2010年全国统一高考数学试卷（理科）（大纲版ⅰ）（含解析版）.pdf

《2010年全国统一高考数学试卷（理科）（大纲版ⅰ）（含解析版）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2010年全国统一高考数学试卷（理科）（大纲版ⅰ）（含解析版）.pdf（25页珍藏版）》请在得力文库 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、第 1 页（共 25 页）2010 年全国统一高考数学试卷（理科）（大纲版年全国统一高考数学试卷（理科）（大纲版）一、选择题（一、选择题（共共 12 小题，小题，每小题每小题 5 分，分，满分满分 60 分）分）1（5 分）复数=（）Ai Bi C1213i D12+13i 2（5 分）记 cos（80）=k，那么 tan100=（）A B C D 3（5 分）若变量 x，y 满足约束条件，则 z=x2y 的最大值为（）A4 B3 C2 D1 4（5 分）已知各项均为正数的等比数列an，a1a2a3=5，a7a8a9=10，则 a4a5a6=（）A B7 C6 D 5（5 分）（1+2）3（1

2、）5的展开式中 x 的系数是（）A4 B2 C2 D4 6（5 分）某校开设 A 类选修课 3 门，B 类选择课 4 门，一位同学从中共选 3门，若要求两类课程中各至少选一门，则不同的选法共有（）A30 种 B35 种 C42 种 D48 种 7（5 分）正方体 ABCDA1B1C1D1中，BB1与平面 ACD1所成角的余弦值为（）A B C D 8（5 分）设 a=log32，b=ln2，c=，则（）Aabc Bbca Ccab Dcba 9（5 分）已知 F1、F2为双曲线 C：x2y2=1 的左、右焦点，点 P 在 C 上，F1PF2=60，则 P 到 x 轴的距离为（）A B C D

3、关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 2 页（共 25 页）10（5 分）已知函数 f（x）=|lgx|，若 0ab，且 f（a）=f（b），则 a+2b 的取值范围是（）A B C（3，+）D3，+）11（5 分）已知圆 O 的半径为 1，PA、PB 为该圆的两条切线，A、B 为两切点，那么的最小值为（）A B C D 12（5 分）已知在半径为 2 的球面上有 A、B、C、D 四点，若 AB=CD=2，则四面体 ABCD 的体积的最大值为（）A B C D 二、填空题（二、填空题（共共 4 小题，小题，每小题每小题 5 分，分，满分满分 20 分）分）13（5 分）不等式的解集是 1

4、4（5 分）已知 为第三象限的角，则=15（5 分）直线 y=1 与曲线 y=x2|x|+a 有四个交点，则 a 的取值范围是 16（5 分）已知 F 是椭圆 C 的一个焦点，B 是短轴的一个端点，线段 BF 的延长线交 C 于点 D，且，则 C 的离心率为 三、解答题（三、解答题（共共 6 小题，小题，满分满分 70 分）分）17（10 分）已知ABC 的内角 A，B 及其对边 a，b 满足 a+b=acotA+bcotB，求内角 C 关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 3 页（共 25 页）18（12 分）投到某杂志的稿件，先由两位初审专家进行评审若能通过两位初审专家的评审，则予以

5、录用；若两位初审专家都未予通过，则不予录用；若恰能通过一位初审专家的评审，则再由第三位专家进行复审，若能通过复审专家的评审，则予以录用，否则不予录用设稿件能通过各初审专家评审的概率均为 0.5，复审的稿件能通过评审的概率为 0.3各专家独立评审（）求投到该杂志的 1 篇稿件被录用的概率；（）求投到该杂志的 4 篇稿件中，至少有 2 篇被录用的概率 19（12 分）如图，四棱锥 SABCD 中，SD底面 ABCD，ABDC，ADDC，AB=AD=1，DC=SD=2，E 为棱 SB 上的一点，平面 EDC平面 SBC（）证明：SE=2EB；（）求二面角 ADEC 的大小 20（12 分）已知函数

