（浙江专用）备战2019高考物理一轮复习 选考仿真模拟卷（二）.doc

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1、1选考仿真模拟卷选考仿真模拟卷( (二二) )考生注意：1本试卷分选择题部分和非选择题部分，共 4 页2答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应答题纸上3本次考试时间 90 分钟，满分 100 分选择题部分一、选择题(本题共 13 小题，每小题 3 分，共 39 分每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1.如图 1 所示是高速公路旁的交通标志，图中的“100”表示小汽车必须限制在 100 km/h 内行驶， “杭州 88 km”表示到杭州还有 88 km.“100 km/h”和“88 km”分别指( )图 1A瞬时速度

2、，位移B瞬时速度，路程C平均速度，位移D平均速度，路程2设向东的方向为正，有一辆汽车以 15 m/s 的速度从东向西匀速行驶，则汽车的位移与时间的关系图象可能是下列图中的( )3汽车遇紧急情况刹车，经 1.5 s 停止，刹车距离为 9 m若汽车刹车后做匀减速直线运2动，则汽车停止前最后 1 s 的位移是( )A4.5 m B4 m C3 m D2 m4如图 2 所示， “套圈圈”是大人和小孩都喜爱的一种游戏，某大人和小孩直立在界外，在同一竖直线上不同高度分别水平抛出小圆环，并恰好套中前方同一物体，假设小圆环的运动可以视作平抛运动，则( )图 2A大人抛出的圆环运动时间较长B大人和小孩抛出的圆环

3、运动时间相等C大人抛出的圆环初速度较大D大人和小孩抛出的圆环初速度相等5(2018湖州衢州丽水高三期末)如图 3 所示，摩天轮在匀速旋转过程中( )图 3A所有游客的转速是相同的B所有游客的线速度是相同的C在最高点的游客角速度最小D在最低点的游客需要的向心力最大6(2018新高考联盟联考)2016 年 10 月 19 日 3 时 31 分，神舟十一号载人飞船与天宫二号空间实验室成功实现自动交会对接，如图 4 所示，此时天宫二号绕地飞行一圈时间为92.5 min，而地球同步卫星绕地球一圈时间为 24 h，根据此两组数据我们不能求出的是( )图 4A天宫二号与地球同步卫星的角速度之比B天宫二号与地

4、球同步卫星的离地高度之比3C天宫二号与地球同步卫星的线速度之比D天宫二号与地球同步卫星的向心加速度之比7(2018宁波市十校联考)要使平行板电容器的电容增大，可采用的方法是( )A增大两极板正对面积 B增大两极板间距C增大两极板之间的电压 D使极板带电荷量增加8.如图 5 所示，真空中有两个点电荷Q14.0108 C 和Q2108 C，分别固定在x0 和x4 cm 的位置上，则在x轴上( )图 5A两个点电荷间某点的电场强度为零Bx8 cm 处的电场强度为零C(4 cm,8 cm)区域内电场强度的方向沿x轴正方向D电子在两个点电荷之间向右运动时，电势能先增大后减小9如图 6 所示，一薄木板斜放

5、在高度一定的平台和水平地板上，其顶端与平台相平，末端置于地板的P处，并与地板平滑连接将一可看成质点的滑块自木板顶端无初速度释放，沿木板下滑，接着在地板上滑动，最终停在Q处滑块和木板及地板之间的动摩擦因数相同现将木板截短一半，仍按上述方式放在该平台和水平地板上，再次将滑块自木板顶端无初速度释放(木板始终静止，设滑块在木板和地面接触处平滑过渡)，则滑块最终将停在( )图 6AP处 BP、Q之间CQ处 DQ的右侧10轿车司机座位旁常常挂些小饰物，司机可根据小饰物的摆动来判断汽车的运动情况某同学受此启发设计出一种测量汽车加速度的装置来反映轿车的加速性能原理如图 7 所示，质量为m的金属球，固定在一细长

6、的轻线下端，细线能绕悬挂点O在竖直平面内转动，轿车在水平面静止时轻线自然下垂，当轿车在水平地面加速时，轻线偏离竖直方向的角度为，此时加速度a与偏角的关系式正确的是( )4图 7Aagsin Bagtan Cagcos Dag cos 11如图 8 所示，在竖直放置的蹄形磁铁两极间放置一阴极射线管，一束电子从A端高速射向B端，当它经过蹄形磁铁产生的磁场时，受的洛伦兹力方向( )图 8A向上 B向下C指向 N 极 D指向 S 极12(2018台州外国语学校期末)功率为 10 W 的发光二极管(LED 灯)的亮度与功率为 60 W的白炽灯相当根据国家节能战略，2016 年前普通白炽灯应被淘汰假设每户

