上海市普陀区中考物理一模试卷.doc

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1、2019年上海市普陀区中考物理一模试卷一、选择题（共16分）1（2分）向人们证明大气压存在的著名物理实验是（）A马德堡半球实验B托里拆利实验C探究液体内部压强规律的实验D验证阿基米德原理实验2（2分）一块橡皮用掉一半之后，不变的物理量是（）A重力B质量C体积D密度3（2分）下列器材中，利用连通器原理工作的是（）A温度计B液位计C密度计D抽水机4（2分）电功率较大的用电器使用时电流做功一定较（）A多B少C快D慢5（2分）家庭照明电路中的一盏节能灯正常工作时，通过它的电流约为（）A0.05 安B0.5 安C1 安D1.5 安6（2分）在如图所示的电路中，电源电压为U且保持不变。闭合电键S，电流表A

2、的示数为I；现将电阻R替换为阻值为0.4R的电阻R，则电流表A的示数变化量I为（）A0.6IB1.4IC1.5ID2.5I7（2分）如图所示，均匀实心正方体甲、乙放在水平地面上，它们对地面的压力相等。现从两正方体的上部沿水平方向切去部分，使它们剩余部分的体积相等，则甲、乙对地面的压力F甲和F乙的大小关系是（）AF甲一定小于 F乙BF甲一定大于F乙CF甲可能小于 F乙DF甲可能大于F乙8（2分）如图所示，甲、乙两个物体分别漂浮在装有A、B两种不同液体的相同容器中，其中AB，则关于两物体的质量m、及排开液体体积V排的大小关系，下列说法正确的是（）A若 m甲m乙，则 V甲排一定大于V乙排B若 m甲m

3、乙，则 V甲排 可能小于V乙排C若 m甲m乙，则 V甲排一定小于V乙排D若 m甲m乙，则V甲排可能大于V乙排二、填空题（共23分）9（3分）上海家庭照明电路的电压为 伏，电路中的各用电器之间是 连接，所消耗的电能可用 表来测量。10（3分）如图所示，是浙江大学研制的机器人“绝影”，它的质量为65千克。当它从站立开始行走时，对地面的压力将 ，压强将 ；当它载上质量为20千克的货物时，对地面的压力将 。（均选填“变大”、“变小”或“不变”）11（3分）如图所示，将物块A用细线悬挂着浸没于水中时，容器内水深为0.7米，物块A下表面所处水的深度为 米。若物块A重为5牛，受到绳对它的拉力为1牛，则物块A

4、所受浮力的大小为 牛，方向 。12（3分）质量为0.9千克水的体积为 米3，若水凝固成冰，则冰的质量为 千克，冰的体积为 米3（冰0.9103千克/米3）13（3分）某导体两端电压为3伏，10秒内通过导体的电流做功15焦，则通过导体横截面的电荷量为 库，通过该导体的电流为 安；当该导体两端电压为6伏时，电阻为 欧。14（3分）如图所示的电路，电源电压为U且保持不变。闭合电键S时，电路中电流表的示数将 ，电压表的示数将 （以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）。一段时间后，小灯突然熄灭，电流表示数变小，电压表示数变大，若故障只发生在小灯L或电阻上，其他元件均完好，则电路中发生的故障是 。1

5、5（2分）在学习了电流、电压的相关知识后，小明同学利用导体A、电键、导线、电流表和若干节相同的干电池等实验器材，进行了如图（a）和（b）所示的“用电流表测电流”的实验。通过观察比较图（a）和（b）中的实验装置及电流表的指针偏转情况等相关信息，小明归纳得出了初步结论：通过导体A的电流随导体A两端电压增大而增大。为了进一步定量研究导体中的电流与导体两端电压的关系，并归纳得出合理完整的实验结论，他们还需要的实验器材是 ，需要继续进行的实验操作是 。三、作图题（共7分）16（3分）在图中，重为10牛的物体放在水平地面上保持静止，请用力的图示法画出该物体对地面的压力。17（3分）请在图所示电路的内，填上

6、适当的电表符号，使之成为正确的电路。18（2分）如图所示的电路，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。要求：灯L1和灯L2并联；电流表只测量灯L1的电流。四、计算题（共26分）19（3分）体积为1103米3的物体浸没在水中。求：物体所受浮力F浮的大小。20（6分）某电视机铭牌上标有“220V 110W”字样。求：它正常工作时的电流I；该电视机正常工作10小时，电流通过它所做的功W。21（6分）如图所示，高为0.3米、底面积为0.02米2的薄壁圆柱形容器A置于水平地面上，容器内装有重为39.2牛、深度为0.2米的水。求水对容器底的压强p水。若容器重为10牛，求容器对水平地面的压强p容。现将

