（浙江专用）备战2019高考物理一轮复习 选考仿真模拟卷（五）.doc

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1、1选考仿真模拟卷选考仿真模拟卷( (五五) )考生注意：1本试卷分选择题部分和非选择题部分，共 4 页2答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应答题纸上3本次考试时间 90 分钟，满分 100 分选择题部分一、选择题(本题共 13 小题，每小题 3 分，共 39 分每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1北京时间 2016 年 8 月 6 日早上 700，第 31 届奥林匹克运动会在巴西里约热内卢拉开帷幕第 4 天上午，中国选手孙杨以 1 分 44 秒的成绩获得男子 200 米自由泳比赛冠军(国际标准游泳池长 50 米

2、)下列说法正确的是( )A “1 分 44 秒”指的是时间间隔B孙杨 200 米自由泳的平均速度为 1.92 m/sC在研究孙杨的技术动作时，可以把孙杨看成质点D在游泳过程中，以游泳池里的水为参考系，孙杨是静止的2.如图 1 所示，一只熟透的苹果从树上落下后以 3 m/s 速度砸中人的头顶，则苹果下落的时间为(g10 m/s2)( )图 1A0.1 s B0.3 sC1.5 s D3 s3如图 2 所示，物块以速度v0从粗糙程度相同的固定斜面底端沿斜面上滑，达到最高点后沿斜面返回下列vt图象能正确反映物块运动规律的是( )图 224停在 10 层的电梯底板上放置有两块相同的条形磁铁，磁铁的极性

3、如图 3 所示，开始时两块磁铁在电梯底板上处于静止状态( )图 3A若电梯突然向下开动(磁铁与底板始终相互接触)，并停在 1 层，最后两块磁铁可能已碰在一起B若电梯突然向下开动(磁铁与底板始终相互接触)，并停在 1 层，最后两块磁铁一定仍在原来位置C若电梯突然向上开动，并停在 20 层，最后两块磁铁一定已碰在一起D若电梯突然向上开动，并停在 20 层，最后两块磁铁一定仍在原来位置5如图 4 所示，一架战斗机在距地面高度一定的空中，由东向西水平匀速飞行，发现地面目标P后，开始瞄准并投掷炸弹，若炸弹恰好击中目标P，假设投弹后飞机仍以原速度水平匀速飞行，则下列说法中错误的是(空气阻力不计)( )图

4、4A飞机投弹时在P点的正上方B炸弹落在P点时，飞机在P点的正上方C飞机飞行速度越大，投弹时飞机到P点的距离应越大D无论飞机飞行速度多大，从投弹到击中目标经历的时间是一定的6(2017余姚中学高三上期中)如图 5 所示，两个小球分别被两根长度不同的细绳悬于等高的悬点，现将细绳拉至水平后由静止释放小球，当两个小球通过最低点时，两球一定有相同的(不计空气阻力)( )3图 5A速度 B角速度C加速度 D机械能7设太阳质量为M，某行星绕太阳公转周期为T，轨道可视作半径为r的圆，已知引力常量为G，则描述该行星运动的上述物理量满足( )AGM BGM42r3 T242r2 T2CGM DGM42r2 T34

5、r3 T28(2018新高考联盟联考)下列各物理量中，其值与放入的试探电荷电量大小有关的是( )A电场强度E B电势C电势差U D电场力做的功W9(2018温州新力量联盟期末)如图 6 所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略一带负电油滴被固定于电容器中的P点现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则下列说法错误的是( )图 6A平行板电容器的电容将变小B静电计指针张角变小C带电油滴的电势能将减少D若先将上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变10(2017台州中学高二学考一统)如图

6、7 所示是“探究导体电阻与其影响因素”的装置图，a、b、c、d为四条不同的金属导体在长度、横截面积、材料三个因素方面，b、c、d跟a相比，分别只有一个因素不同：b与a的长度不同；c与a横截面积不同；d与a材料不同用电压表分别测量a、b、c、d两端的电压则下列说法正确的是( )4图 7A根据a、c两端的电压的关系可知导体电阻与导体长度有关B根据a、b两端的电压的关系可知导体电阻与横截面积有关C根据a、d两端的电压的关系可知导体电阻与材料有关D由实验结论可得出导体电阻与导体的长度、横截面积、材料无关图 811(2018嘉兴一中期末)如图 8 所示，某带负电荷的小球沿电场中一竖直电场线从A运动到B.

