2022年东北三省三校高考物理模拟试卷（附答案详解）.pdf

《2022年东北三省三校高考物理模拟试卷（附答案详解）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年东北三省三校高考物理模拟试卷（附答案详解）.pdf（18页珍藏版）》请在得力文库 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2022年东北三省三校高考物理模拟试卷1.下列四幅图所涉及的相关知识或结论对近代物理的发展至关重要，以下说法正确的B.玻尔提出了“定态”和“跃迁”的概念，用乙图成功地解释了氢原子光谱的实验规律C.汤姆孙利用丙图所示实验装置，通过实验提出了原子的“枣糕模型”D.通过丁图可知Fe核的比结合能最大，所以如果把Fe核分裂成E、F两个原子核,该反应会释放出核能2.嫦娥五号返回器从月球归来初入大气层时的速度可以接近第二宇宙速度，为避免高速带来的高温过载风险，采用了“半弹道跳跃式返回”减速技术。如图所示，返回器从a点第一次进入大气层，调整返回器姿态，使其经b点升高，再从c点“跳”出大气层，在太空中潇洒地打个

2、“水漂”，升高到距地面高度为人 的d点后，再次从e点进入大气层返回地球。假设返回器从c到e的过程为无动力飞行。已知地球表面重力加速度为9,地球的半径为R,引力常量为G。结合以上信息，下列说法正确的是()B.在d点，返回器的速度大于第一宇宙速度C.在d点，返回器的加速度大小为餐D.在e点返回器处于超重状态3.物块4、B叠放在水平桌面上，装有沙子的铁桶C通过细线绕过光滑的滑轮连接B,使4、B在水平面上一起向右做匀加速运动，设4、B间的摩擦力为左，B与桌面间的摩擦力为力。若取出C桶内的一些沙子放在物块4上方的凹槽中，A、B恰好能一起向右匀速运动，则摩擦力后和后的变化情况是（）A.人变为0,为变大 B

3、.先变为0,为变C./j不变，为不变 D./；不变，心变小4.如图所示为某种发电机的示意图，两磁极N、S间的,磁场可视为水平方向的匀强磁场，磁 感 应 强 度 大 小r j 为B,矩形线圈的匝数为n,面积为S,电阻为r。线 您圈两端有两个彼此绝缘的半圆金属环可随线圈一起 L八，Q R转动。P、P为一对固定不动的电刷，可分别与两-11-半圆金属环接触，两个电刷间接有阻值为R的电阻，其余电阻不计。线圈绕垂直于磁场的轴。以角速度3 逆时针匀速转动。从图所示位置（线圈平面与磁场方向平行）开始计时，下列说法正确的是（）A.t=0时刻，穿过线圈的磁通量为零，线圈产生的感应电动势也为零5.B.C.D.通过电

4、阻R上的电流瞬时值表达式为i=若sinM线圈每转动一周，通过电阻R上的电流方向改变两次通过电阻R的 电 流 的 有 效 值 为/=舞如图所示，质量为机4、巾8的物体4、B用轻绳连接放在水平圆盘上，力、B距圆盘中心转轴距离相等，此时细线伸直且恰无张力，A、B与圆盘间动摩擦因数分别第 2 页，共 18页为M、而。若圆盘从静止开始转动，且在角速度3 缓慢增大的过程中，下列说法正确的是（）A.无论山、曲大小关系如何，4、B一定同时达到最大静摩擦力B.当“4=”8，皿4 加8时，4先达到最大静摩擦力C.当啊 山8时，随角速度的缓慢增大，8的摩擦力方向将发生改变D.当mA mB i,随角速度的缓慢增大，4

5、、B将向B的一侧发生滑动6.如图所示，倾角为45。的绝缘斜面置于竖直向上的匀强电场中，电场强度为E。一质量为m,电荷量为q的带正电小球从斜面上的P点以速度处水平向右抛出后落在斜面上。已知电场力的大小为重力的一半，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.小球从抛出到落在斜面上的时间为篙B.小球落在斜面上的速度大小为小北C.落点与P点的距离为察 理 f2o可知为增大。取出C桶内的一些沙子放在物块A上方的凹槽中，4、B恰好能一起向右匀速运动，它们受到的合外力等于零，此时4受到的合外力也等于零，水平方向不受摩擦力，即片变为0,故A正确，B C D 错误。故选：A 1,由于4 B一起向右运动，可以用整体法