7、家庭有 2 只60 W 的白炽灯，均用 10 W 的 LED 灯替代估算出全国一年节省的电能最接近( )A8108 kWh B81010 kWhC81011 kWh D81013 kWh13.(2018东阳中学期中)如图 9 所示，一根长度为L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成角下列说法中正确的是( )图 9A导体棒受到磁场力大小为BILB导体棒对轨道压力大小为mgBILcos C导体棒受到导轨摩擦力为(mgBILsin )D导体棒受到导轨摩擦力为BILsin 二、选择题(本题共 3 小题，每小题 2 分，共 6 分每小

8、题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的全部选对的得 2 分，选对但不全的得 1 分，有选错的得 0 分)14. 加试题 (2018宁波重点中学联考)下列说法正确的是( )A因为激光具有高度的相干性，所以激光可以被调制后用来传递信息B铀核(U)需经过 6 次 衰变和 8 次 衰变才能变成铅核(Pb)23892206825C机械波在介质中的传播速度是由介质本身的性质决定的，与频率无关D若一个电子与一个质子的动量相等，则质子德布罗意波波长更短15. 加试题 如图 10 所示为两个频率相同、振幅均为A的相干波源在水面上传播产生的干涉现象，其中实线和虚线分别表示两列波的波峰和波谷，t0 时刻M是

9、波峰与波峰相遇的点，下列说法正确的是( )图 10A如果两个波源频率不同，也能产生类似的稳定的干涉现象B质点P和质点M在图示时刻的高度差为 2AC质点Q、M是振动加强点，再过半个周期，质点P、N也成为振动加强点D质点M振动一个周期，其路程为 8A16. 加试题 在信息技术迅猛发展的今天，光盘是存储信息的一种重要媒介光盘上的信息通常是通过激光束来读取的若激光束不是垂直投射到盘面上，则光线在通过透明介质层时会发生偏折而改变行进的方向，如图 11 所示下列说法中正确的是( )图 11A图中光束是红光 是蓝光B在光盘的透明介质层中，光束比传播速度更快C若光束先后通过同一双缝干涉装置，光束的条纹宽度比的

10、小D若光束先后通过同一双缝干涉装置，光束的条纹宽度比的大非选择题部分三、非选择题(本题共 7 小题，共 55 分)17(5 分)(2018温州市期末)(1)在做“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，以下说法正确的是_A先释放纸带再接通电源B打点结束，先关电源再取纸带C拉小车的细线应尽可能与长木板平行D实验需要平衡拖着纸带的小车受到的摩擦力6(2)某位同学在做“探究弹力与弹簧伸长量的关系”实验时，所得的数据如下表所示.钩码个数0123456弹簧长度/cm46.353.160.066.977.580.387.1请在图 12 的坐标纸中画出弹力F与弹簧长度x的关系图线(实验中所挂钩码每个 50 g

11、，g取 10 m/s2)图 12弹簧的劲度系数为_ N/m，图象与x轴交点的物理意义是_.18(5 分)(2018余姚中学期中)用如图 13 所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关 K和两个部件 S、T.请根据下列步骤完成电阻测量：图 13(1)旋动部件_，使指针对准电流的“0”刻线(2)将 K 旋转到电阻挡“100”的位置(3)将插入“” “”插孔的表笔短接，旋动部件_，使指针对准电阻的_(填“0 刻线”或“刻线”)(4)将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小，为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按_的顺序进行操作，再完成读数测量A将 K 旋转到电阻挡“1

12、k”的位置B将 K 旋转到电阻挡“10”的位置C将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准719(9 分)(2018七彩阳光联盟期中)如图 14 所示，一段平直的马路上，一辆校车从一个红绿灯口由静止开始做匀加速直线运动，经 36 m 速度达到 43.2 km/h；随后保持这一速度做匀速直线运动，经过 20 s，行驶到下一个路口时，司机发现前方信号灯为红灯便立即刹车，校车匀减速直线行驶 36 m 后恰好停止图 14(1)求校车匀加速运动的加速度大小a1；(2)若校车总质量为 4 500 kg，求校车刹车时所受的阻力大小；(3)若校车内坐有一质量为

