高考数学一轮复习第八章立体几何8-4直线平面平行的判定与性质理.doc

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1、1 / 19【2019【2019 最新最新】精选高考数学一轮复习第八章立体几何精选高考数学一轮复习第八章立体几何 8-48-4 直直线平面平行的判定与性质理线平面平行的判定与性质理1线面平行的判定定理和性质定理文字语言图形语言符号语言判定定理平面外一条直线与此平面内的一条直线平行，则该直线与此平面平行(简记为“线线平行线面平行”)la，a，l，l性质定理一条直线与一个平面平行，则过这条直线的任一平面与此平面的交线与该直线平行(简记为“线面平行线线平行”)l，l，b，lb2.面面平行的判定定理和性质定理文字语言图形语言符号语言判定定理一个平面内的两条相交直线与另一个平面平行，则这两个平面平行(简

2、记为“线面平行面面平行”)a，b，abP，a，b，性质定理如果两个平行平面同时和第三个平面相交，那么它们的交线平行，a，b，ab【知识拓展】重要结论：(1)垂直于同一条直线的两个平面平行，即若 a，a，则；(2)垂直于同一个平面的两条直线平行，即若 a，b，则2 / 19ab；(3)平行于同一个平面的两个平面平行，即若 ，则.【思考辨析】判断下列结论是否正确(请在括号中打“”或“”)(1)若一条直线平行于一个平面内的一条直线，则这条直线平行于这个平面( )(2)若一条直线平行于一个平面，则这条直线平行于这个平面内的任一条直线( )(3)如果一个平面内的两条直线平行于另一个平面，那么这两个平面平

3、行( )(4)如果两个平面平行，那么分别在这两个平面内的两条直线平行或异面( )(5)若直线 a 与平面 内无数条直线平行，则 a.( )(6)若 ，直线 a，则 a.( )1(教材改编)下列命题中正确的是( )A若 a，b 是两条直线，且 ab，那么 a 平行于经过 b 的任何平面B若直线 a 和平面 满足 a，那么 a 与 内的任何直线平行C平行于同一条直线的两个平面平行D若直线 a，b 和平面 满足 ab，a，b，则 b答案 D解析 A 中，a 可以在过 b 的平面内；B 中，a 与 内的直线可能异面；C 中，两平面可相交；D 中，由直线与平面平行的判定定理知，b，正确2设 l，m 为直

4、线， 为平面，且 l，m，则3 / 19“lm”是“”的( )A充分不必要条件 B必要不充分条件C充要条件 D既不充分也不必要条件答案 B解析 当平面与平面平行时，两个平面内的直线没有交点，故“lm”是“”的必要条件；当两个平面内的直线没有交点时，两个平面可以相交，lm是 的必要不充分条件3(2016济南模拟)平面 平面 的一个充分条件是( )A存在一条直线 a，a，aB存在一条直线 a，a，aC存在两条平行直线 a，b，a，b，a，bD存在两条异面直线 a，b，a，b，a，b答案 D解析 若 l，al，a，a，则 a，a，故排除 A.若 l，a，al，则 a，故排除 B.若l，a，al，b，

5、bl，则 a，b，故排除 C.故选 D.4(教材改编)如图，正方体 ABCDA1B1C1D1 中，E 为 DD1 的中点，则 BD1 与平面 AEC 的位置关系为_答案 平行解析 连接 BD，设 BDACO，连接 EO，在BDD1 中，O 为 BD 的中点，所以 EO 为BDD1 的中位线，则 BD1EO，而 BD1平面 ACE，EO平面 ACE，所以 BD1平面 ACE.4 / 195.如图是长方体被一平面所截得的几何体，四边形 EFGH 为截面，则四边形 EFGH 的形状为_答案 平行四边形解析 平面 ABFE平面 DCGH，又平面 EFGH平面 ABFEEF，平面 EFGH平面 DCGH

6、HG，EFHG.同理 EHFG，四边形 EFGH 的形状是平行四边形.题型一 直线与平面平行的判定与性质命题点 1 直线与平面平行的判定例 1 如图，四棱锥 PABCD 中，ADBC，ABBCAD，E，F，H 分别为线段 AD，PC，CD 的中点，AC 与 BE 交于 O 点，G 是线段 OF 上一点(1)求证：AP平面 BEF；(2)求证：GH平面 PAD.证明 (1)连接 EC，ADBC，BCAD，BC 綊 AE，四边形 ABCE 是平行四边形，O 为 AC 的中点又F 是 PC 的中点，FOAP，FO平面 BEF，AP平面 BEF，AP平面 BEF.(2)连接 FH，OH，F，H 分别是