6、f（x）=（x+1）lnxx+1（）若 xf（x）x2+ax+1，求 a 的取值范围；（）证明：（x1）f（x）0 关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 4 页（共 25 页）21（12 分）已知抛物线 C：y2=4x 的焦点为 F，过点 K（1，0）的直线 l 与 C相交于 A、B 两点，点 A 关于 x 轴的对称点为 D（）证明：点 F 在直线 BD 上；（）设，求BDK 的内切圆 M 的方程 22（12 分）已知数列an中，a1=1，an+1=c（）设 c=，bn=，求数列bn的通项公式；（）求使不等式 anan+13 成立的 c 的取值范围 关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资

7、料第 5 页（共 25 页）2010 年全国统一高考数学试卷（理科）（大纲版年全国统一高考数学试卷（理科）（大纲版）参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题（一、选择题（共共 12 小题，小题，每小题每小题 5 分，分，满分满分 60 分）分）1（5 分）复数=（）Ai Bi C1213i D12+13i 【考点】A5：复数的运算菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】复数的分子中利用i2=1 代入 3，然后化简即可【解答】解：故选：A【点评】本小题主要考查复数的基本运算，重点考查分母实数化的转化技巧 2（5 分）记 cos（80）=k，那么 tan100=（）A B C D 【考点

8、】GF：三角函数的恒等变换及化简求值；GG：同角三角函数间的基本关系；GO：运用诱导公式化简求值菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】法一：先求 sin80，然后化切为弦，求解即可 法二：先利用诱导公式化切为弦，求出求出结果【解答】解：法一，所以 tan100=tan80=：关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 6 页（共 25 页）法 二cos（80）=k cos（80）=k，=【点评】本小题主要考查诱导公式、同角三角函数关系式等三角函数知识，并突出了弦切互化这一转化思想的应用 3（5 分）若变量 x，y 满足约束条件，则 z=x2y 的最大值为（）A4 B3 C2 D1 【考点】

9、7C：简单线性规划菁优网版权所有【专题】11：计算题；31：数形结合【分析】先根据约束条件画出可行域，再利用几何意义求最值，z=x2y 表示直线在 y 轴上的截距，只需求出可行域直线在 y 轴上的截距最小值即可【解答】解：画出可行域（如图），z=x2yy=xz，由图可知，当直线 l 经过点 A（1，1）时，z 最大，且最大值为 zmax=12（1）=3 故选：B 【点评】本小题主要考查线性规划知识、作图、识图能力及计算能力，以及利用几何意义求最值，属于基础题 关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 7 页（共 25 页）4（5 分）已知各项均为正数的等比数列an，a1a2a3=5，a7a8

10、a9=10，则 a4a5a6=（）A B7 C6 D 【考点】87：等比数列的性质菁优网版权所有【分析】由数列an是等比数列，则有 a1a2a3=5a23=5；a7a8a9=10a83=10【解答】解：a1a2a3=5a23=5；a7a8a9=10a83=10，a52=a2a8，故选：A【点评】本小题主要考查等比数列的性质、指数幂的运算、根式与指数式的互化等知识，着重考查了转化与化归的数学思想 5（5 分）（1+2）3（1）5的展开式中 x 的系数是（）A4 B2 C2 D4 【考点】DA：二项式定理菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】利用完全平方公式展开，利用二项展开式的通项公式求出

11、x 的系数【解答】解：（1+2）3（1）5=（1+6+12x+8x）（1）5 故（1+2）3（1）5的 展 开 式 中 含 x 的 项 为 1 C53（）3+12x=10 x+12xC50=2x，所以 x 的系数为 2 故选：C【点评】本小题主要考查了考生对二项式定理的掌握情况，尤其是展开式的通项关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 8 页（共 25 页）公式的灵活应用，以及能否区分展开式中项的系数与其二项式系数，同时也考查了考生的一些基本运算能力 6（5 分）某校开设 A 类选修课 3 门，B 类选择课 4 门，一位同学从中共选 3门，若要求两类课程中各至少选一门，则不同的选法共有（）

12、A30 种 B35 种 C42 种 D48 种 【考点】D1：分类加法计数原理菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】两类课程中各至少选一门，包含两种情况：A 类选修课选 1 门，B 类选修课选 2 门；A 类选修课选 2 门，B 类选修课选 1 门，写出组合数，根据分类计数原理得到结果【解答】解：可分以下 2 种情况：A 类选修课选 1 门，B 类选修课选 2 门，有C31C42种不同的选法；A 类选修课选 2 门，B 类选修课选 1 门，有 C32C41种不同的选法 根据分类计数原理知不同的选法共有 C31C42+C32C41=18+12=30 种 故选：A【点评】本小题主要考查分类计数

