2010年全国统一高考数学试卷（理科）（大纲版ⅰ）（含解析版）.docx

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1、2010年全国统一高考数学试卷（理科）（大纲版）一、选择题（共12小题，每小题5分，满分60分）1（5分）复数=（）AiBiC1213iD12+13i2（5分）记cos（80）=k，那么tan100=（）ABCD3（5分）若变量x，y满足约束条件，则z=x2y的最大值为（）A4B3C2D14（5分）已知各项均为正数的等比数列an，a1a2a3=5，a7a8a9=10，则a4a5a6=（）AB7C6D5（5分）（1+2）3（1）5的展开式中x的系数是（）A4B2C2D46（5分）某校开设A类选修课3门，B类选择课4门，一位同学从中共选3门，若要求两类课程中各至少选一门，则不同的选法共有（）A30

2、种B35种C42种D48种7（5分）正方体ABCDA1B1C1D1中，BB1与平面ACD1所成角的余弦值为（）ABCD8（5分）设a=log32，b=ln2，c=，则（）AabcBbcaCcabDcba9（5分）已知F1、F2为双曲线C：x2y2=1的左、右焦点，点P在C上，F1PF2=60，则P到x轴的距离为（）ABCD10（5分）已知函数f（x）=|lgx|，若0ab，且f（a）=f（b），则a+2b的取值范围是（）ABC（3，+）D3，+）11（5分）已知圆O的半径为1，PA、PB为该圆的两条切线，A、B为两切点，那么的最小值为（）ABCD12（5分）已知在半径为2的球面上有A、B、C、

3、D四点，若AB=CD=2，则四面体ABCD的体积的最大值为（）ABCD二、填空题（共4小题，每小题5分，满分20分）13（5分）不等式的解集是 14（5分）已知为第三象限的角，则= 15（5分）直线y=1与曲线y=x2|x|+a有四个交点，则a的取值范围是 16（5分）已知F是椭圆C的一个焦点，B是短轴的一个端点，线段BF的延长线交C于点D，且，则C的离心率为 三、解答题（共6小题，满分70分）17（10分）已知ABC的内角A，B及其对边a，b满足a+b=acotA+bcotB，求内角C18（12分）投到某杂志的稿件，先由两位初审专家进行评审若能通过两位初审专家的评审，则予以录用；若两位初审专

4、家都未予通过，则不予录用；若恰能通过一位初审专家的评审，则再由第三位专家进行复审，若能通过复审专家的评审，则予以录用，否则不予录用设稿件能通过各初审专家评审的概率均为0.5，复审的稿件能通过评审的概率为0.3各专家独立评审（）求投到该杂志的1篇稿件被录用的概率；（）求投到该杂志的4篇稿件中，至少有2篇被录用的概率19（12分）如图，四棱锥SABCD中，SD底面ABCD，ABDC，ADDC，AB=AD=1，DC=SD=2，E为棱SB上的一点，平面EDC平面SBC（）证明：SE=2EB；（）求二面角ADEC的大小20（12分）已知函数f（x）=（x+1）lnxx+1（）若xf（x）x2+ax+1，

5、求a的取值范围；（）证明：（x1）f（x）021（12分）已知抛物线C：y2=4x的焦点为F，过点K（1，0）的直线l与C相交于A、B两点，点A关于x轴的对称点为D（）证明：点F在直线BD上；（）设，求BDK的内切圆M的方程22（12分）已知数列an中，a1=1，an+1=c（）设c=，bn=，求数列bn的通项公式；（）求使不等式anan+13成立的c的取值范围2010年全国统一高考数学试卷（理科）（大纲版）参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题5分，满分60分）1（5分）复数=（）AiBiC1213iD12+13i【考点】A5：复数的运算菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】复

6、数的分子中利用i2=1代入3，然后化简即可【解答】解：故选：A【点评】本小题主要考查复数的基本运算，重点考查分母实数化的转化技巧2（5分）记cos（80）=k，那么tan100=（）ABCD【考点】GF：三角函数的恒等变换及化简求值；GG：同角三角函数间的基本关系；GO：运用诱导公式化简求值菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】法一：先求sin80，然后化切为弦，求解即可法二：先利用诱导公式化切为弦，求出求出结果【解答】解：法一，所以tan100=tan80=：法二cos（80）=kcos（80）=k，=【点评】本小题主要考查诱导公式、同角三角函数关系式等三角函数知识，并突出了弦切互化这一