13、30 kg 的学生，求该学生在校车加速过程中座椅对学生的作用力F的大小(取g10 m/s2，结果可用根式表示)20(12 分)(2017余姚中学高三上期中)如图 15 所示，一小球(可视为质点)从A以某一水平向右的初速度出发，沿水平直线轨道运动到B点后，进入半径R10 cm 的光滑竖直圆形轨道，圆形轨道间不相互重叠，即小球离开圆形轨道后可继续向C点运动，C点右侧有一壕沟，C、D两点的竖直高度h0.8 m，水平距离s1.2 m，水平轨道AB长为L11 m，BC长为L23 m，小球与水平轨道间的动摩擦因数0.2，重力加速度g10 m/s2，则：图 15(1)若小球恰能通过圆形轨道的最高点，求小球在

14、A点的初速度大小；(2)为使小球能进入壕沟，求小球在A点的初速度v0的范围821. 加试题 (4 分)(2018东阳中学期中)如图 16 为“研究电磁感应现象”的实验装置，开关合上前小螺线管已插入到大螺线管中图 16(1)将图中所缺的导线补接完整；如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏转一下，那么合上开关后将小螺线管迅速抽出时，灵敏电流计指针将向_(“左”或“右”)偏转将滑动变阻器的滑片迅速向左滑动，则灵敏电流计指针将向_(“左”或“右”)偏转图 17(2)如图 17 所示，在用可拆变压器“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中，下列说法正确的是_A测量原、副线圈的电压，可用“测定电

15、池的电动势和内阻”实验中的电压表B用可拆变压器，能方便地从不同接线柱上选取不同匝数的线圈C原线圈接 0、8 接线柱，副线圈接 0、4 接线柱，副线圈电压大于原线圈电压D.保持原线圈匝数和电压不变，改变副线圈的匝数，可以研究副线圈匝数对输出电压的影响22. 加试题 (10 分)如图 18 甲所示，固定轨道由倾角37的斜导轨与水平导轨用极短的圆弧导轨平滑连接而成，轨道所在空间存在方向竖直向上、磁感应强度大小为B0.2 T的匀强磁场，两导轨间距为L0.5 m，上端用阻值为R0.5 的电阻连接在沿斜导轨向下的拉力(图中未画出)作用下，一质量为m0.5 kg、阻值也为 0.5 的金属杆MN从斜9导轨上某

16、一高处由静止开始(t0)沿光滑的斜导轨匀加速下滑，当杆MN滑至斜导轨的最底端P2Q2处时撤去拉力，杆MN在粗糙的水平导轨上减速运动直至停止，其速率v随时间t的变化关系如图乙所示(其中vm20 m/s 和t02 s 为已知)杆MN始终垂直于导轨并与导轨保持良好接触，水平导轨和杆MN间的动摩擦因数为0.1，g10 m/s2.求：图 18(1)杆MN中通过的最大感应电流Im；(2)杆MN沿斜导轨下滑的过程中，通过电阻R的电荷量q；(3)撤去拉力后，若电阻R上产生的热量为Q20 J，求杆MN在水平导轨上运动的路程s.23. 加试题 (10 分)如图 19 甲所示，半径为l的金属圆环处在垂直圆环平面向里

17、的磁感应强度为B的匀强磁场中，长度为l的金属杆可绕通过圆心的轴O做顺时针方向的匀速转动在图乙中，平行板电容器的极板长度为l，板间距为d，挡板HI高为 4l，距离极板右边缘 3l.两板中央延长线上质量为m的带电粒子P以速度v与静止在两板中央左边缘的质量为 4m的粒子Q发生碰撞后，以的速率反弹回来，设碰撞后粒子Q电荷量为q(不计P、Q3v 5粒子的重力和运动的阻力)图 1910(1)求Q粒子以多大的速度进入平行板电容器；(2)要使Q粒子能落在挡板上的HM之间，图甲中的a点应连接图乙中的_(填“A”或“D”)点；(3)在满足(2)的条件下，求金属杆OC转动的角速度范围答案精析答案精析1B 题图中“1

