（浙江专用）备战2019高考物理一轮复习 选考仿真模拟卷（六）.doc

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1、1选考仿真模拟卷选考仿真模拟卷( (六六) )考生注意：1本试卷分选择题部分和非选择题部分，共 4 页2答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应答题纸上3本次考试时间 90 分钟，满分 100 分选择题部分一、选择题(本题共 13 小题，每小题 3 分，共 39 分每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1如图 1 甲所示是某同学参加“五米三向折返跑”活动的情景该活动场地如图乙所示，ABACAD5 m，受试者听到口令后从A点跑向B点，用手触摸折返线后再返回A点，然后依次跑向C点、D点，最终返回A点若人可视为质点，现测得受

2、试者完成活动的时间为7.50 s，则该受试者在全过程中的路程和平均速度的大小分别为( )图 1A0,0 B15 m,4 m/sC30 m,0 D30 m,4 m/s2(2018温州市期末)如图 2 所示，冰壶是冬奥会的正式比赛项目运动员将冰壶推出后，冰壶在滑行途中水平方向受到的力有( )图 2A推力 B阻力C推力和阻力 D向前的惯性力3物体做直线运动的速度v随时间t变化的图线如图 3 所示，P为图线上一点，PN为图线过P点的切线，PQ为t轴的垂线，PM为v轴的垂线则下列说法中正确的是( )2图 3A物体做加速度减小的减速运动B物体做加速度增加的加速运动C物体运动到P点时的加速度为v1 t1D物

3、体运动到P点时的加速度为v1v2 t14关于如图 4 所示四幅图的说法错误的是( )图 4A甲图中，赛车的质量不是很大，却安装着强劲的发动机，可以获得很大的惯性B乙图中，高大的桥要造很长的引桥，从而减小桥面的坡度，目的是减小车辆重力沿桥面方向的分力，保证行车方便与安全C丙图中，火星的轨迹与砂轮相切，说明火星是沿砂轮的切线方向飞出的D丁图中，无论小锤用多大的力去击打弹性金属片，两球总是同时落地5如图所示，一物块A放在固定于水平地面上的斜面体B上，处于静止状态现用力F沿不同方向作用在A上，物块A始终保持静止则施加力F后，物块A受到的摩擦力一定增大且数值最小的是( )6下列四个选项中的虚线均表示小鸟

4、在竖直平面内飞行的轨迹，小鸟在图示位置时的速度v和空气对它的作用力F的方向可能正确的是( )7一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图 5 所示，发射机安装于台面左侧边缘的中点，能以不同速率向右侧不同方向水平发射相同的乒乓球乒乓球 1 落到球网右侧台面边缘上的中点，3乒乓球 2 落到球网右侧台面边缘上靠近中点的某点不计空气阻力则( )图 5A自发射到落台，乒乓球 1 的飞行时间大于乒乓球 2 的飞行时间B乒乓球 1 的发射速度大于乒乓球 2 的发射速度C落台时，乒乓球 1 的速度大于乒乓球 2 的速度D落台时，乒乓球 1 与乒乓球 2 重力做功的功率相等8关于环绕地球运动的卫星，下列说法正确的是( )

5、A分别沿圆轨道和椭圆轨道运行的两颗卫星，不可能具有相同的周期B沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道不同位置可能具有相同的速率C在赤道上空运行的两颗地球同步卫星，它们的轨道半径有可能不同D沿不同轨道经过北京上空的两颗卫星，它们的轨道平面一定会重合9(201891 高中联盟期中)如图 6 所示，球形电容器是由半径不同的同心金属球壳组成，内外球壳带有等量异种电荷，球壳之间为真空，并形成了沿半径方向的电场已知M点与N点在同一电场线上，M点与P点到圆心距离相等，则下列说法正确的是( )图 6A该径向电场为匀强电场BM点的电场强度比N点小CP点的电势比N点低D电荷沿圆孤虚线从M到P，电场力不做功10(2018

6、七彩阳光联盟期中)如图 7 所示，在“探究影响通电导线受力的因素”实验中，要使导体棒摆动时偏离竖直方向的摆角增大，以下操作中可行的是( )图 74A用更短的导线悬挂导体棒B改变导体棒中的电流方向C增大导体棒中的电流强度D使 3 块磁铁的 S、N 极都反向11现有一只灯泡，额定电压标识 12 V 清晰，额定功率标识字迹不清，某同学为了确定该灯泡的额定功率，设计了四个方案，哪个方案最准确( )A把该灯泡直接与标有额定功率的灯泡(额定电压 12 V)进行外观上和灯丝粗细程度的比较，得出该灯泡的额定功率B把该灯泡接在 12 V 的直流电源上使其发光，再与有标记的灯泡进行亮度比较，得出该灯泡的额定功率C