7、 PC，CD 的中点，FHPD，FH平面 PAD.5 / 19又O 是 BE 的中点，H 是 CD 的中点，OHAD，OH平面 PAD.又 FHOHH，平面 OHF平面 PAD.又GH平面 OHF，GH平面 PAD.命题点 2 直线与平面平行的性质例 2 (2017长沙调研)如图，四棱锥 PABCD 的底面是边长为 8 的正方形，四条侧棱长均为 2.点 G，E，F，H 分别是棱 PB，AB，CD，PC上共面的四点，平面 GEFH平面 ABCD，BC平面 GEFH.(1)证明：GHEF；(2)若 EB2，求四边形 GEFH 的面积(1)证明 因为 BC平面 GEFH，BC平面 PBC，且平面 P

8、BC平面 GEFHGH，所以 GHBC.同理可证 EFBC，因此 GHEF.(2)解 如图，连接 AC，BD 交于点 O，BD 交 EF 于点 K，连接 OP，GK.因为 PAPC，O 是 AC 的中点，所以 POAC，同理可得 POBD.又 BDACO，且 AC，BD 都在底面内，所以 PO底面 ABCD.又因为平面 GEFH平面 ABCD，且 PO平面 GEFH，所以 PO平面 GEFH.因为平面 PBD平面 GEFHGK，所以 POGK，且 GK底面 ABCD，从而 GKEF.所以 GK 是梯形 GEFH 的高6 / 19由 AB8，EB2 得 EBABKBDB14，从而 KBDBOB，

9、即 K 为 OB 的中点再由 POGK 得 GKPO，即 G 是 PB 的中点，且 GHBC4.由已知可得 OB4，PO6，所以 GK3.故四边形 GEFH 的面积 SGK318.思维升华 判断或证明线面平行的常用方法(1)利用线面平行的定义(无公共点)；(2)利用线面平行的判定定理(a，b，aba)；(3)利用面面平行的性质定理(，aa)；(4)利用面面平行的性质(，a，a，aa)如图所示，CD，AB 均与平面 EFGH 平行，E，F，G，H 分别在 BD，BC，AC，AD 上，且 CDAB.求证：四边形 EFGH 是矩形证明 CD平面 EFGH，而平面 EFGH平面 BCDEF，CDEF.

10、同理 HGCD，EFHG.同理 HEGF，四边形 EFGH 为平行四边形CDEF，HEAB，HEF 为异面直线 CD 和 AB 所成的角（或补角） 又CDAB，HEEF.7 / 19平行四边形 EFGH 为矩形题型二 平面与平面平行的判定与性质例 3 如图所示，在三棱柱 ABCA1B1C1 中，E，F，G，H 分别是AB，AC，A1B1，A1C1 的中点，求证：(1)B，C，H，G 四点共面；(2)平面 EFA1平面 BCHG.证明 (1)G，H 分别是 A1B1，A1C1 的中点，GH 是A1B1C1 的中位线，GHB1C1.又B1C1BC，GHBC，B，C，H，G 四点共面(2)E，F 分

11、别是 AB，AC 的中点，EFBC.EF平面 BCHG，BC平面 BCHG，EF平面 BCHG.A1G 綊 EB，四边形 A1EBG 是平行四边形，A1EGB.A1E平面 BCHG，GB平面 BCHG，A1E平面 BCHG.A1EEFE，平面 EFA1平面 BCHG.引申探究1在本例条件下，若 D 为 BC1 的中点，求证：HD平面 A1B1BA.8 / 19证明 如图所示，连接 HD，A1B，D 为 BC1 的中点，H 为 A1C1 的中点，HDA1B，又 HD平面 A1B1BA，A1B平面 A1B1BA，HD平面 A1B1BA.2在本例条件下，若 D1，D 分别为 B1C1，BC 的中点，

12、求证：平面A1BD1平面 AC1D.证明 如图所示，连接 A1C 交 AC1 于点 M，四边形 A1ACC1 是平行四边形，M 是 A1C 的中点，连接 MD，D 为 BC 的中点，A1BDM.A1B平面 A1BD1，DM平面 A1BD1，DM平面 A1BD1.又由三棱柱的性质知，D1C1 綊 BD，四边形 BDC1D1 为平行四边形，DC1BD1.又 DC1平面 A1BD1，BD1平面 A1BD1，DC1平面 A1BD1，又DC1DMD，DC1，DM平面 AC1D，平面 A1BD1平面 AC1D.思维升华 证明面面平行的方法(1)面面平行的定义；9 / 19(2)面面平行的判定定理：如果一个