13、原理、组合知识，以及分类讨论的数学思想本题也可以从排列的对立面来考虑，写出所有的减去不合题意的，可以这样解：C73C33C43=30 7（5 分）正方体 ABCDA1B1C1D1中，BB1与平面 ACD1所成角的余弦值为（）A B C D 【考点】MI：直线与平面所成的角；MK：点、线、面间的距离计算菁优网版权所有【专题】5G：空间角【分析】正方体上下底面中心的连线平行于 BB1，上下底面中心的连线与平面ACD1所成角，即为 BB1与平面 ACD1所成角，关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 9 页（共 25 页）直角三角形中，利用边角关系求出此角的余弦值【解答】解：如图，设上下底面的中

14、心分别为 O1，O，设正方体的棱长等于 1，则 O1O 与平面 ACD1所成角就是 BB1与平面 ACD1所成角，即O1OD1，直角三角形 OO1D1中，cosO1OD1=，故选：D 【点评】本小题主要考查正方体的性质、直线与平面所成的角、点到平面的距离的求法，利用等体积转化求出 D 到平面 ACD1的距离是解决本题的关键所在，这也是转化思想的具体体现，属于中档题 8（5 分）设 a=log32，b=ln2，c=，则（）Aabc Bbca Ccab Dcba 【考点】4M：对数值大小的比较菁优网版权所有【专题】11：计算题；35：转化思想【分析】根据 a 的真数与 b 的真数相等可取倒数，使底

15、数相同，找中间量 1 与之比较大小，便值 a、b、c 的大小关系【解答】解：a=log32=，b=ln2=，而 log23log2e1，所以 ab，c=，而，所以 ca，综上 cab，关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 10 页（共 25 页）故选：C【点评】本小题以指数、对数为载体，主要考查指数函数与对数函数的性质、实数大小的比较、换底公式、不等式中的倒数法则的应用 9（5 分）已知 F1、F2为双曲线 C：x2y2=1 的左、右焦点，点 P 在 C 上，F1PF2=60，则 P 到 x 轴的距离为（）A B C D 【考点】HR：余弦定理；KA：双曲线的定义；KC：双曲线的性质菁优

16、网版权所有【专题】11：计算题【分析】设点 P（x0，y0）在双曲线的右支，由双曲线的第二定义得，由 余 弦 定 理 得cos F1PF2=，由此可求出 P 到 x 轴的距离【解答】解：不妨设点 P（x0，y0）在双曲线的右支，由双曲线的第二定义得，由余弦定理得 cosF1PF2=，即cos60=，解得，所以，故 P 到 x 轴的距离为 故选：B【点评】本题主要考查双曲线的几何性质、第二定义、余弦定理，考查转化的数学思想，通过本题可以有效地考查考生的综合运用能力及运算能力 关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 11 页（共 25 页）10（5 分）已知函数 f（x）=|lgx|，若 0a

17、b，且 f（a）=f（b），则 a+2b 的取值范围是（）A B C（3，+）D3，+）【考点】34：函数的值域；3D：函数的单调性及单调区间；4H：对数的运算性质；7F：基本不等式及其应用菁优网版权所有【专题】11：计算题；16：压轴题；35：转化思想【分析】由题意 f（a）=f（b），求出 ab 的关系，然后利用“对勾”函数的性质知函数 f（a）在 a（0，1）上为减函数，确定 a+2b 的取值范围【解答】解：因为 f（a）=f（b），所以|lga|=|lgb|，所以 a=b（舍去），或，所以 a+2b=又 0ab，所以 0a1b，令，由“对勾”函数的性质知函数 f（a）在 a（0，1）上