7、把该灯泡接在 12 V 的直流电源上使其发光，通过串联的电流表读出电流值，并联的电压表读出电压值，再由公式PUI求出额定功率D用该灯泡、电流表、电压表、干电池等器材，用伏安法测出该灯泡的阻值，再用公式P得出该灯泡的额定功率U2 R12如图 8 甲所示是一个电解电容器，电容器外壳上标有“4.7 F,50 V”字样，图乙是一个标准自感线圈，外壳上标有“1 H”字样，下列有关该电容器和自感线圈的说法正确的是( )图 8A电容器的电容为 4.71012 FB自感线圈的自感系数为“1 H”C电容器在 20 V 的工作电压下，其带电荷量为 9.4104 CD自感线圈的自感电动势大小与流过线圈的电流大小有关

8、13.如图 9 所示，在粗糙绝缘的水平面上有一物体A带正电，另一带正电的点电荷B沿着以A为圆心的圆弧由P到Q缓慢地从A的上方经过，若此过程中A始终保持静止，A、B两物体可视为质点且只考虑它们之间的库仑力作用则下列说法正确的是( )图 95A物体A受到的地面的支持力先增大后减小B物体A受到的地面的支持力保持不变C物体A受到的地面的摩擦力先增大后减小D库仑力对点电荷B先做正功后做负功二、选择题(本题共 3 小题，每小题 2 分，共 6 分每小题列出的四个选项中至少有一个是符合题目要求的全部选对的得 2 分，选对但不全的得 1 分，有选错的得 0 分)14. 加试题 (2018杭州市期末)下列说法正

9、确的是( )A家用照明电路电压的峰值约为 311 VB 衰变发出的 射线来自原子外层电子C卢瑟福通过 粒子散射实验发现原子核具有复杂结构D在发生轻核聚变或重核裂变后，核子的平均质量均变小15. 加试题 如图 10 所示，一束太阳光经过玻璃三棱镜后，被分解成各种色光在接收屏(与三棱镜侧面平行)上形成宽度为L的彩色光带现将一较厚的平行玻璃砖竖直插入到三棱镜的左侧，我们会看到( )图 10A彩带整体上移 B彩带整体下移C彩带宽度L变大 D彩带宽度L变小16. 加试题 (2018诸暨市牌头中学期中)如图 11 所示，虚线和实线分别为甲、乙两个弹簧振子做简谐运动的图象，则下列说法正确的是( )图 11A

10、任意时刻，甲振子的位移都比乙振子的位移大Bt0 时，甲、乙两振子的振动方向相反C前 2 s 内，甲、乙两振子的加速度均为正值D第 2 s 末，甲的速度达到其最大值，乙的加速度达到其最大值非选择题部分三、非选择题(本题共 7 小题，共 55 分)17(5 分)图 12 是“探究功与速度变化的关系”的实验装置，用该装置实验时，6图 12(1)以下实验步骤必需的是_A测出橡皮筋对小车做功的具体数值B测出橡皮筋的劲度系数C测出小车的质量D测出橡皮筋恢复原长时小车的速度E平衡摩擦力(2)在正确操作的情况下，打在纸带上的点并不都是均匀的，如图 13 所示，为了测量小车获得的速度，应选用纸带的_部分进行测量

11、打点间隔为 0.02 s，则小车的最大速度v_ m/s(保留两位有效数字)图 1318(5 分)现要测定一种特殊电池的电动势和内阻，它的电动势E约为 8 V，内阻r约为 30 ，已知该电池允许输出的最大电流为 40 mA.为防止调节滑动变阻器时造成短路，电路中用了一个定值电阻充当保护电阻，除待测电池外，可供使用的实验器材还有：A电流表 A(量程为 0.05 A、内阻约为 0.2 )B电压表 V(量程为 6 V、内阻约为 20 k)C定值电阻R1(阻值为 100 、额定功率为 1 W)D定值电阻R2(阻值为 200 、额定功率为 1 W)E滑动变阻器R3(阻值范围为 010 、额定电流为 2 A