13、平面内有两条相交直线都平行于另一个平面，那么这两个平面平行；(3)利用垂直于同一条直线的两个平面平行；(4)两个平面同时平行于第三个平面，那么这两个平面平行；(5)利用“线线平行” 、 “线面平行” 、 “面面平行”的相互转化(2016许昌三校第三次考试)如图所示，四边形 ABCD 与四边形 ADEF 都为平行四边形，M，N，G 分别是 AB，AD，EF 的中点求证：(1)BE平面 DMF；(2)平面 BDE平面 MNG.证明 (1)如图所示，设 DF 与 GN 交于点 O，连接 AE，则 AE 必过点O，连接 MO，则 MO 为ABE 的中位线，所以 BEMO.因为 BE平面 DMF，MO平

14、面 DMF，所以 BE平面 DMF.(2)因为 N，G 分别为平行四边形 ADEF 的边 AD，EF 的中点，所以 DEGN.因为 DE平面 MNG，GN平面 MNG，所以 DE平面 MNG.因为 M 为 AB 的中点，所以 MN 为ABD 的中位线，所以 BDMN.因为 BD平面 MNG，MN平面 MNG，所以 BD平面 MNG.10 / 19因为 DE 与 BD 为平面 BDE 内的两条相交直线，所以平面 BDE平面 MNG.题型三 平行关系的综合应用例 4 如图所示，在三棱柱 ABCA1B1C1 中，D 是棱 CC1 的中点，问在棱 AB 上是否存在一点 E，使 DE平面 AB1C1？若

15、存在，请确定点E 的位置；若不存在，请说明理由解 方法一 存在点 E，且 E 为 AB 的中点时，DE平面 AB1C1.下面给出证明：如图，取 BB1 的中点 F，连接 DF，则 DFB1C1，AB 的中点为 E，连接 EF，ED，则 EFAB1，B1C1AB1B1，平面 DEF平面 AB1C1.而 DE平面 DEF，DE平面 AB1C1.方法二 假设在棱 AB 上存在点 E，使得 DE平面 AB1C1，如图，取 BB1 的中点 F，连接 DF，EF，ED，则 DFB1C1，又 DF平面 AB1C1，B1C1平面 AB1C1，DF平面 AB1C1，又 DE平面 AB1C1，DEDFD，平面 D

16、EF平面 AB1C1，EF平面 DEF，EF平面 AB1C1，又EF平面 ABB1，平面 ABB1平面 AB1C1AB1，EFAB1，11 / 19点 F 是 BB1 的中点，点 E 是 AB 的中点即当点 E 是 AB 的中点时，DE平面 AB1C1.思维升华 利用线面平行的性质，可以实现与线线平行的转化，尤其在截面图的画法中，常用来确定交线的位置，对于最值问题，常用函数思想来解决如图所示，在四面体 ABCD 中，截面 EFGH 平行于对棱 AB和 CD，试问截面在什么位置时其截面面积最大？解 AB平面 EFGH，平面 EFGH 与平面 ABC 和平面 ABD 分别交于 FG，EH.ABFG

17、，ABEH，FGEH，同理可证 EFGH，截面 EFGH 是平行四边形设 ABa，CDb，FGH ( 即为异面直线 AB 和 CD 所成的角或其补角)又设 FGx，GHy，则由平面几何知识可得，两式相加得1，即 y(ax)，y bSEFGHFGGHsin x(ax)sin x(ax)x0，ax0 且 x(ax)a 为定值，x(ax)，当且仅当 xax 时等号成立此时 x，y.即当截面 EFGH 的顶点 E、F、G、H 分别为棱 AD、AC、BC、BD 的中点时截面面积最大5立体几何中的探索性问题典例 (12 分)如图，在四棱锥 SABCD 中，已知底面 ABCD 为直角梯12 / 19形，其中

18、 ADBC，BAD90，SA底面ABCD，SAABBC2，tanSDA.(1)求四棱锥 SABCD 的体积；(2)在棱 SD 上找一点 E，使 CE平面 SAB，并证明规范解答解 (1)SA底面 ABCD，tanSDA，SA2，AD3.2 分由题意知四棱锥 SABCD 的底面为直角梯形，且 SAABBC2，VSABCDSA(BCAD)AB2(23)2.6 分(2)当点 E 位于棱 SD 上靠近 D 的三等分点处时，可使 CE平面SAB.8 分证明如下：取 SD 上靠近 D 的三等分点为 E，取 SA 上靠近 A 的三等分点为 F，连接 CE，EF，BF，则 EF 綊 AD，BC 綊 AD，BC