7、E表示电场强度，表示小球的电势，Ep表示小球的电势能，Ek表示小球的动能，则下列说法正确的是( )A小球从A点到B点一定是匀加速运动BEA一定大于EB，A一定大于BC小球电势能EpA大于EpB，动能EkA小于EkBD小球在A点的机械能大于在B点的机械能12.(2018浙江 4 月选考11)一带电粒子仅在电场力作用下从A点开始以v0做直线运动，其vt图象如图 9 所示粒子在t0时刻运动到B点，3t0时刻运动到C点，下列判断正确的是( )图 9AA、B、C三点的电势关系为BACBA、B、C三点的场强大小关系为ECEBEAC粒子从A点经B点运动到C点，电势能先增加后减少D粒子从A点经B点运动到C点，

8、电场力先做正功后做负功13.(2018余姚中学期中)如图 10 所示，导线框中电流为I，导线框垂直于磁场静止放置，匀强磁场的磁感应强度为B，AB与CD相距为d，则金属杆MN所受安培力大小为( )5图 10AFBIdBFBIdsin CFBId sin DFBIdcos 二、选择题(本题共 3 小题，每小题 2 分，共 6 分每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的全部选对的得 2 分，选对但不全的得 1 分，有选错的得 0 分)14. 加试题 某种金属发生光电效应时，光电子的最大初动能Ek与入射光频率的关系如图 11 所示，E、c为已知量由图线信息可知( )图 11A逸出功W0EB图

9、象的斜率表示普朗克常量的倒数C图中E与c的值与入射光的强度、频率均无关D若入射光频率为 3c，则光电子的最大初动能为 3E15. 加试题 (2018温州市六校期末)沿x轴正方向传播的一列简谐横波在t0 时刻的波形如图 12 所示，M为介质中的一个质点，该波的传播速度为 40 m/s，则t s 时( )1 40图 12A质点M对平衡位置的位移一定为负值B质点M的速度方向与对平衡位置的位移方向相同C质点M的加速度方向与速度方向一定相同D质点M的加速度方向与对平衡位置的位移方向相反16. 加试题 如图13 所示，理想变压器的原、副线圈的匝数比为 41，原线圈接有u311sin 100t(V)的交变电

10、压，副线圈上接有定值电阻R、线圈L、灯泡 L1及理想电压表 V，以下说6法正确的是( )图 13A副线圈中电流的变化频率为 50 HzB灯泡 L1两端电压为 55 VC若交变电压u的有效值不变，频率增大，则灯泡 L1的亮度将变暗D若交变电压u的有效值不变，频率增大，则电压表 V 的示数将减小非选择题部分三、非选择题(本题共 7 小题，共 55 分)17(5 分)(2018宁波市期末)在“探究求合力的方法”的实验中(1)下列相关说法正确的是_A拉橡皮条的两条细绳必须等长B标记同一细绳方向的两点要远些C两个分力的夹角要尽量小些D拉橡皮条时，橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板(2)如图 14 甲

11、所示，是某同学做“探究求合力的方法”的实验弹簧秤a的示数如图乙所示，其读数是_N，若弹簧秤b的读数为 4.00 N；单独用一个弹簧秤拉橡皮条到同一结点O时的拉力为 5.10 N，且各个力的方向已经记录在白纸上(如图丙所示)，请作出弹簧秤b拉力的图示图 14(3)若已正确画出上述三个力的图示，为了得到合力与分力的关系，还要如何处理？718(5 分)(2018玉环中学模拟)北京市技术质量监督局曾对市场中电线电缆产品质量进行抽查，检验负责人说：“十几个不合格产品中，大部分存在导体电阻不合格问题，主要是铜材质量不合格，使用了再生铜或含杂质很多的铜；再一个就是铜材质量可能合格，但把截面积缩小，买 2.5