12、)F滑动变阻器R4(阻值范围为 0750 、额定电流为 1 A)G导线和单刀单掷开关若干(1)为了电路安全及便于操作，定值电阻R应该选_；滑动变阻器应该选_(填写器材名称)(2)用笔画线代替导线在图 14 中完成实物连接图图 147(3)实验中，当电流表读数为I1时，电压表读数为U1；当电流表读为I2时，电压表读数为U2.则可以求出E_，r_.(用I1、I2、U1、U2及R表示)19(9 分)(2018名校协作体)如图 15 所示，两个完全相同的物块a、b质量均为m0.8 kg，在水平面上以相同的初速度从同一位置开始运动，图中的两条直线分别表示b物块受到水平拉力F作用和a物块不受拉力作用的vt

13、图象，g取 10 m/s2.求：图 15(1)物块a受到的摩擦力大小；(2)物块b所受拉力F的大小；(3)8 s 末a、b间的距离20(12 分)(2017稽阳联谊学校 8 月联考)如图 16 所示，遥控电动赛车(可视为质点)从A8点由静止出发，经过时间t后关闭发动机，赛车继续前进至B点进入半径为R0.5 m 的竖直粗糙圆弧轨道，经过圆弧最高点C后水平飞出，之后恰好在D点沿斜面方向进入与竖直方向成37的斜面轨道(途中表演上下翻身)，C、D两点在竖直方向的高度差为h0.8 m，已知赛车在水平轨道AB部分运动时受到恒定阻力Ff1 N，由设置在圆弧起点B处的传感器显示出赛车经过此处时对圆弧轨道的压力

14、为F82 N，赛车的质量m1 kg，通电后赛车的电动机以额定功率P80 W 工作，轨道AB的长度L6 m，空气阻力忽略不计，g取 10 m/s2，求：图 16(1)赛车运动到B点时速度vB的大小；(2)赛车电动机工作的时间t；(3)赛车在通过圆弧轨道过程中克服摩擦阻力所做的功W.21. 加试题 (4 分)(2018杭州地区重点中学期末)根据单摆周期公式T2，可以通过l g实验测量当地的重力加速度如图 17 所示，将细线的上端固定在铁架台上，下端系一小钢球，就做成了单摆图 17(1)用游标卡尺测量小钢球的直径，示数如图 18 所示，读数为_ mm.9图 18(2)以下是实验过程中的一些做法，其中

15、正确的有_A摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽可能长一些B摆球尽量选择质量大些、体积小些的C为了使摆的周期大一些，以方便测量，开始时拉开摆球，使摆线相距平衡位置有较大的角度D拉开摆球，使摆线偏离平衡位置大于 5，在释放摆球的同时开始计时，当摆球回到开始位置时停止计时，此时间间隔 t即为单摆周期TE拉开摆球，使摆线偏离平衡位置不大于 5，释放摆球，当摆球振动稳定后，从平衡位置开始计时，记下摆球做 50 次全振动所用的时间 t，则单摆周期Tt 5022. 加试题 (10 分)如图 19 甲所示，间距为 L、电阻不计的光滑导轨固定在倾角为的斜面上在区域内有方向垂直于斜面的匀强磁场，磁感应强度为

16、B，在区域内有垂直于斜面向下的匀强磁场，其磁感应强度 Bt 的大小随时间 t 变化的规律如图乙所示t0 时刻在轨道上端的金属细棒ab从如图甲所示位置由静止开始沿导轨下滑，同时下端的另一金属细棒cd在位于区域内的导轨上由静止释放在ab棒运动到区域的下边界EF处之前，cd棒始终静止不动，两棒始终与导轨垂直且接触良好已知ab棒和cd棒的质量均为m、接入电路的电阻均为R，区域沿斜面的长度为 2L，在 ttx时刻(tx未知)ab棒恰进入区域，重力加速度为 g求：图 19(1)当ab棒在区域内运动时cd棒消耗的电功率；(2)ab棒在区域内运动时cd棒上产生的热量；(3)ab棒开始下滑至 EF 的过程中流过

17、导体棒cd的电荷量1023. 加试题 (10 分)如图 20 所示，带电荷量为q2103C、质量为m0.1 kg 的小球B静止于光滑的水平绝缘板右端，板的右侧空间有范围足够大的、方向水平向左、电场强度E103 N/C 的匀强电场，与B球形状相同、质量为 0.3 kg 的绝缘不带电小球A以初速度v010 m/s 向B运动，两球发生弹性碰撞后均逆着电场线的方向进入电场，在电场中两球又发生多次弹性碰撞，已知每次碰撞时间极短，小球B的电荷量始终不变，取重力加速度g10 m/s2，不计空气阻力，求：图 20(1)第一次碰撞后瞬间两小球的速度大小；(2)第二次碰撞前瞬间小球B的动能；(3)第三次碰撞的位置