6、,4 8整体水平方向受绳的拉力和滑动摩擦力心乂、B恰好能一起向右匀速运动时，整体受到的合外力为零，力、8之间的摩擦力也变成零。本题考查受力分析与牛顿第二定律，应注意：/1是静摩擦力，为4提供加速度，如果取出C桶内的一些沙子放在物块4上方的凹槽中，整体的加速度变为零，所以方也要变为零.4.【答案】C D【解析】解：4、t =0 时刻，线圈位于与中性面垂直位置，此时穿过线圈的磁通量为零，但磁通量的变化率最大，产生的感应电动势最大，故 A错误；B、线圈转动产生的感应电动势的最大值为E7 n=nBSco,根据闭合电路的欧姆定律可知：流过电阻R 的最大电流值为加=悬=嘿，故通过电阻R 上的电流瞬时值表达

7、式为i =警c o s c o t,故 B错误；R+rC、线圈每转动一周，电流的方向改变2 次，故通过电阻R 上的电流方向改变两次，故 C正确；。、通过电阻R 的 电 流 的 有 效 值 为/=疆=嘉 鬻，故。正确故选：C D。根据正弦式交变电流产生规律分析，感应电动势最大值为j =n B S 3,根据闭合电路欧姆定律可以求出电流的最大值，根据公式/=号求电流的有效值，一个周期内，电流方向改变2 次，明确中性面位置的特点。此题考查了交流的峰值、有效值以及瞬时值的计算，解题的关键是明确正弦式交变电流有效值的确定。5.【答案】C【解析】解：4、当圆盘转速增大时，由静摩擦力提供向心力。两个物体的角速

8、度相等，由A n a x =可知，4、B 动摩擦因数大小关系不确定，无法确定谁先达到最大静摩擦力，故 A错误；B、当=啊 仅8 时，由卬n g=m 3 2 r,解得3 =可知，同时达到最大静摩擦力，故 8错误；C、当4=B，6 4 巾8 时，随角速度的缓慢增大，两物体同时达到最大静摩擦力，之后绳中出现拉力，T+n mAg=mAco2r,T+n mBg=mBa)2r,因为4 的质量大，4 需要提供的向心力比8 的大，角速度继续增大时，B 的摩擦力减小，然后反向，故 C正确；D、当 闷“B，巾4 皿8 时，随角速度的缓慢增大，B则先达到最大静摩擦力，之后绳中出现拉力，T+fA=mAa)2r,T+n

9、 mBg-mBa)2r,因为4 的质量大，4 需要提供的向心力比B 的大，角速度继续增大时，A 的静摩擦力逐渐增大到最大值，之后B 的摩擦力减小，然后反向直到B 的摩擦力又达到最大后，最终4、8 将向4 的一侧发生滑动，故。错误;第 10页，共 18页故选：C oAB都做匀速圆周运动，合外力提供向心力，当转速较小时，绳子没有张力，4B都是由静摩擦力提供向心力，方向都指向圆心，根据4B向心力的大小判断谁先达到最大静摩擦力，本题考查圆周运动中力与运动的关系，注意本题中为静摩擦力与绳子的拉力充当向心力,故应注意静摩擦力是否已达到最大静摩擦力。6.【答案】BD【解析】解：因为电场力的大小等于重力的一半

10、，小球的加速度为a=&蛆=?,方m 2向竖直向下。A、因为小球最终落回斜面上，则小球的位移偏转角等于斜面倾角，即tan45=-V-ot解得：t=詈，而 题 目 的 时 间 为 翳=舞=等，故 A 错误；B、根据上述分析可知，小球落在斜面上时，小球竖直方向的速度为为=at=,xf =/92v0o根据勾股定理得，小球落在斜面上的速度大小为U=J 诏+琢=J 诏+(2%)2=通%,故 B正确；C、小球在水平方向上的位移为久=%t=普，根据几何关系得，落点与P点的距离为%为=鱼=生 也，故 C错误；口g。、小球落在斜面上的速度偏转角的正切值为tana=詈=2,由数学知识可知，速度偏vo转角大于30。，

