，有 P(B)=P(A1)P(B|A1)+P(A2)P(B|A2)+P(A3)P(B|A3)=0.8(0.98)3+0.15(0.9)3+0.05(0.1)3=0.8624 0001.08624.0)1.0(05.0)()|()()()()|(1268.08624.0)9.0(15.0)()|()()()()|(8731.08624.0)98.0(8.0)()|()()()()|(333333222231111BPABPAPBPBAPBAPBPABP

46、APBPBAPBAPBPABPAPBPBAPBAP 37.三十四三十四 将将 A，B，C 三个字母之一输入信道，输出为原字母的概率为三个字母之一输入信道，输出为原字母的概率为，而输，而输出为其它一字母的概率都是出为其它一字母的概率都是(1)/2。今将字母串。今将字母串 AAAA，BBBB，CCCC 之一输入信道，之一输入信道，输输入入 AAAA，BBBB，CCCC 的概率分别为的概率分别为 p1,p2,p3(p1+p2+p3=1)，已知输出为，已知输出为 ABCA，问输入的是问输入的是 AAAA 的概率是多少？（设信道传输每个字母的工作是相互独立的。）的概率是多少？（设信道传输每个字母的工作是

47、相互独立的。）解：设解：设 D 表示输出信号为表示输出信号为 ABCA，B1、B2、B3分别表示输入信号为分别表示输入信号为 AAAA，BBBB，CCCC，则，则 B1、B2、B3为一完备事件组，且为一完备事件组，且 P(Bi)=Pi,i=1,2,3。再设再设 A 发、发、A 收分别表示发出、接收字母收分别表示发出、接收字母 A，其余类推，依题意有，其余类推，依题意有 P(A收收|A发发)=P(B收收|B发发)=P(C收收|C发发)=，P(A收收|B发发)=P(A收收|C发发)=P(B收收|A发发)=P(B收收|C发发)=P(C收收|A发发)=P(C收收|B发发)=21 又又 P(ABCA|A

48、AAA)=P(D|B 1)=P(A收收|A发发)P(B收收|A发发)P(C收收|A发发)P(A收收|A发发)=22)21(，同样可得同样可得 P(D|B 2)=P(D|B 3)=3)21(于是由全概率公式，得于是由全概率公式，得 33222131)21()()21()|()()(PPapBDPBPDPiii 由由 Bayes 公式，得公式，得 P(AAAA|ABCA)=P(B 1|D)=)()|()(11DPBDPBP =)(1(223211PPPP 二十九二十九 设第一只盒子装有设第一只盒子装有 3 只蓝球，只蓝球，2 只绿球，只绿球，2 只白球；第二只盒子装有只白球；第二只盒子装有 2 只

49、只蓝球，蓝球，3 只绿球，只绿球，4 只白球。独立地分别从两只盒子各取一只球。（只白球。独立地分别从两只盒子各取一只球。（1）求至少有一只蓝球）求至少有一只蓝球的概率，（的概率，（2）求有一只蓝球一只白球的概率，（）求有一只蓝球一只白球的概率，（3）已知至少有一只蓝球，求有）已知至少有一只蓝球，求有一只蓝球一只蓝球一只白球的概率。一只白球的概率。解：记解：记 A1、A2、A3分别表示是从第一只盒子中取到一只蓝球、绿球、白球，分别表示是从第一只盒子中取到一只蓝球、绿球、白球，B1、B2、B3分别表示是从第二只盒子中取到一只蓝球、绿球、白球。分别表示是从第二只盒子中取到一只蓝球、绿球、白球。（1）

50、记）记 C=至少有一只蓝球至少有一只蓝球 C=A1B1+A1B2+A1B3+A2B1+A3B1，5 种情况互斥种情况互斥 由概率有限可加性，得由概率有限可加性，得 9592729272947393739273)()()()()()()()()()()()()()()()(13123121111312312111BPAPBPAPBPAPBPAPBPAPBAPBAPBAPBAPBAPCP独立性（2）记）记 D=有一只蓝球，一只白球有一只蓝球，一只白球，而且知，而且知 D=A1B3+A3B1两种情况互斥两种情况互斥 631692729473)()()()()()(13311331BPAPBPAPBA