18、答案精析答案精析1C 2.B3D vt图象的斜率表示加速度，由题图知，物体做加速度减小的加速运动P点由11a知 D 正确v tv1v2 t14A5D 设斜面倾角为，对 A 项，开始时静摩擦力方向向上，有静摩擦力FfAmgsin ，施加F后，若静摩擦力方向仍向上，则FFfAmgsin ，得FfAmgsin F，可知物块A受到的静摩擦力减小；对 C 项，施加力F后，若静摩擦力方向仍向上，则静摩擦力FfCmgsin Fcos ，物块A受到的静摩擦力减小；对 B 项，施加力F后，静摩擦力FfBmgsin F，物块A受到的静摩擦力增大；对 D 项，施加力F后，静摩擦力FfD(mgF)sin ，物块A受到

19、的静摩擦力增大，经过比较可知FfDFfB，D 项符合题意6B 小鸟做曲线运动的速度方向沿运动轨迹的切线方向，合力指向小鸟飞行轨迹的凹侧，故选 B.7D 球 1 和球 2 平抛运动的高度相同，根据hgt2可得，小球运动的时间相同，故 A1 2错误；竖直方向vygt相同，由于球 1 的水平位移小于球 2 的水平位移，根据xvt可知，球 2 的初速度大于球 1 的初速度，根据速度的合成可知，球 2 的落台速度大于球 1 的落台速度，故 B、C 错误；由于时间相等，则竖直分速度相等，根据Pmgvy知，重力的瞬时功率相等，故 D 正确8B 9.D 10.C 11.C12B 电容器的电容为 4.7 F4.

20、7106 F，故 A 错误；自感线圈的自感系数为“1 H” ，故 B 正确；根据QCU得，电容器在 20 V 的工作电压下，其带电荷量为Q204.7106 C9.4105 C，故 C 错误；在自感系数一定的条件下，根据法拉第电磁感应定律，则有：通过导体的电流的变化率越大，产生的自感电动势越大，与电流大小及电流变化的大小无关，故 D 错误13A 由库仑定律知运动过程中A、B间库仑力的大小不变，点电荷B沿等势面运动，库仑力对点电荷B不做功，选项 D 错误；B在A的正上方时，库仑力方向为竖直方向，这时物体A受到的地面的支持力最大，选项 A 正确，B 错误；B在A的正上方时，物体A不受摩擦力作用，故摩

21、擦力的大小先减小后增大，选项 C 错误14AD 家用照明电路所用的电压为交流电压，有效值为 220 V，根据最大值与有效值的关系可知：EmE2201.414 V311 V，故 A 正确； 衰变发出的 射线是由原子核2内的一个中子转化为质子和电子而形成的，故 B 错误；天然放射现象说明原子核具有复杂结构，故 C 错误；在发生轻核聚变或重核裂变都要发生质量亏损，放出能量，故 D 正确15BC16BD 简谐运动图象反映了振子的位移与时间的关系，甲振子的位移有时比乙振子的位移大，有时比乙振子的位移小，故 A 错误根据切线的斜率等于速度，可知，零时刻，甲、12乙两振子的振动方向相反，故 B 正确由a分析

22、可知，前 2 s 内乙振子的加速度为正kx m值，甲振子的加速度为负值，故 C 错误第 2 s 末甲的位移等于零，通过平衡位置，速度达到其最大值，乙的位移达到最大值，加速度达到其最大值，故 D 正确17(1)DE (2)GK 0.66解析 (1)实验中改变拉力做功时，为了能定量，用不同条数的橡皮筋且拉到相同的长度，这样橡皮筋对小车做的功就有倍数关系而不需要测量出每根橡皮筋做功的数值每次只要保证从同一位置由静止释放，这样开始时橡皮筋的形变量相同，实验过程中每根橡皮筋做的功就相同，故选项 A、B 错误；本实验是为了探究做功W与小车速度v变化的关系，需要测出橡皮筋恢复原长时小车的速度，不需要测量小车