11、故。正确；故选：8 0。先计算出小球在竖直方向上的加速度，结合类平抛运动的特点结合几何关系得出运动的时间，再计算出竖直方向的速度，根据勾股定理计算出小球的速度；根据水平方向上小球做匀速直线运动计算出水平方向的位移，根据几何关系计算出总位移；先计算出小球落到斜面上的速度偏转角，结合数学知识定性地分析出角度与30。的大小关系。本题主要考查了带电粒子在电场中的运动，熟悉类平抛运动在不同方向上的运动特点，根据几何关系完成分析。7.【答案】BD【解析】解：4 0、规定向右为正方向，若见=v2因m M,则系统的总动量p=mv1-MV2 t 故 A正确；B、由于a、b 串联电流相等，由Q=/2 R t,可知

12、，电阻R 相同，有电流的时间也相同，则焦耳热相同，故 B错误；C、由人的分析知，va=8 m/s,vb=4 m/s,故 C正确；D、对b 棒根据动量定理得：%口+3*0=血匕，而7=丘=Z vx t x p联2 R 2R立代入解得：%i =1.2 m,故。正确。故选：A C D.解除锁定弹簧释放的过程，根据两棒和弹簧组成的系统动量守恒，机械能也守恒，由动量守恒定律和机械能守恒定律分别列式，可求出a、b 棒刚进入磁场时的速度大小；a、b 棒进入磁场时，两棒均切割磁感线，产生感应电动势，两个电动势串联，由E=BLv和欧姆定律结合动量定理求出两棒在磁场中运动的时间和距离；由动量守恒定律知a、b 棒相

13、等时间，滑行一定距离后停止。由能量守恒定律求整个运动过程中电路中产生的焦耳热。本题是双杆类型，要明确电路的结构，知道两个感应电动势是串联关系。对于焦耳热,在电流是变化的时候往往根据能量守恒定律求解。9.【答案】不需要在误差允许的范围内，力的平行四边形定则成立【解析】解：（4）由胡克定律可得，在弹性限度内，弹簧发生弹性形变时，弹力的大小尸与弹簧伸长（或缩短）的长度正比，即有F=kA x故可以用伸长量来代替力，无需测出重力；根据平行四边形定则作出步骤（2）中的两个力的合力F 的图示如下图所示观察比较F 和F ,由图示可得出的结论是：在误差允许的范围内，力的平行四边形定则成立。故答案为：(4)不需要

14、，图见解析，在误差允许的范围内，力的平行四边形定则成立(4)根据胡克定律分析判断；根据平行四边形定则作图分析实验中F和F从而得出结论。本题考查了验证力的平行四边形定则实验，在解决设计性实验时，一定先要通过分析题意找出实验的原理，通过原理即可分析实验中的方法及误差分析。10.【答案】5.001 3.035 E F 一二濡电压表匕的示数/；电压表彩的示数4【解析】解：(1)螺旋测微器的固定尺为5nun,动尺刻度为0.1,测得该样品的外径为。=5 m m+0.1 x 0.01mm=5.001mm游标卡尺测得样品的长度如图丙所示，精度为0.05mm,读出该样品的长度L=30mm+7 x 0.05mm=

15、30.35mm=3.035cm(2)因为待测电阻阻值太大，回路最大电流p 121 =-A =0.0 1 2A =1 2mARx 1000所以题中电流表量程太大，选用两个电压表采用双伏法进行测量，故选E、F.(3)因为待测阻值太大，所以采取分压式接法，电压表彩内阻已知，所以与待测电阻串联，电路图如下：根据电阻定律有：R=p5S =呜2解得d=仃4(%一 出)该表达式中电表所测得物理量的符号的物理意义分别是电压表力的示数%;电压表彩的第 14页，共 18页示数故答案为：(1)5.0 0 1,3.0 3 5；(2)E F；(3)电路图见解析；(4)D?一一俨 电压表匕的示数U 1；电压表七的示数3.

16、(1)(2)螺旋测微器读数=固定刻度读数+可动刻度读数，游标卡尺注意精度；(3)因为待测阻值太大，所以采取分压式接法，电压表彩内阻已知，所以与待测电阻串联；(4)根据并联电路总电流等于各个支路电流之和，得到通过电阻的电流；根据欧姆定律计算出电阻值；最后再根据电阻定律求解出直径九本题的关键是明确电阻测量的两种方法，用欧姆表粗略测量，用伏安法精确测量；同时会用螺旋测微器测量长度，会减小伏安法测电阻的误差。1 1.【答案】解：(1)设小物体的加速度为a,由牛顿第二定律得：Hxmg=ma解 得:a=lm/s2小物块在传送带上加速的时间为：忒 加=%解得：t加=6 s小物块在传送带上匀速运动的时间为：t