12、 平方毫米的线，拿到手的线可能是 1.5 平方毫米或 1.5 平方毫米多一点，载流量不够；还有一个问题是绝缘层质量不合格，用再生塑料制作电线外皮，电阻率达不到要求” (1)现从一捆横截面积为 1 平方毫米的不合格的电线中截取一段，采用绕线法测量其横截面积，读数如图 15 甲所示，可得该导线的半径为_mm(保留 3 位有效数字)；经你判断该电线的横截面积_(填“合格”或“不合格”)(2)欲测量该捆电线的电阻率是否合格，经查阅，纯铜的电阻率为 1.8108 m.取长度为 100 m(真实长度)的电线，并用伏安法测量其电阻，所用器材有：A电源(电动势约为 5 V，内阻不计)B待测长度为 100 m

13、的电线一捆C滑动变阻器(5 ，2 A)D电压表(量程为 5 V，内阻约为 5 k)E电流表(量程为 0.6 A、3 A，内阻分别为 0.125 、0.025 )某同学设计了如图乙所示的电路，所选电表量程均合理，则电压表的另一端应接_(填“a”或“b”)，测得电压表读数为 4.50 V，电流表读数如图丙所示，为_A.图 1519(9 分)(201891 高中联盟联考)城市高层建筑越来越多，高空坠物事件时有发生，我国民法通则及侵权责任法中都有规定，建筑物上的搁置物发生脱落造成他人损害的，其所有人或管理人应承担民事责任，能够证明自己没有过错的除外假设某高楼距地面H47 m 高的阳台上的花盆因受扰动而

14、掉落，掉落过程可看做自由落体运动有一辆长L18 m、高h2 m 的货车，在楼下以v010 m/s 的速度匀速直行，要经过阳台的正下方，花盆自由下落时货车车头距花盆的水平距离为L224 m(花盆可视为质点，重力加速度g10 m/s2)(1)若司机没有发现花盆掉落，货车保持v010 m/s 的速度匀速直行，通过计算说明货车是否会被花盆砸到？(2)若货车车头距花盆的水平距离为L319 m 时，司机才发现花盆正在掉落途中，经t0.5 8s 反应时间后采取加速(可视为匀加速)的方式来避险，则货车至少以多大的加速度才能安全通过？20(12 分)如图 16 所示，在光滑的水平平台上A处有一质量 m0.1 k

15、g 的小球压缩轻质弹簧(小球与弹簧不拴连) 使其具有 Ep0.2 J 的弹性势能，平台的B端连接两个半径都为R且内壁都光滑的四分之一细圆管BC及细圆管CD，圆管内径略大于小球直径，B点和D点都与水平面相切在地面的 E处有一小圆弧(图中未画出，小球在经过 E处时的动能不损失)且安装了一个可改变倾角的长斜面EF，已知地面DE长度为 0.3 m 且与小球间的动摩擦因数10.5，小球与可动斜面 EF间的动摩擦因数2.现静止释放小球，小球弹出后进入33细圆管，运动到 B点时对上管壁有 FN1 N 的弹力求：图 16(1)细圆管的半径 R；(2)小球经过 D点时对管壁的压力大小；(3)当斜面 EF与地面的