18、为减函数，所以 f（a）f（1）=1+=3，即 a+2b 的取值范围是（3，+）故选：C【点评】本小题主要考查对数函数的性质、函数的单调性、函数的值域，考生在做本小题时极易忽视 a 的取值范围，而利用均值不等式求得 a+2b=，从而错选 A，这也是命题者的用心良苦之处 11（5 分）已知圆 O 的半径为 1，PA、PB 为该圆的两条切线，A、B 为两切点，那么的最小值为（）A B C D 【考点】9O：平面向量数量积的性质及其运算；JF：圆方程的综合应用菁优网版权所有【专题】5C：向量与圆锥曲线 关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 12 页（共 25 页）【分析】要求的最小值，我们可以

19、根据已知中，圆 O 的半径为 1，PA、PB为该圆的两条切线，A、B 为两切点，结合切线长定理，设出 PA，PB 的长度和夹角，并将表示成一个关于 x 的函数，然后根据求函数最值的办法，进行解答【解答】解：如图所示：设 OP=x（x0），则 PA=PB=，APO=，则APB=2，sin=，=（12sin2）=（x21）（1）=x2+323，当且仅当 x2=时取“=”，故的最小值为 23 故选：D 【点评】本小题主要考查向量的数量积运算与圆的切线长定理，着重考查最值的求法判别式法，同时也考查了考生综合运用数学知识解题的能力及运算能力 12（5 分）已知在半径为 2 的球面上有 A、B、C、D 四

20、点，若 AB=CD=2，则四面体 ABCD 的体积的最大值为（）A B C D 关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 13 页（共 25 页）【考点】LF：棱柱、棱锥、棱台的体积；ND：球的性质菁优网版权所有【专题】11：计算题；15：综合题；16：压轴题【分析】四面体 ABCD 的体积的最大值，AB 与 CD 是对棱，必须垂直，确定球心的位置，即可求出体积的最大值【解答】解：过 CD 作平面 PCD，使 AB平面 PCD，交 AB 于 P，设点 P 到 CD 的距离为 h，则有，当直径通过 AB 与 CD 的中点时，故 故选：B 【点评】本小题主要考查几何体的体积的计算、球的性质、异面

21、直线的距离，通过球这个载体考查考生的空间想象能力及推理运算能力 二、填空题（二、填空题（共共 4 小题，小题，每小题每小题 5 分，分，满分满分 20 分）分）13（5 分）不等式的解集是0，2 【考点】7E：其他不等式的解法菁优网版权所有【专题】11：计算题；16：压轴题；35：转化思想【分析】法一是移项后平方，注意等价转化为不等式组，化简求交集即可；法二是化简为等价不等式组的形式，求不等式组的解集【解答】解：法一：原不等式等价于 解得 0 x2 关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 14 页（共 25 页）法二：故答案为：0，2【点评】本小题主要考查根式不等式的解法，利用平方去掉根号

22、是解根式不等式的基本思路，也让转化与化归的数学思想体现得淋漓尽致 14（5 分）已知 为第三象限的角，则=【考点】G3：象限角、轴线角；GG：同角三角函数间的基本关系；GP：两角和与差的三角函数；GS：二倍角的三角函数菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】方法一：由 为第三象限的角，判断出 2 可能的范围，再结合又0 确定出 2 在第二象限，利用同角三角函数关系求出其正弦，再由两角和的正切公式展开代入求值 方法二：判断 2 可能的范围时用的条件组合方式是推出式，其它比同【解答】解：方法一：因为 为第三象限的角，所以 2（2（2k+1），+2（2k+1）（kZ），又0，所以，于是有，所以=方

23、法二：为第三象限的角，4k+224k+32在二象限，关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 15 页（共 25 页）【点评】本小题主要考查三角函数值符号的判断、同角三角函数关系、和角的正切公式，同时考查了基本运算能力及等价变换的解题技能 15（5 分）直线 y=1 与曲线 y=x2|x|+a 有四个交点，则 a 的取值范围是（1，）【考点】3V：二次函数的性质与图象菁优网版权所有【专题】13：作图题；16：压轴题；31：数形结合【分析】在同一直角坐标系内画出直线 y=1 与曲线 y=x2|x|+a 的图象，观察求解【解答】解：如图，在同一直角坐标系内画出直线 y=1 与曲线 y=x2|x|