7、转化思想的应用3（5分）若变量x，y满足约束条件，则z=x2y的最大值为（）A4B3C2D1【考点】7C：简单线性规划菁优网版权所有【专题】11：计算题；31：数形结合【分析】先根据约束条件画出可行域，再利用几何意义求最值，z=x2y表示直线在y轴上的截距，只需求出可行域直线在y轴上的截距最小值即可【解答】解：画出可行域（如图），z=x2yy=xz，由图可知，当直线l经过点A（1，1）时，z最大，且最大值为zmax=12（1）=3故选：B【点评】本小题主要考查线性规划知识、作图、识图能力及计算能力，以及利用几何意义求最值，属于基础题4（5分）已知各项均为正数的等比数列an，a1a2a3=5，a

8、7a8a9=10，则a4a5a6=（）AB7C6D【考点】87：等比数列的性质菁优网版权所有【分析】由数列an是等比数列，则有a1a2a3=5a23=5；a7a8a9=10a83=10【解答】解：a1a2a3=5a23=5；a7a8a9=10a83=10，a52=a2a8，故选：A【点评】本小题主要考查等比数列的性质、指数幂的运算、根式与指数式的互化等知识，着重考查了转化与化归的数学思想5（5分）（1+2）3（1）5的展开式中x的系数是（）A4B2C2D4【考点】DA：二项式定理菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】利用完全平方公式展开，利用二项展开式的通项公式求出x的系数【解答】解：（1

9、+2）3（1）5=（1+6+12x+8x）（1）5故（1+2）3（1）5的展开式中含x的项为1C53（）3+12x=10x+12xC50=2x，所以x的系数为2故选：C【点评】本小题主要考查了考生对二项式定理的掌握情况，尤其是展开式的通项公式的灵活应用，以及能否区分展开式中项的系数与其二项式系数，同时也考查了考生的一些基本运算能力6（5分）某校开设A类选修课3门，B类选择课4门，一位同学从中共选3门，若要求两类课程中各至少选一门，则不同的选法共有（）A30种B35种C42种D48种【考点】D1：分类加法计数原理菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】两类课程中各至少选一门，包含两种情况：A类

10、选修课选1门，B类选修课选2门；A类选修课选2门，B类选修课选1门，写出组合数，根据分类计数原理得到结果【解答】解：可分以下2种情况：A类选修课选1门，B类选修课选2门，有C31C42种不同的选法；A类选修课选2门，B类选修课选1门，有C32C41种不同的选法根据分类计数原理知不同的选法共有C31C42+C32C41=18+12=30种故选：A【点评】本小题主要考查分类计数原理、组合知识，以及分类讨论的数学思想本题也可以从排列的对立面来考虑，写出所有的减去不合题意的，可以这样解：C73C33C43=307（5分）正方体ABCDA1B1C1D1中，BB1与平面ACD1所成角的余弦值为（）ABCD

11、【考点】MI：直线与平面所成的角；MK：点、线、面间的距离计算菁优网版权所有【专题】5G：空间角【分析】正方体上下底面中心的连线平行于BB1，上下底面中心的连线与平面ACD1所成角，即为BB1与平面ACD1所成角，直角三角形中，利用边角关系求出此角的余弦值【解答】解：如图，设上下底面的中心分别为O1，O，设正方体的棱长等于1，则O1O与平面ACD1所成角就是BB1与平面ACD1所成角，即O1OD1，直角三角形OO1D1中，cosO1OD1=，故选：D【点评】本小题主要考查正方体的性质、直线与平面所成的角、点到平面的距离的求法，利用等体积转化求出D到平面ACD1的距离是解决本题的关键所在，这也是