16、倾角60时，小球沿斜面上滑的最大长度921. 加试题 (4 分)在“测定玻璃的折射率”实验中，某同学已经正确操作插好了前 3 枚大头针，如图 17 甲所示图 17(1)在插第 4 枚大头针时，正确的操作是_(2)在图乙中画出完整的光路图(3)对你画出的光路图进行计算，求得该玻璃砖的折射率n_(保留 3 位有效数字)22. 加试题 (10 分)(2017宁波市九校高三上学期期末)如图 18 所示，质量为M的 U 形金属框MMNN，静止放在粗糙绝缘水平面上(动摩擦因数为)，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力MM、NN边相互平行，相距为L，电阻不计且足够长，底边MN垂直于MM，电阻为r.质量为m的光滑导体

17、棒ab电阻为R，垂直MM放在框架上，整个装置处于垂直轨道平面向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场中在与ab垂直的水平拉力作用下，ab沿轨道由静止开始做匀加速直线运动，经x距离后撤去拉力，直至最后停下，整个过程中框架恰好没动若导体棒ab与MM、NN始终保持良好接触，求：图 18(1)加速过程中通过导体棒ab的电荷量q；(2)导体棒ab的最大速度vm以及匀加速阶段的加速度；10(3)导体棒ab走过的总位移23. 加试题 (10 分)如图 19 所示，在xOy平面内存在、四个场区，y轴右侧存在匀强磁场，y轴左侧与虚线MN之间存在方向相反的两个匀强电场，区电场方向竖直向下，区电场方向竖直向上，P点是MN

18、与x轴的交点有一质量为m、带电荷量q的带电粒子由原点O，以速度v0沿x轴正方向水平射入磁场，已知匀强磁场的磁感应强度垂直纸面向里，大小为B0，匀强电场和匀强电场的电场强度大小均为E，区的磁B0v0 4场垂直纸面向外，大小为，OP之间的距离为，已知粒子最后能回到O点求：B0 28mv0 qB0图 19(1)带电粒子从O点飞出后，第一次回到x轴时的位置和时间；(2)根据题给条件画出粒子运动的轨迹；(3)带电粒子从O点飞出后到再次回到O点的时间11答案精析答案精析1A 孙杨最终又回到出发点，平均速度为 0；在研究孙杨的技术动作时，不能把他看成质点；以游泳池里的水为参考系，孙杨是运动的2B 苹果做自由

19、落体运动，由vgt，得t 0.3 sv g3C 根据牛顿第二定律可知上滑加速度大小为a1，下滑过程的加速度大mgsin Ff m小为a2，故a1a2，上滑和下滑的运动方向相反，故 C 正确mgsin Ff m4A 开始时两块磁铁在电梯底板上处于静止状态，说明磁铁间引力小于或等于最大静摩擦力，若电梯突然向下开动，开始阶段加速度向下，磁铁处于失重状态，对电梯底板的压力减小，所受的最大静摩擦力减小，由于存在引力，两磁铁可能相对运动而碰在一起，故 A 正确，B 错误；若电梯突然向上开动，电梯先向上加速，后向上减速，加速度方向先向上后向下，磁铁后一阶段处于失重状态，对电梯底板的压力减小，所受的最大静摩擦

20、力减小，由于引力，两磁铁可能相对运动而碰在一起，故 C、D 错误5A 炸弹投下后，由于惯性做平抛运动，其初速度等于飞机匀速飞行的速度，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，所以飞机投弹时不能在P点的正上方，而在P点正上方的东侧，炸弹击中目标时，飞机在P点的正上方，故 A 错误，B 正确设飞机离P点的竖直高度为h，飞机的速度为v0，则有：hgt2，得t，可知h一定时，无论飞机飞行速度多1 22h g大，从投弹到击中目标经历的时间是一定的，水平距离xv0tv0，可知飞机飞行速度2h g越大，炸弹通过的水平距离越大，则投弹时飞机到P点的距离应越大，故 C、D 正确6C 根据动能定理得：mgLmv2，解