24、+a，观图可知，a 的取值必须满足，解得 故答案为：（1，）【点评】本小题主要考查函数的图象与性质、不等式的解法，着重考查了数形结合的数学思想 16（5 分）已知 F 是椭圆 C 的一个焦点，B 是短轴的一个端点，线段 BF 的延长关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 16 页（共 25 页）线交 C 于点 D，且，则 C 的离心率为 【考点】K4：椭圆的性质菁优网版权所有【专题】16：压轴题；31：数形结合【分析】由椭圆的性质求出|BF|的值，利用已知的向量间的关系、三角形相似求出 D 的横坐标，再由椭圆的第二定义求出|FD|的值，又由|BF|=2|FD|建立关于 a、c 的方程，解方

25、程求出 的值【解答】解：如图，作 DD1 y 轴 于 点 D1，则 由，得，所 以，即，由椭圆的第二定义得 又由|BF|=2|FD|，得，a2=3c2，解得 e=，故答案为：【点评】本小题主要考查椭圆的方程与几何性质、第二定义、平面向量知识，考查了数形结合思想、方程思想，本题凸显解析几何的特点：“数研究形，形助数”，利用几何性质可寻求到简化问题的捷径 三、解答题（三、解答题（共共 6 小题，小题，满分满分 70 分）分）17（10 分）已知ABC 的内角 A，B 及其对边 a，b 满足 a+b=acotA+bcotB，求内角 C 关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 17 页（共 25

26、页）【考点】GF：三角函数的恒等变换及化简求值；HP：正弦定理菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】先利用正弦定理题设等式中的边转化角的正弦，化简整理求得 sin（A）=sin（B+），进而根据 A，B 的范围，求得 A和 B+的关系，进而求得 A+B=，则 C 的值可求【解答】解：由已知及正弦定理，有 sinA+sinB=sinA+sinB=cosA+cosB，sinAcosA=cosBsinB sin（A）=sin（B+），0A，0B AB+A+B+=，A+B=，C=（A+B）=【点评】本题主要考查了正弦定理的应用解题过程中关键是利用了正弦定理把边的问题转化为角的问题 18（12 分）

27、投到某杂志的稿件，先由两位初审专家进行评审若能通过两位初审专家的评审，则予以录用；若两位初审专家都未予通过，则不予录用；若恰能通过一位初审专家的评审，则再由第三位专家进行复审，若能通过复审专家的评审，则予以录用，否则不予录用设稿件能通过各初审专家评审的概率均为 0.5，复审的稿件能通过评审的概率为 0.3各专家独立评审（）求投到该杂志的 1 篇稿件被录用的概率；（）求投到该杂志的 4 篇稿件中，至少有 2 篇被录用的概率 【考点】C5：互斥事件的概率加法公式；C8：相互独立事件和相互独立事件的概关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 18 页（共 25 页）率乘法公式；CA：n 次独立重复

28、试验中恰好发生 k 次的概率菁优网版权所有【分析】（1）投到该杂志的 1 篇稿件被录用包括稿件能通过两位初审专家的评审或稿件恰能通过一位初审专家的评审又能通过复审专家的评审两种情况，这两种情况是互斥的，且每种情况中包含的事情有时相互独立的，列出算式（2）投到该杂志的 4 篇稿件中，至少有 2 篇被录用的对立事件是 0 篇被录用，1篇被录用两种结果，从对立事件来考虑比较简单【解答】解：（）记 A 表示事件：稿件能通过两位初审专家的评审；B 表示事件：稿件恰能通过一位初审专家的评审；C 表示事件：稿件能通过复审专家的评审；D 表示事件：稿件被录用 则 D=A+BC，P（A）=0.50.5=0.25

29、，P（B）=20.50.5=0.5，P（C）=0.3，P（D）=P（A+BC）=P（A）+P（BC）=P（A）+P（B）P（C）=0.25+0.50.3=0.40（2）记 4 篇稿件有 1 篇或 0 篇被录用为事件 E，则 P（E）=（10.4）4+C410.4（10.4）3=0.1296+0.3456=0.4752，=10.4752=0.5248，即投到该杂志的 4 篇稿件中，至少有 2 篇被录用的概率是 0.5248【点评】本题关键是要理解题意，实际上能否理解题意是一种能力，培养学生的数学思想，提高发现问题、分析问题、解决问题的能力，增强学生数学思维情趣，形成学习数学知识的积极态度 关注公