12、转化思想的具体体现，属于中档题8（5分）设a=log32，b=ln2，c=，则（）AabcBbcaCcabDcba【考点】4M：对数值大小的比较菁优网版权所有【专题】11：计算题；35：转化思想【分析】根据a的真数与b的真数相等可取倒数，使底数相同，找中间量1与之比较大小，便值a、b、c的大小关系【解答】解：a=log32=，b=ln2=，而log23log2e1，所以ab，c=，而，所以ca，综上cab，故选：C【点评】本小题以指数、对数为载体，主要考查指数函数与对数函数的性质、实数大小的比较、换底公式、不等式中的倒数法则的应用9（5分）已知F1、F2为双曲线C：x2y2=1的左、右焦点，点

13、P在C上，F1PF2=60，则P到x轴的距离为（）ABCD【考点】HR：余弦定理；KA：双曲线的定义；KC：双曲线的性质菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】设点P（x0，y0）在双曲线的右支，由双曲线的第二定义得，由余弦定理得cosF1PF2=，由此可求出P到x轴的距离【解答】解：不妨设点P（x0，y0）在双曲线的右支，由双曲线的第二定义得，由余弦定理得cosF1PF2=，即cos60=，解得，所以，故P到x轴的距离为故选：B【点评】本题主要考查双曲线的几何性质、第二定义、余弦定理，考查转化的数学思想，通过本题可以有效地考查考生的综合运用能力及运算能力10（5分）已知函数f（x）=|lg

14、x|，若0ab，且f（a）=f（b），则a+2b的取值范围是（）ABC（3，+）D3，+）【考点】34：函数的值域；3D：函数的单调性及单调区间；4H：对数的运算性质；7F：基本不等式及其应用菁优网版权所有【专题】11：计算题；16：压轴题；35：转化思想【分析】由题意f（a）=f（b），求出ab的关系，然后利用“对勾”函数的性质知函数f（a）在a（0，1）上为减函数，确定a+2b的取值范围【解答】解：因为f（a）=f（b），所以|lga|=|lgb|，所以a=b（舍去），或，所以a+2b=又0ab，所以0a1b，令，由“对勾”函数的性质知函数f（a）在a（0，1）上为减函数，所以f（a）f（

15、1）=1+=3，即a+2b的取值范围是（3，+）故选：C【点评】本小题主要考查对数函数的性质、函数的单调性、函数的值域，考生在做本小题时极易忽视a的取值范围，而利用均值不等式求得a+2b=，从而错选A，这也是命题者的用心良苦之处11（5分）已知圆O的半径为1，PA、PB为该圆的两条切线，A、B为两切点，那么的最小值为（）ABCD【考点】9O：平面向量数量积的性质及其运算；JF：圆方程的综合应用菁优网版权所有【专题】5C：向量与圆锥曲线【分析】要求的最小值，我们可以根据已知中，圆O的半径为1，PA、PB为该圆的两条切线，A、B为两切点，结合切线长定理，设出PA，PB的长度和夹角，并将表示成一个关

16、于x的函数，然后根据求函数最值的办法，进行解答【解答】解：如图所示：设OP=x（x0），则PA=PB=，APO=，则APB=2，sin=，=（12sin2）=（x21）（1）=x2+323，当且仅当x2=时取“=”，故的最小值为23故选：D【点评】本小题主要考查向量的数量积运算与圆的切线长定理，着重考查最值的求法判别式法，同时也考查了考生综合运用数学知识解题的能力及运算能力12（5分）已知在半径为2的球面上有A、B、C、D四点，若AB=CD=2，则四面体ABCD的体积的最大值为（）ABCD【考点】LF：棱柱、棱锥、棱台的体积；ND：球的性质菁优网版权所有【专题】11：计算题；15：综合题；16

17、：压轴题【分析】四面体ABCD的体积的最大值，AB与CD是对棱，必须垂直，确定球心的位置，即可求出体积的最大值【解答】解：过CD作平面PCD，使AB平面PCD，交AB于P，设点P到CD的距离为h，则有，当直径通过AB与CD的中点时，故故选：B【点评】本小题主要考查几何体的体积的计算、球的性质、异面直线的距离，通过球这个载体考查考生的空间想象能力及推理运算能力二、填空题（共4小题，每小题5分，满分20分）13（5分）不等式的解集是0，2【考点】7E：其他不等式的解法菁优网版权所有【专题】11：计算题；16：压轴题；35：转化思想【分析】法一是移项后平方，注意等价转化为不等式组，化简求交集即可；法