19、 綊 EF，CEBF.10 分又BF平面 SAB，CE平面 SAB，CE平面 SAB.12 分解决立体几何中的探索性问题的步骤：第一步：写出探求的最后结论；第二步：证明探求结论的正确性；第三步：给出明确答案；第四步：反思回顾，查看关键点、易错点和答题规范1(2017保定月考)有下列命题：13 / 19若直线 l 平行于平面 内的无数条直线，则直线 l；若直线 a 在平面 外，则 a；若直线 ab，b，则 a；若直线 ab，b，则 a 平行于平面 内的无数条直线其中真命题的个数是( )A1 B2 C3 D4答案 A解析 命题：l 可以在平面 内，不正确；命题：直线 a 与平面 可以是相交关系，不

20、正确；命题：a 可以在平面 内，不正确；命题正确故选 A.2(2016滨州模拟)已知 m，n，l1，l2 表示直线， 表示平面若 m，n，l1，l2，l1l2M，则 的一个充分条件是( )Am 且 l1 Bm 且 nCm 且 nl2 Dml1 且 nl2答案 D解析 由定理“如果一个平面内有两条相交直线分别与另一个平面平行，那么这两个平面平行”可得，由选项 D 可推知 .故选 D.3对于空间中的两条直线 m，n 和一个平面 ，下列命题中的真命题是( )A若 m，n，则 mnB若 m，n，则 mnC若 m，n，则 mnD若 m，n，则 mn答案 D14 / 19解析 对 A，直线 m，n 可能平

21、行、异面或相交，故 A 错误；对 B，直线 m 与 n 可能平行，也可能异面，故 B 错误；对 C，m 与 n 垂直而非平行，故 C 错误；对 D，垂直于同一平面的两直线平行，故 D 正确4如图，L，M，N 分别为正方体对应棱的中点，则平面 LMN 与平面PQR 的位置关系是( )A垂直 B相交不垂直C平行 D重合答案 C解析 如图，分别取另三条棱的中点 A，B，C，将平面 LMN 延展为平面正六边形 AMBNCL，因为 PQAL，PRAM，且 PQ 与 PR 相交，AL 与AM 相交，所以平面 PQR平面 AMBNCL，即平面 LMN平面 PQR.5(2016全国甲卷)， 是两个平面，m，n

22、 是两条直线，有下列四个命题：如果 mn，m，n，那么 ；如果 m，n，那么 mn；如果 ，m，那么 m；如果 mn，那么 m 与 所成的角和 n 与 所成的角相等其中正确的命题有_(填写所有正确命题的编号)答案 解析 当 mn，m，n 时，两个平面的位置关系不确定，故错误，经判断知均正确，故正确答案为.6设 ， 是三个不同的平面，m，n 是两条不同的直线，在命题“m，n，且_，则 mn”中的横线处填入下列三组条件中的一组，使该命题为真命题15 / 19，n；m，n；n，m.可以填入的条件有_答案 或解析 由面面平行的性质定理可知，正确；当 n，m 时，n和 m 在同一平面内，且没有公共点，所

23、以平行，正确7在正四棱柱 ABCDA1B1C1D1 中，O 是底面 ABCD 的中心，P 是 DD1的中点，设 Q 是 CC1 上的点，则点 Q 满足条件_时，有平面D1BQ平面 PAO.答案 Q 为 CC1 的中点解析 假设 Q 为 CC1 的中点因为 P 为 DD1 的中点，所以 QBPA.连接 DB，因为 O 是底面 ABCD 的中心，所以 D1BPO，又 D1B平面 PAO，QB平面 PAO，且 PAPO 于 P，所以 D1B平面 PAO，QB平面 PAO，又 D1BQB 于 B，所以平面 D1BQ平面 PAO.故点 Q 满足条件，Q 为 CC1 的中点时，有平面 D1BQ平面 PAO