30、众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 19 页（共 25 页）19（12 分）如图，四棱锥 SABCD 中，SD底面 ABCD，ABDC，ADDC，AB=AD=1，DC=SD=2，E 为棱 SB 上的一点，平面 EDC平面 SBC（）证明：SE=2EB；（）求二面角 ADEC 的大小 【考点】LY：平面与平面垂直；MJ：二面角的平面角及求法菁优网版权所有【专题】11：计算题；14：证明题【分析】（）连接 BD，取 DC 的中点 G，连接 BG，作 BKEC，K 为垂足，根据线面垂直的判定定理可知 DE平面 SBC，然后分别求出 SE 与 EB 的长，从而得到结论；（）根据边长的关系可知ADE

31、为等腰三角形，取 ED 中点 F，连接 AF，连接 FG，根据二面角平面角的定义可知AFG 是二面角 ADEC 的平面角，然后在三角形 AGF 中求出二面角 ADEC 的大小【解答】解：（）连接 BD，取 DC 的中点 G，连接 BG，由此知 DG=GC=BG=1，即DBC 为直角三角形，故 BCBD 又 SD平面 ABCD，故 BCSD，所以，BC平面 BDS，BCDE 作 BKEC，K 为垂足，因平面 EDC平面 SBC，故 BK平面 EDC，BKDE，DE 与平面 SBC 内的两条相交直线 BK、BC 都垂直，DE平面 SBC，DEEC，DESB SB=，DE=关注公众号”一个高中僧“获

32、取更多高中资料第 20 页（共 25 页）EB=所以 SE=2EB（）由 SA=，AB=1，SE=2EB，ABSA，知 AE=1，又 AD=1 故ADE 为等腰三角形 取 ED 中点 F，连接 AF，则 AFDE，AF=连接 FG，则 FGEC，FGDE 所以，AFG 是二面角 ADEC 的平面角 连接 AG，AG=，FG=，cosAFG=，所以，二面角 ADEC 的大小为 120 【点评】本题主要考查了与二面角有关的立体几何综合题，考查学生空间想象能力，逻辑思维能力，是中档题 20（12 分）已知函数 f（x）=（x+1）lnxx+1（）若 xf（x）x2+ax+1，求 a 的取值范围；（）

33、证明：（x1）f（x）0 【考点】63：导数的运算菁优网版权所有 关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 21 页（共 25 页）【专题】11：计算题【分析】（）先根据导数公式求出导函数 f（x），代入 xf（x）x2+ax+1，将 a 分离出来，然后利用导数研究不等式另一侧的最值，从而求出参数 a 的取值范围；（）根据（I）可知 g（x）g（1）=1 即 lnxx+10，然后讨论 x 与 1 的大小，从而确定（x1）的符号，然后判定 f（x）与 0 的大小即可证得结论【解答】解：（），xf（x）=xlnx+1，题设 xf（x）x2+ax+1 等价于 lnxxa 令 g（x）=lnxx，则

34、 当 0 x1，g（x）0；当 x1 时，g（x）0，x=1 是 g（x）的最大值点，g（x）g（1）=1 综上，a 的取值范围是1，+）（）由（）知，g（x）g（1）=1 即 lnxx+10 当 0 x1 时，f（x）=（x+1）lnxx+1=xlnx+（lnxx+1）0；当 x1 时，f（x）=lnx+（xlnxx+1）=0 所以（x1）f（x）0【点评】本题主要考查了利用导数研究函数的最值，以及利用参数分离法求参数的取值范围，同时考查了运算求解的能力，属于中档题 21（12 分）已知抛物线 C：y2=4x 的焦点为 F，过点 K（1，0）的直线 l 与 C相交于 A、B 两点，点 A 关