18、二是化简为等价不等式组的形式，求不等式组的解集【解答】解：法一：原不等式等价于解得0x2法二：故答案为：0，2【点评】本小题主要考查根式不等式的解法，利用平方去掉根号是解根式不等式的基本思路，也让转化与化归的数学思想体现得淋漓尽致14（5分）已知为第三象限的角，则=【考点】G3：象限角、轴线角；GG：同角三角函数间的基本关系；GP：两角和与差的三角函数；GS：二倍角的三角函数菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】方法一：由为第三象限的角，判断出2可能的范围，再结合又0确定出2在第二象限，利用同角三角函数关系求出其正弦，再由两角和的正切公式展开代入求值方法二：判断2可能的范围时用的条件组合方

19、式是推出式，其它比同【解答】解：方法一：因为为第三象限的角，所以2（2（2k+1），+2（2k+1）（kZ），又0，所以，于是有，所以=方法二：为第三象限的角，4k+224k+32在二象限，【点评】本小题主要考查三角函数值符号的判断、同角三角函数关系、和角的正切公式，同时考查了基本运算能力及等价变换的解题技能15（5分）直线y=1与曲线y=x2|x|+a有四个交点，则a的取值范围是（1，）【考点】3V：二次函数的性质与图象菁优网版权所有【专题】13：作图题；16：压轴题；31：数形结合【分析】在同一直角坐标系内画出直线y=1与曲线y=x2|x|+a的图象，观察求解【解答】解：如图，在同一直角坐

20、标系内画出直线y=1与曲线y=x2|x|+a，观图可知，a的取值必须满足，解得故答案为：（1，）【点评】本小题主要考查函数的图象与性质、不等式的解法，着重考查了数形结合的数学思想16（5分）已知F是椭圆C的一个焦点，B是短轴的一个端点，线段BF的延长线交C于点D，且，则C的离心率为【考点】K4：椭圆的性质菁优网版权所有【专题】16：压轴题；31：数形结合【分析】由椭圆的性质求出|BF|的值，利用已知的向量间的关系、三角形相似求出D的横坐标，再由椭圆的第二定义求出|FD|的值，又由|BF|=2|FD|建立关于a、c的方程，解方程求出 的值【解答】解：如图，作DD1y轴于点D1，则由，得，所以，即

21、，由椭圆的第二定义得又由|BF|=2|FD|，得，a2=3c2，解得e=，故答案为：【点评】本小题主要考查椭圆的方程与几何性质、第二定义、平面向量知识，考查了数形结合思想、方程思想，本题凸显解析几何的特点：“数研究形，形助数”，利用几何性质可寻求到简化问题的捷径三、解答题（共6小题，满分70分）17（10分）已知ABC的内角A，B及其对边a，b满足a+b=acotA+bcotB，求内角C【考点】GF：三角函数的恒等变换及化简求值；HP：正弦定理菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】先利用正弦定理题设等式中的边转化角的正弦，化简整理求得sin（A）=sin（B+），进而根据A，B的范围，求得

22、A和B+的关系，进而求得A+B=，则C的值可求【解答】解：由已知及正弦定理，有sinA+sinB=sinA+sinB=cosA+cosB，sinAcosA=cosBsinBsin（A）=sin（B+），0A，0BAB+A+B+=，A+B=，C=（A+B）=【点评】本题主要考查了正弦定理的应用解题过程中关键是利用了正弦定理把边的问题转化为角的问题18（12分）投到某杂志的稿件，先由两位初审专家进行评审若能通过两位初审专家的评审，则予以录用；若两位初审专家都未予通过，则不予录用；若恰能通过一位初审专家的评审，则再由第三位专家进行复审，若能通过复审专家的评审，则予以录用，否则不予录用设稿件能通过各初

23、审专家评审的概率均为0.5，复审的稿件能通过评审的概率为0.3各专家独立评审（）求投到该杂志的1篇稿件被录用的概率；（）求投到该杂志的4篇稿件中，至少有2篇被录用的概率【考点】C5：互斥事件的概率加法公式；C8：相互独立事件和相互独立事件的概率乘法公式；CA：n次独立重复试验中恰好发生k次的概率菁优网版权所有【分析】（1）投到该杂志的1篇稿件被录用包括稿件能通过两位初审专家的评审或稿件恰能通过一位初审专家的评审又能通过复审专家的评审两种情况，这两种情况是互斥的，且每种情况中包含的事情有时相互独立的，列出算式（2）投到该杂志的4篇稿件中，至少有2篇被录用的对立事件是0篇被录用，1篇被录用两种结果