21、得v，因为L不相等，所以速度不相等，故1 22gLA 错误；根据a，解得：a2g，所以两球加速度相等，又aL2，所以角速度不相等，v2 L故 B 错误，C 正确；因为不知两球的质量关系，初始位置它们的重力势能不一定相等，所以在最低点，两球的机械能不一定相等，故 D 错误7A 8.D 9.B10C 四个电阻串联，通过它们的电流I相等，由UIR可知，电阻两端电压U与电阻阻值R成正比，U越大，R越大；a与c只有横截面积不同，根据a、c两端的电压的关系可知导体电阻与导体横截面积有关，故 A 错误；a与b只有长度不同，根据a、b两端的电压的关系可知导体电阻与导体长度有关，故 B 错误；a与d只有材料不同

22、，根据a、d两端的电压的关系可知导体电阻与材料有关，故 C 正确；由实验结论可以得出导体电阻与导体长度、12横截面积、材料有关，故 D 错误11D12C 由题图vt图象知道带电粒子在 0t0时间内做减速运动，电场力做负功，电势能增大；在t03t0时间内反方向加速运动，电场力做正功，电势能减小，所以 C 正确，D 错误；因为不知道带电粒子电性，本题中无法判断电势的高低，所以 A 错误；图象中斜率表示带电粒子的加速度，Eqma，可知A、B、C三点中EB最大，B 错误13C14AC 由EkhW0，Ek0 时有hcW00，故逸出功W0hc，由题图，当0时可得，E0W0，所以W0E，故 A 正确；由Ek

23、hW0，直线的斜率等于普朗克常量，故 B 错误；图中E等于金属的逸出功，所以图中E与c的值与入射光的强度、频率均无关，故 C 正确；根据EkhW0，若入射光频率为 3c，则光电子的最大初动能为 2E，故 D 错误15CD16AC 变压器原、副线圈中电流的变化频率相等，均为f Hz50 Hz，则选项 A100 2正确；原线圈电压有效值为 V220 V，而原、副线圈的匝数比为 41，则原、副线圈3112的电压比为 41，即副线圈两端电压有效值为 V55 V，副线圈上的定值电阻R、线圈220 4L、灯泡 L1是串联的，灯泡 L1两端电压应小于 55 V，选项 B 错误；若交变电压u的有效值不变，频率

24、增大，线圈L由于感抗变大，两端电压变大，灯泡上分得的电压减小，则灯泡L1的亮度将变暗，选项 C 正确；同理电阻R上电压也减小，则电压表测得的电压增大，选项D 错误17(1)BD (2)3.00 见解析图 (3)为了得到合力与分力的关系，还要以F1、F2为邻边作平行四边形，在图丙中通过作图作出合力F，再与用一个弹簧秤拉橡皮条时的拉力比较即可解析 (1)细绳的作用是能显示出力的方向，所以不用必须等长故 A 错误；实验的目的是验证力的平行四边形定则，要根据两个弹簧秤拉橡皮条时两个拉力的大小和方向作出平行四边形求出其合力大小，为减小实验误差，拉橡皮条时标记同一细绳方向的两点要远些，故 B正确；两个分力

25、的夹角要尽量大小适中，不能太小，也不能太大故 C 错误；为减小实验误差，拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行，故 D 正确(2)弹簧秤a的读数为 3.00 N；弹簧秤b的拉力图示如图所示13(3)为了得到合力与分力的关系，还要以F1、F2为邻边作平行四边形，在题图丙中通过作图作出合力F，再与用一个弹簧秤拉橡皮条时的拉力比较即可18(1)0.625 合格 (2)a 2.50解析 (1)由题图可知，10 匝线圈的直径的总长度为 12.5 mm，则导线的半径为 12.5 10 2mm0.625 mm，则横截面积为：Sr21.23 mm2，说明横截面积合格(2)因待测电线的阻值很