35、于 x 轴的对称点为 D（）证明：点 F 在直线 BD 上；关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 22 页（共 25 页）（）设，求BDK 的内切圆 M 的方程 【考点】9S：数量积表示两个向量的夹角；IP：恒过定点的直线；J1：圆的标准方程；K8：抛物线的性质；KH：直线与圆锥曲线的综合菁优网版权所有【专题】11：计算题；14：证明题；16：压轴题【分析】（）先根据抛物线方程求得焦点坐标，设出过点 K 的直线 L 方程代入抛物线方程消去 x，设 L 与 C 的交点 A（x1，y1），B（x2，y2），根据韦达定理求得 y1+y2和 y1y2的表达式，进而根据点 A 求得点 D 的坐标，

36、进而表示出直线 BD 和 BF 的斜率，进而问题转化两斜率相等，进而转化为 4x2=y22，依题意可知等式成立进而推断出 k1=k2原式得证（）首先表示出结果为求得 m，进而求得 y2y1的值，推知 BD 的斜率，则 BD 方程可知，设 M 为（a，0），M 到 x=y1 和到 BD 的距离相等，进而求得 a 和圆的半径，则圆的方程可得【解答】解：（）抛物线 C：y2=4x的焦点为 F（1，0），设过点 K（1，0）的直线 L：x=my1，代入，整理得 y24my+4=0，设 L 与 C 的交点 A（x1，y1），B（x2，y2），则 y1+y2=4m，y1y2=4，点 A 关于 X 轴的对称

37、点 D 为（x1，y1）BD 的斜率 k1=，BF 的斜率 k2=要使点 F 在直线 BD 上 需 k1=k2 需 4（x21）=y2（y2y1），关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 23 页（共 25 页）需 4x2=y22，上式成立，k1=k2，点 F 在直线 BD 上（）=（x11，y1）（x21，y2）=（x11）（x21）+y1y2=（my12）（my22）+y1y2=4（m2+1）8m2+4=84m2=，m2=，m=y2y1=4=，k1=，BD：y=（x1）易知圆心 M 在 x 轴上，设为（a，0），M 到 x=y1 和到 BD 的距离相等，即|a+1|=|（a1）|，4|

38、a+1|=5|a1|，1a1，解得 a=半径 r=，BDK 的内切圆 M 的方程为（x）2+y2=【点评】本小题为解析几何与平面向量综合的问题，主要考查抛物线的性质、直线与圆的位置关系，直线与抛物线的位置关系、圆的几何性质与圆的方程的求解、平面向量的数量积等知识，考查考生综合运用数学知识进行推理论证的能力、运算能力和解决问题的能力，同时考查了数形结合思想、设而不求思想 22（12 分）已知数列an中，a1=1，an+1=c（）设 c=，bn=，求数列bn的通项公式；（）求使不等式 anan+13 成立的 c 的取值范围 【考点】8H：数列递推式；RG：数学归纳法菁优网版权所有 关注公众号”一个

39、高中僧“获取更多高中资料第 24 页（共 25 页）【专题】15：综合题；16：压轴题【分析】（1）令 c=代入到 an+1=c中整理并令 bn=进行替换，得到关系式 bn+1=4bn+2，进而可得到是首项为，公比为 4 的等比数列，先得到的通项公式，即可得到数列bn的通项公式（2）先求出 n=1，2 时的 c 的范围，然后用数学归纳法分 3 步进行证明当 c2时an an+1，然 后 当c 2时，令=，根 据 由可发现 c时不能满足条件，进而可确定 c的范围【解答】解：（1），即 bn+1=4bn+2，a1=1，故 所以是首项为，公比为 4 的等比数列，（）a1=1，a2=c1，由 a2a1

40、得 c2 用数学归纳法证明：当 c2 时 anan+1（）当 n=1 时，a2=ca1，命题成立；（ii）设当 n=k 时，akak+1，则当 n=k+1 时，故由（i）（ii）知当 c2 时，anan+1 当 c2 时，令=，由 当 2c时，an3 关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料第 25 页（共 25 页）当 c时，3 且 1an 于是 an+1（1），当 n 因此 c不符合要求 所以 c 的取值范围是（2，【点评】本小题主要考查数列的通项公式、等比数列的定义、递推数列、不等式等基础知识和基本技能，同时考查分析、归纳、探究和推理论证问题的能力，在解题过程中也渗透了对函数与方程思想、化归与转化思想的考查 关注公众号”一个高中僧“获取更多高中资料