24、，从对立事件来考虑比较简单【解答】解：（）记A表示事件：稿件能通过两位初审专家的评审；B表示事件：稿件恰能通过一位初审专家的评审；C表示事件：稿件能通过复审专家的评审；D表示事件：稿件被录用则D=A+BC，P（A）=0.50.5=0.25，P（B）=20.50.5=0.5，P（C）=0.3，P（D）=P（A+BC）=P（A）+P（BC）=P（A）+P（B）P（C）=0.25+0.50.3=0.40（2）记4篇稿件有1篇或0篇被录用为事件E，则P（E）=（10.4）4+C410.4（10.4）3=0.1296+0.3456=0.4752，=10.4752=0.5248，即投到该杂志的4篇稿件中，

25、至少有2篇被录用的概率是0.5248【点评】本题关键是要理解题意，实际上能否理解题意是一种能力，培养学生的数学思想，提高发现问题、分析问题、解决问题的能力，增强学生数学思维情趣，形成学习数学知识的积极态度19（12分）如图，四棱锥SABCD中，SD底面ABCD，ABDC，ADDC，AB=AD=1，DC=SD=2，E为棱SB上的一点，平面EDC平面SBC（）证明：SE=2EB；（）求二面角ADEC的大小【考点】LY：平面与平面垂直；MJ：二面角的平面角及求法菁优网版权所有【专题】11：计算题；14：证明题【分析】（）连接BD，取DC的中点G，连接BG，作BKEC，K为垂足，根据线面垂直的判定定理

26、可知DE平面SBC，然后分别求出SE与EB的长，从而得到结论；（）根据边长的关系可知ADE为等腰三角形，取ED中点F，连接AF，连接FG，根据二面角平面角的定义可知AFG是二面角ADEC的平面角，然后在三角形AGF中求出二面角ADEC的大小【解答】解：（）连接BD，取DC的中点G，连接BG，由此知DG=GC=BG=1，即DBC为直角三角形，故BCBD又SD平面ABCD，故BCSD，所以，BC平面BDS，BCDE作BKEC，K为垂足，因平面EDC平面SBC，故BK平面EDC，BKDE，DE与平面SBC内的两条相交直线BK、BC都垂直，DE平面SBC，DEEC，DESBSB=，DE=EB=所以SE

27、=2EB（）由SA=，AB=1，SE=2EB，ABSA，知AE=1，又AD=1故ADE为等腰三角形取ED中点F，连接AF，则AFDE，AF=连接FG，则FGEC，FGDE所以，AFG是二面角ADEC的平面角连接AG，AG=，FG=，cosAFG=，所以，二面角ADEC的大小为120【点评】本题主要考查了与二面角有关的立体几何综合题，考查学生空间想象能力，逻辑思维能力，是中档题20（12分）已知函数f（x）=（x+1）lnxx+1（）若xf（x）x2+ax+1，求a的取值范围；（）证明：（x1）f（x）0【考点】63：导数的运算菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】（）先根据导数公式求出导函

28、数f（x），代入xf（x）x2+ax+1，将a分离出来，然后利用导数研究不等式另一侧的最值，从而求出参数a的取值范围；（）根据（I）可知g（x）g（1）=1即lnxx+10，然后讨论x与1的大小，从而确定（x1）的符号，然后判定f（x）与0的大小即可证得结论【解答】解：（），xf（x）=xlnx+1，题设xf（x）x2+ax+1等价于lnxxa令g（x）=lnxx，则 当0x1，g（x）0；当x1时，g（x）0，x=1是g（x）的最大值点，g（x）g（1）=1 综上，a的取值范围是1，+）（）由（）知，g（x）g（1）=1即lnxx+10当0x1时，f（x）=（x+1）lnxx+1=xlnx+