23、的质量，只要保证小车的质量不变即可，故 C 错误，D 正确为了方便计算合力对小车做的功，平衡摩擦力后，橡皮筋对小车做的功就等于合力对小车做的功，选项 E 正确(2)橡皮筋恢复原长时小车做匀速运动，应选纸带的GK部分，根据v0.66 m/s.xGK 3T18(1)R2 R4(2)见解析图(3) RI1U2I2U1 I1I2U2U1 I1I2解析 (1)由于电池电流不超过 40 mA，因此当滑动变阻器调到零时，回路中最小电阻R 200 ，因此保护电阻选R2，调节滑动变阻器时，回路电压表应接近满偏，因此UU I6 V，因此滑动变阻器选R4.ER滑 RrR滑(2)实物连接如图所示(3)根据闭合电路欧姆

24、定律可知：EU1I1(rR)；EU2I2(rR)；联立解得：E；rR.I1U2I2U1 I1I2U2U1 I1I219(1)1.2 N (2)1.8 N (3)60 m解析 (1)物块a的加速度大小，a1 m/s21.5 m/s2v1 t160 4由牛顿第二定律得13Ffma10.81.5 N1.2 N(2)物块b的加速度大小，a2 m/s20.75 m/s2v2 t2126 8由牛顿第二定律得FFfma2F1.2 N0.80.75 N1.8 N(3)vt图象中，图线和t轴所围成的“面积”表示位移，则 8 s 末a、b的位移xa12 m，xb72 m所以 xxbxa60 m.20(1)6 m/

25、s (2)0.3 s (3)3.5 J解析 (1)根据牛顿第三定律，圆弧轨道在B处对赛车的支持力FNF82 N在B点由牛顿第二定律可得FNmgm，vB2 R解得vB6 m/s.(2)对轨道AB上的运动过程由动能定理可得PtFfLmv，1 2B2解得t0.3 s.(3)设赛车通过D点时速度的竖直分速度为vy，水平分速度即为在C点的速度vC，由v2gh，解得vy4 m/s，y2又tan 37，解得vC3 m/svC vy根据动能定理2mgRWmvmv，1 2C21 2B2解得W3.5 J.21(1)18.6 (2)ABE22见解析解析 (1)对cd棒，根据平衡条件有：F安BILmgsin 所以通过

26、cd棒的电流大小：Imgsin BL当ab棒在区域内运动时cd棒消耗的电功率：PI2Rm2g2Rsin2 B2L2(2)ab棒在到达区域前做匀加速直线运动，有agsin cd棒始终静止不动，ab棒在到达区域前、后，回路中产生的感应电动势和感应电流保持不变，则ab棒在区域中一定做匀速直线运动，可得：BLvt t14即BLgsin tx，解得：tx B2LL tx2L gsin ab棒在区域中做匀速直线运动的速度为：vtatx2gLsin 通过磁场的时间为：t2 2L vt2L gsin 故当ab棒在区域内运动时cd棒消耗的热量为：QI2Rt22Rm2g32sin3 2B2L32(3)ab棒开始下

27、滑至EF的过程中流过导体棒cd的电荷量为：qI(txt2) .2m B2gsin L23(1)5 m/s 15 m/s (2)6.25 J (3)在第一次碰撞点右方 5 m、下方 20 m 处解析 (1)第一次碰撞时，取水平向右为正方向，根据动量守恒定律和机械能守恒定律得：3mv03mv1mv23mv 3mvmv.1 20 21 21 21 22 2联立并代入数据解得：v15 m/s，v215 m/s(2)碰后两球均进入电场，竖直方向二者相对静止，均做自由落体运动，水平方向上A做匀速运动，B做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律得：B的水平加速度大小为：aB m/s220 m/s2.qE m2 1

28、03 103 0.1设经过时间t两球再次相碰，则有：v1tv2taBt21 2解得t1 s此时，B的水平速度大小为：vxv2aBt15 m/s201 m/s5 m/s(负号表示方向向左)竖直速度为：vygt101 m/s10 m/s故第二次碰撞前瞬间小球B的动能为：EkBmvm(vv)1 2B21 2x2y2解得EkB6.25 J；(3)第二次碰撞时，A、B两球水平方向动量守恒，则有：3mv1mvx3mv1mvx根据机械能守恒得： 3m(vv)m(vv)1 21 2y21 2x2y215 3m(v12v)m(vx2v)1 2y21 2y2解得第二次碰后水平方向A的速度为：v10，B的速度为vx10 m/s故第二次碰撞后A竖直下落，B在竖直方向上的运动与A相同，水平方向上，B做匀减速直线运动，设又经过t时间两球第三次相碰，则有：vxtaBt20，代入数据解得：t1 s1 2因此，第三次相碰的位置在第一次碰撞点右方xv1t51 m5 m下方 y g(tt)2 1022 m20 m.1212