18、00 km/h”和“88 km”分别表示瞬时速度和路程，故选项 B 正确2D 3.B4A 设抛出的圆环做平抛运动的初速度为v，高度为h，则下落的时间为：t，水2h g平方向位移xvtv，由以上的公式可知，由于大人的高度h比较大，所以大人抛出的2h g圆环运动时间较长、速度较小，故 A 正确，B、C、D 错误5A 6.B7A 根据平行板电容器的决定式C，可知要增大电容，可增大两极板正对面积，rS 4kd或插入电介质，或减小板间距离，故 A 正确，B 错误；电容器的电容与两极板间电压、极板所带电荷量无关，故 C、D 错误8B 根据点电荷场强的叠加知，两点电荷之间的场强方向沿x轴正方向，不为零，A

19、错误；由分析可知，在x轴上场强为零的点，只能在Q2的右侧，设该点在Q2右侧L处，则kk，解得L4 cm，则x4 cmL8 cm 处的电场强度为零，B 正确；(4 Q14 cmL2|Q2| L2cm,8 cm)区域内电场强度的方向沿x轴负方向，C 错误；电子在两个点电荷之间向右运动时，电场力做负功，电势能增大，D 错误9C 10.B1111B 电子从A端射向B端，根据左手定则，磁感线垂直穿入手心，四指指向电子束运动的反方向，洛伦兹力的方向向下，故选 B.12B 因每只白炽灯和发光二极管的功率分别为 60 W 和 10 W，按 4 亿户家庭，每户家庭每天亮灯 6 小时计算，全国一年节省的电能最接近

20、 41082(6010)103 kW3656 h8.761010 kWh，最接近 B 选项，故选项 B 正确，A、C、D 错误13A 导体棒受力分析如图所示：B与I垂直，故导体棒受到磁场力大小为FBIL，选项A 正确；根据共点力平衡规律得：BILsin FNmg，结合牛顿第三定律得导体棒对轨道的压力大小为FNFNmgBILsin ，选项 B 错误；因为导体棒受到的是静摩擦力，因而受到静摩擦力大小要运用力的平衡规律求解，即FfBILcos ，选项 C、D 错误14AC15BD 如果两个波源频率不同，不能产生类似的稳定的干涉现象，故 A 错误；在t0 时刻，质点M是波峰与波峰相遇，是振动加强点，振

21、动加强点的振幅等于波单独传播时振幅的2 倍，质点P是波峰与波谷叠加，是振动减弱点，位移为 0，故质点P和质点M在图示时刻的高度差为 2A，故 B 正确；两列波干涉时，两列波的波峰与波峰、波谷与波谷相遇处，振动始终加强，波峰与波谷相遇处振动始终减弱，质点Q、M是振动加强点，质点P、N是振动减弱点，再过半个周期，质点P、N还是振动减弱点，故 C 错误；质点M是波峰与波峰相遇，是振动加强点，振动加强点的振幅等于波单独传播时振幅的 2 倍，所以质点M振动一个周期，其路程为 8A，故 D 正确16BD17(1)BCD (2)见解析图 7.4 弹簧的原长解析 (1)应先接通电源，然后释放纸带，否则纸带开始

22、阶段是空白，可能所采集的数据不够，而且浪费纸带，故 A 错误；打点结束后，应先切断电源后再取纸带，故 B 正确；实验应保证细线拉力为小车所受合力，故拉小车的细线与长木板平行，故 C 正确；实验中，平衡掉摩擦阻力的方法是轻推一下拖着纸带的小车，若小车能够匀速下滑，则在纸带上打下间距均匀的点，故 D 正确，故选 B、C、D.(2)先在坐标纸中描点，然后用直线连接，如图弹簧的劲度系数为k N/m7.4 N/m，图象与x轴交点的物理意义是拉力为 0F x2.5 0.34时，弹簧的长度，即弹簧的原长1218(1)S (3)T 0 刻线 (4)ADC解析 用多用电表测量电阻时，在测量之前就要观察指针是否在

23、零刻度线上，若指针不在零刻度线上，用螺丝刀小心旋动指针定位螺丝 S，使指针对准电流的“0 刻线” 然后旋动选择开关 K，选择量程，再将两表笔短接，调整旋钮 T，使指针对准满偏刻度(即电阻的“0 刻线”)，接下来才能将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接，测量被测电阻的阻值若在测量过程中，发现指针偏转角度过小，表明被测的电阻阻值很大，这时要换用更高倍率的挡位，例如，本题就要从“100”挡位更换到“1 k”挡位19(1)2 m/s2 (2)9 000 N (3)60 N26解析 (1)由匀加速直线运动公式可知v22a1x1，得加速度a12 m/s2(2)由匀减速直线运动公式得：0v22a2