26、小，故采用电流表外接法，所以电压表的另一端接a.电流表的量程选 3 A，分度值为 0.1 A，则读数为 2.50 A.19(1)会 (2)1 m/s2解析 (1)花盆下落到车顶的过程：Hhgt2，得：t3 s1 2此过程车前进距离：xv0t30 m因为 24 mx32 m，因此花盆会砸到货车，货车不能安全通过(或解：车头到达花盆正下方的时间为：t1 s2.4 sL2 v024 10车尾到达花盆正下方的时间为：t2s3.2 sL2L1 v0248 10因为 2.4 st3.2 s，因此花盆会砸到货车，货车不能安全通过)(2)从花盆下落至司机发现问题的过程，货车匀速：x0L2L324 m19 m5

27、 mt0 s0.5 sx0 v05 10司机反应时间内，货车匀速运动：t1t0.5 s x1v0t100.5 m5 m若车尾刚好避险，货车加速过程：t2tt0t3 s0.5 s0.5 s2 sx2(L3x1)L1(195) m8 m22 mx2v0t2at1 22 2解得：a1 m/s2所以，货车至少以 1 m/s2的加速度运动才能安全通过20(1)0.2 m (2)7 N (3)0.39 m解析 (1)小球由A运动到B，由能量守恒得Epmv1 2B2得：vB2 m/s14由牛顿第三定律知，运动到B点时上管壁对小球有FN1 N 的弹力由牛顿第二定律可得FNmgmvB2 R得：R0.2 m(2)

28、小球由B运动到D，由动能定理得mg2Rmvmv1 2D21 2B2在D处，由牛顿第二定律得FDmgmvD2 R解得FD7 N.由牛顿第三定律得，小球经过D点时对管壁的压力大小为 7 N，(3)从B点开始，到运动至斜面上最高处，由动能定理可得：mg2R1mgsDE2mgscos mgssin 0mv1 2B2代入数据解得s m0.39 m.9 34021(1)让第 4 枚大头针同时挡住第 3 枚大头针和第 1、2 枚大头针的像(2)见解析图(3)1.46(1.401.50 均正确)解析 (1)在插第 4 枚大头针时，正确的操作是让第 4 枚大头针同时挡住第 3 枚大头针和第1、2 枚大头针的像(

29、2)光路图如图所示(3)由几何知识可得入射角的正弦为：sin 10.83，7.3527.32折射角的正弦为：sin 20.57，4425.72则折射率为：n1.46.sin 1 sin 20.83 0.571522见解析解析 (1)q tIn R总BLx Rr(2)由题意可知当框架恰好不动时，导体棒速度最大故：F安Ffm(Mm)g而F安BIL，且I(Rr)BLvm得到：vmgMmRrB2L2由v2ax，得到a2 m2g2Mm2Rr22B4L4x(3)撤去拉力后导体棒在安培力作用下做减速运动，由动量定理可知：安tmvmF而安B L，且 (Rr)BLFIIv联立可以得到：tmvmB2L2v Rr所

30、以xtvmgMmRr2B4L4总位移x总xxx.mgMmRr2B4L423(1)(，0) (2)见解析图4mv0 qB04mqB0(3)416mqB0解析 (1)带电粒子在磁场中运动的半径为R1mv0 qB0带电粒子在磁场中运动了半个圆周，回到y轴的坐标y2R1，时间为t1 2mv0 qB0T 2m qB0带电粒子在场区做类平抛运动，根据牛顿第二定律得带电粒子运动的加速度a，qE mqB0v0 4m竖直位移yat，水平位移xv0t2，1 22 2联立得t2，x4m qB04mv0 qB0故t总t1t24mqB0第一次回到x轴的位置(，0)4mv0 qB0(2)根据运动的对称性画出粒子在场区的运动轨迹如图所示带电粒子在场区运动的半16径是在场区运动半径的 2 倍，画出粒子的运动轨迹，同样根据运动的对称性画出粒子回到O点的运动轨迹如图所示(3)带电粒子在磁场中运动的时间正好为 1 个周期，故t12m qB0带电粒子在、两个电场中运动的时间t24t216m qB0带电粒子在场中运动的时间为半个周期t32m qB0因此带电粒子从O点飞出后到再次回到O点的时间t总t1t2t3.416mqB0