17、 匀 t总-t=7s-6s=1s运动的总位移为5=哈加+%代入数据解得：s=24m(2)对物块所受摩擦力如左图所示，物块沿y轴正向匀速运动时其受力如右图所示：根据几何关系得：3 4sinO=-；cosd=-其中/!=m g=0.1 x 1 x ION=IN支持力为N2=fsind=1 x 0.6N=0.6N摩擦力为心=处 限=0.3 x 0.6N=0.18/V则所加外力为 F=f2+fucose=0.18/V+1 x 0.8/V=0.98/V物体相对传送带的位移为：Si=J说+诏t物体相对于挡板的位移为：s2=v2t此期间因摩擦产生的热量为：Q=/is】+f2s2联立解得：Q=5.72/答:(

18、1)起始位置到挡板的距离为2 4T H；(2)机械臂施加的恒力F的大小为0.98N；若零件沿y轴正方向匀速运动了0.5 s,则在此0.5s内因摩擦而产生的热量为5.72/。【解析】(1)根据牛顿第二定律计算出物体的加速度，根据速度一时间公式计算出物体匀加速和匀速的时间，根据位移一时间公式计算出起始位置到挡板的距离；(2)根据受力分析得出外力尸的大小，分别计算出物体相对于传送带和相对于挡板的位移,结合摩擦力的做功公式完成分析。本题主要考查了牛顿第二定律的应用，熟悉受力分析，结合牛顿第二定律计算出物体的加速度，结合运动学公式计算出位移，同时要理解摩擦力做功产生的热量公式中的位移使用的是物体相对于接

19、触面的相对位移。12.【答案】解：(1)带电粒子运动轨迹如图1所示,图1由几何关系得，粒子的轨迹半径r=L=0.5m,粒子在磁场中运动洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律得:DV2qvB=m 代入数据解得：J =3.5 x 107C/kg;(2)带电粒子运动轨迹如图2所示第 16页，共 18页X XMXXXXX XX XXXXXX XXI XOXx 少NX图2由r 暇 知，当粒子轨迹半径最小时，磁感应强度的最大。由几何关系得，以MN为直径的圆轨迹的半径最小，粒子的最小轨迹半径rminy/2.y2=L=m，2 4则/a xmvQrmin解得：Bm a x=2V2 X 1 0 3T,入射方向与X轴

20、正方向夹角为3向右上;4(3)根据T=277ynint】=%x l T s 得,V“=丁，速度方向转过9后垂直X向上，与负电荷发生碰撞，电量变为-q,碰撞过程动量守恒得m v=2mlz碰后半径r_ 2mvrqBmax周期T=等又$2=/兀x l Ls解得：rr=t2=T4 速度方向转过手后与 轴正方向夹角为?向右下，带点粒子运动轨迹如图3所示4 4由几何关系可知：x=rmin(l+s m 4 5)+r l +s i n 4 5)+2rrsin4 5解得：%=(1 +)m粒子打在x 轴上的位置坐标为(1 +号)m,0。答：(1)当磁感应强度大小B =2.0 X I O”7,粒子垂直 轴射入磁场，

21、恰好垂直y 轴打在M点，粒子的比荷*为3.5 x 1 0 7。；(2)若粒子沿某一方向射入并打在用点，为使所加磁场的磁感应强度最大，粒子射入方向与x 轴正方向夹角为:向右上，磁感应强度的最大值为2 夜 x 1 0-3 八(3)粒子打在x 轴上的位置坐标为(1 +0 o【解析】(1)作出粒子运动轨迹图，根据几何关系知轨迹半径，根据牛顿第二定律列式可求；(2)由=爱 知，当粒子轨迹半径最小时，磁感应强度的最大。作出粒子运动轨迹，由几何关系得最小半径和入射角，根据半径公式求最大磁场；(3)粒子速度方向转过三后垂直x 向上，与负电荷发生碰撞，碰撞过程动量守恒，求出碰后速度，根据半径和周期公式求出半径和周期，作出粒子运动轨迹图，根据几何关系求出打在工轴上的位置。该题考查带电粒子在匀强磁场中的运动，解题关键是作出粒子在磁场中的轨迹图，注意在第二问中判断出以MN为直径的圆轨迹的半径最小。第18页，共18页