24、.8将一个真命题中的“平面”换成“直线” 、 “直线”换成“平面”后仍是真命题，则该命题称为“可换命题” 给出下列四个命题：垂直于同一平面的两直线平行；垂直于同一平面的两平面平行；平行于同一直线的两直线平行；平行于同一平面的两直线平行其中是“可换命题”的是_(填命题的序号)答案 解析 由线面垂直的性质定理可知是真命题，且垂直于同一直线的16 / 19两平面平行也是真命题，故是“可换命题” ；因为垂直于同一平面的两平面可能平行或相交，所以是假命题，不是“可换命题” ；由公理 4 可知是真命题，且平行于同一平面的两平面平行也是真命题，故是“可换命题” ；因为平行于同一平面的两条直线可能平行、相交或

25、异面，故是假命题，故不是“可换命题” 9.如图，空间四边形 ABCD 的两条对棱 AC、BD 的长分别为 5 和 4，则平行于两条对棱的截面四边形 EFGH 在平移过程中，周长的取值范围是_答案 (8,10)解析 设k，1k，GH5k，EH4(1k)，周长82k.又0k1，周长的取值范围为(8,10)*10.在三棱锥 SABC 中，ABC 是边长为 6 的正三角形，SASBSC15，平面 DEFH 分别与 AB，BC，SC，SA 交于点D，E，F，H.D，E 分别是 AB，BC 的中点，如果直线 SB平面 DEFH，那么四边形 DEFH 的面积为_答案 45 2解析 如图，取 AC 的中点 G

26、，连接 SG，BG.易知 SGAC，BGAC，SGBGG，故 AC平面 SGB，所以 ACSB.因为 SB平面 DEFH，SB平面 SAB，平面 SAB平面 DEFHHD，则 SBHD.同理 SBFE.17 / 19又 D，E 分别为 AB，BC 的中点，则 H，F 也为 AS，SC 的中点，从而得 HF 綊 AC 綊 DE，所以四边形 DEFH 为平行四边形又 ACSB，SBHD，DEAC，所以 DEHD，所以四边形 DEFH 为矩形，其面积 SHFHD(AC)(SB).11.如图，E、F、G、H 分别是正方体 ABCDA1B1C1D1 的棱BC、CC1、C1D1、AA1 的中点求证：(1)

27、EG平面 BB1D1D；(2)平面 BDF平面 B1D1H.证明 (1)取 B1D1 的中点 O，连接 GO，OB，易证四边形 BEGO 为平行四边形，故 OBEG，由线面平行的判定定理即可证 EG平面 BB1D1D.(2)由题意可知 BDB1D1.如图，连接 HB、D1F，易证四边形 HBFD1 是平行四边形，故 HD1BF.又 B1D1HD1D1，BDBFB，所以平面 BDF平面 B1D1H.12.如图，四棱锥 PABCD 中，PD平面 ABCD，底面 ABCD 为正方形，BCPD2，E 为 PC 的中点，CB3CG.(1)求证：PCBC；(2)AD 边上是否存在一点 M，使得 PA平面

28、MEG？若存在，求 AM 的长；18 / 19若不存在，请说明理由(1)证明 因为 PD平面 ABCD，BC平面 ABCD，所以 PDBC.因为四边形 ABCD 是正方形，所以 BCCD.又 PDCDD，所以 BC平面 PCD.因为 PC平面 PDC，所以 PCBC.(2)解 连接 AC，BD 交于点 O，连接 EO，GO，延长 GO 交 AD 于点 M，连接 EM，则 PA平面 MEG.证明如下：因为 E 为 PC 的中点，O 是 AC 的中点，所以 EOPA.因为 EO平面 MEG，PA平面 MEG，所以 PA平面 MEG.因为OCGOAM，所以 AMCG，所以 AM 的长为.*13.如图

29、所示，斜三棱柱 ABCA1B1C1 中，点 D，D1 分别为AC，A1C1 上的点(1)当等于何值时，BC1平面 AB1D1?(2)若平面 BC1D平面 AB1D1，求的值解 (1)如图所示，取 D1 为线段 A1C1 的中点，此时1.连接 A1B，交 AB1 于点 O，连接 OD1.由棱柱的性质知，四边形 A1ABB1 为平行四边形，点 O 为 A1B 的中点在A1BC1 中，点 O，D1 分别为 A1B，A1C1 的中点，OD1BC1.19 / 19又OD1平面 AB1D1，BC1平面 AB1D1，BC1平面 AB1D1.当1 时，BC1平面 AB1D1.(2)由平面 BC1D平面 AB1D1，且平面 A1BC1平面 BC1DBC1，平面 A1BC1平面 AB1D1D1O，得 BC1D1O，同理 AD1DC1，又1，1，即1.