24、x3解得a22 m/s2F阻Ma29 000 N.(3)匀加速运动过程中，设学生所受合力大小F合，座椅对学生的作用力为F，由牛顿第二定律可得F合ma1Fmg2ma12得F60 N.2620(1)3 m/s (2)4 m/sv05 m/s解析 (1)小球恰能通过最高点，则有mgmv2 R由B到最高点有：mvmv22mgR1 2B21 2从AB由动能定理得：mgL1mvmv1 2B21 20 2解得小球在A点的初速度v03 m/s.(2)若小球恰好到达C处，从A到C的过程中，根据动能定理：WfEk即：mg(L1L2)0mv1 21 2解得：v14 m/s若小球恰能越过壕沟时，设小球到达C点时的速度

25、为vC13根据平抛运动公式：hgt2，svCt1 2从A到C的过程中，根据动能定理得mg(L1L2)mvmv1 2C21 22 2解得：v25 m/s所以当 4 m/sv05 m/s 时，小球能进入壕沟21(1)见解析图 左 右 (2)BD解析 (1)如图所示在闭合开关时和电流计串联的线圈中磁通量增加，发现灵敏电流计的指针向右偏转一下那么合上开关后将小螺线管迅速抽出时和电流计串联的线圈中磁通量减小，灵敏电流计指针将向左偏转；将滑动变阻器的滑片迅速向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电流增大，和电流计串联的线圈中磁通量增加，发现灵敏电流计的指针向右偏转(2)在“测定电池的电动势和内阻”实验

26、中的电压表是直流电压表，变压器只能改变交变电流的电压，不能改变直流电压，故 A 错误；变压器的输出电压跟输入电压以及原、副线圈匝数之比都有关，因此需要用可拆卸的变压器研究探究副线圈电压与匝数的关系，采用控制变量法，即为便于探究，先保持原线圈匝数和电压不变，改变副线圈的匝数，研究其对副线圈电压的影响，故 B、D 正确；根据原、副线圈匝数之比等于输入、输出电压之比可知，原线圈接 0、8 接线柱，副线圈接 0、4 接线柱，那么副线圈的电压小于原线圈电压，故 C 错误22(1)2 A (2)1.6 C (3)120 m解析 (1)经分析可知，杆MN下滑到P2Q2处时的速度最大(为vm)，此时回路中产生

27、的感应电动势最大，且速度方向与磁场垂直，故最大值为：EmBLvm此时回路中通过的感应电流最大，有：Im A2 A；Em 2RBLvm 2R0.2 0.5 20 2 0.5(2)杆MN沿斜导轨下滑的距离为：xt0vm 2在杆MN沿斜导轨下滑的过程中，穿过回路的磁通量的变化为：BLxcos 该过程，回路中产生的平均感应电动势为： E t0014回路中通过的平均感应电流为： IE 2R又：qt0，I联立解得：q1.6 C.(3)撤去拉力后，电阻R上产生的热量QQ总R RR由功能关系可知：克服安培力做的功WAQ总对杆由动能定理得：mgsWA0mv1 2m 2解得：s m120 m.mvm 24Q 2m

28、g0.5 2024 20 2 0.1 0.5 1023(1)v (2)D (3)见解析2 5解析 (1)粒子P、Q相碰撞，动量守恒，以P粒子初速度方向为正，则有mvm()4mv3v 5解得v2v 5(3)若板间距比较大，粒子能到达H点，此时粒子在板间的侧位移为y1，根据平抛运动规律可得y1 2l0.5l 3.5l解得y1l，2 7又y1 ，即 d 2l d7 4根据带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，得y1t2，lvt，1 2U1qd4m解得y125U1ql2 32mdv2U164mdv2 175ql根据法拉第电磁感应定律得U1B1l21 2解得1128mdv2 175ql3B若板间距比较小，粒子从上极板边缘飞出，落在挡板上的位置与M点相距y，根据平抛运动规律可得15d 2 y0.5l 3.5l解得yd，且y2l， 7 2l d7 4根据带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，得粒子的侧位移y2 ，y2t2，lvtd 21 2U2qd4m解得y2，U225U2ql2 32mdv216md2v2 25ql2根据法拉第电磁感应定律得U2B2l2，21 232md2v2 25ql4B当 时，1l d7 4128mdv2 175ql3B当 时，2.ld7432md2v225ql4B