29、（lnxx+1）0；当x1时，f（x）=lnx+（xlnxx+1）=0 所以（x1）f（x）0【点评】本题主要考查了利用导数研究函数的最值，以及利用参数分离法求参数的取值范围，同时考查了运算求解的能力，属于中档题21（12分）已知抛物线C：y2=4x的焦点为F，过点K（1，0）的直线l与C相交于A、B两点，点A关于x轴的对称点为D（）证明：点F在直线BD上；（）设，求BDK的内切圆M的方程【考点】9S：数量积表示两个向量的夹角；IP：恒过定点的直线；J1：圆的标准方程；K8：抛物线的性质；KH：直线与圆锥曲线的综合菁优网版权所有【专题】11：计算题；14：证明题；16：压轴题【分析】（）先根据

30、抛物线方程求得焦点坐标，设出过点K的直线L方程代入抛物线方程消去x，设L与C 的交点A（x1，y1），B（x2，y2），根据韦达定理求得y1+y2和y1y2的表达式，进而根据点A求得点D的坐标，进而表示出直线BD和BF的斜率，进而问题转化两斜率相等，进而转化为4x2=y22，依题意可知等式成立进而推断出k1=k2原式得证（）首先表示出结果为求得m，进而求得y2y1的值，推知BD的斜率，则BD方程可知，设M为（a，0），M到x=y1和到BD的距离相等，进而求得a和圆的半径，则圆的方程可得【解答】解：（）抛物线C：y2=4x的焦点为F（1，0），设过点K（1，0）的直线L：x=my1，代入，整理得

31、y24my+4=0，设L与C 的交点A（x1，y1），B（x2，y2），则y1+y2=4m，y1y2=4，点A关于X轴的对称点D为（x1，y1）BD的斜率k1=，BF的斜率k2=要使点F在直线BD上需k1=k2需4（x21）=y2（y2y1），需4x2=y22，上式成立，k1=k2，点F在直线BD上（）=（x11，y1）（x21，y2）=（x11）（x21）+y1y2=（my12）（my22）+y1y2=4（m2+1）8m2+4=84m2=，m2=，m=y2y1=4=，k1=，BD：y=（x1）易知圆心M在x轴上，设为（a，0），M到x=y1和到BD的距离相等，即|a+1|=|（a1）|，4|

32、a+1|=5|a1|，1a1，解得a=半径r=，BDK的内切圆M的方程为（x）2+y2=【点评】本小题为解析几何与平面向量综合的问题，主要考查抛物线的性质、直线与圆的位置关系，直线与抛物线的位置关系、圆的几何性质与圆的方程的求解、平面向量的数量积等知识，考查考生综合运用数学知识进行推理论证的能力、运算能力和解决问题的能力，同时考查了数形结合思想、设而不求思想22（12分）已知数列an中，a1=1，an+1=c（）设c=，bn=，求数列bn的通项公式；（）求使不等式anan+13成立的c的取值范围【考点】8H：数列递推式；RG：数学归纳法菁优网版权所有【专题】15：综合题；16：压轴题【分析】（

33、1）令c=代入到an+1=c中整理并令bn=进行替换，得到关系式bn+1=4bn+2，进而可得到是首项为，公比为4的等比数列，先得到的通项公式，即可得到数列bn的通项公式（2）先求出n=1，2时的c的范围，然后用数学归纳法分3步进行证明当c2时anan+1，然后当c2时，令=，根据由可发现c时不能满足条件，进而可确定c的范围【解答】解：（1），即bn+1=4bn+2，a1=1，故所以是首项为，公比为4的等比数列，（）a1=1，a2=c1，由a2a1得c2用数学归纳法证明：当c2时anan+1（）当n=1时，a2=ca1，命题成立；（ii）设当n=k时，akak+1，则当n=k+1时，故由（i）（ii）知当c2时，anan+1当c2时，令=，由当2c时，an3当c时，3且1an于是an+1（1），当n因此c不符合要求所以c的取值范围是（2，【点评】本小题主要考查数列的通项公式、等比数列的定义、递推数列、不等式等基础知识和基本技能，同时考查分析、归纳、探究和推理论证问题的能力，在解题过程中也渗透了对函数与方程思想、化归与转化思想的考查