7、底面积为0.01米2的实心圆柱体B竖直放入容器A中，水恰好不溢出，此时容器A对地面的压强增加量p容恰好等于水对容器底的压强增加量p水，求圆柱体B的质量m。22（6分）如图（a）所示，电源电压为24伏，且保持不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2标有“501A”字样，电压表、电流表的规格如图12（b）所示。闭合电键S后，电流表示数为0.8安。求：电阻R1的两端电压U1。滑动变阻器R2接入电路的阻值。在电表量程可换的情况下，为使滑动变阻器接入电路的阻值范围最大，小明同学认为可以采取下列方案之一来实现：a去掉电压表V1；b去掉电压表V2；c将电流表用导线代替。你认为可行的方案是 （选填“a”、

8、“b”或“c”）；请通过计算说明此时滑动变阻器的取值范围及电路中的电压表、电流表对应的示数情况。五、实验题（共18分）23（3分）“测定小灯泡的电功率”的实验原理是 ，在连接电路过程中，电键应该处于 状态，电压表应与被测小灯泡 联连接。24（3分）在“验证阿基米德原理”实验中，需要验证浸在液体中的物体受到的 与它排开液体受到的 大小是否相等，实验还需要 的固体和液体进行多次验证（选填“相同”或“不同”）25（10分）甲、乙、丙三个小组同学发现如图（a）所示的驳船底部设计得比较宽大。于是，他们想“探究驳船的底部到液面的深度与哪些因素有关”。实验时，他们用圆柱体来模拟驳船，并选取了密度不同的三种液

9、体来模拟不同密度的水域，将质量和底面积大小不同的圆柱体分别放入液体中，每次都使圆柱体漂浮在液面上，如图（b）所示。实验过程中，他们测量了所用圆柱体的质量m、底面积S和它的底部到液面的深度h，所有数据均记录在下表中。序号小组容器中液体的密度（103千克/米3）圆柱体的质量m （千克）圆柱体的底面积S（102米2）深度h（米）1甲0.80.060.050.1520.80.120.060.2530.80.120.050.304乙1.00.120.060.2051.00.250.100.2561.00.300.100.307丙1.20.120.100.1081.20.120.050.2091.20.3

10、00.100.25分析比较实验序号1与3（或5与6或7与9）的实验数据及相关条件，他们归纳得出的初步结论是：漂浮在液面上的圆柱体，圆柱体底面积S和液体密度相同时， 。分析比较实验序号2与3（或7与8）的实验数据及相关条件，他们归纳得出的初步结论是：漂浮在液面上的圆柱体， 。分析比较实验序号 的实验数据及相关条件，他们归纳得出的初步结论是：漂浮在液面上的圆柱体，圆柱体的质量m和底面积S相同，液体密度越大，圆柱体的底部到液面的深度h越小。三个小组的同学对表格中的数据计算之后，进一步综合归纳结论，a分析比较实验数据2、5与9或3与6或4与8可归纳得出的结论是：漂浮在液面上的圆柱体， ，圆柱体的底部到

11、液面的深度h相同。b分析比较实验数据2、5与9和3与6和4与8可归纳得出的结论是：漂浮在液面上的圆柱体， 。通过上述研究的过程，同学们明白了驳船载重小并且底部设计比较宽大，主要是为了减少 ，避免搁浅的发生。26（19分）小华在做“用电流表、电压表测电阻”实验的过程中，电源电压保持不变，实验器材齐全且完好。他将待测电阻和滑动变阻器串联接在电路中，闭合电键时，发现电流表、电压表的示数分别如图所示，移动滑片P，电流表、电压表示数均不变。请指出他电路连接中可能存在的问题。 （写出一种情况即可）实验序号电压Ux（伏）电流Ix（安）电阻Rx（欧）电阻平均值（欧）10.12230.58发现问题后，他重新正确

12、连接电路，实验步骤正确。闭合电键时，电压表示数为0.6伏；在移动变阻器滑片的过程中，电流表示数的变化范围为0.120.58安。当移动变阻器滑片到某个位置时，电流表和电压表的指针恰好同时指向刻度盘的正中央。小华实验所用滑动变阻器的最大阻值为 欧。请根据小华的实验情况，完成表格中的实验数据记录和计算。（电阻计算精确到0.1欧）。2019年上海市普陀区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共16分）1（2分）向人们证明大气压存在的著名物理实验是（）A马德堡半球实验B托里拆利实验C探究液体内部压强规律的实验D验证阿基米德原理实验【解答】解：历史上，在德国的马德堡市广场上做过一个著名的实验，将两

13、铜制的半球合在一起，抽出里面的空气，用两支马队向相反方向拉，两个半球未被拉开，是大气压将两个半球压在一起，这就是著名的马德堡半球实验，它有力地证明了大气压的存在。故选：A。2（2分）一块橡皮用掉一半之后，不变的物理量是（）A重力B质量C体积D密度【解答】解：把一块橡皮用掉一半，则剩下的半块橡皮擦质量减少一半，体积减少一半，物体的密度是由物质本身决定的，与质量和体积无关，所以剩下的半块橡皮擦，质量减少一半，密度不变。故选：D。3（2分）下列器材中，利用连通器原理工作的是（）A温度计B液位计C密度计D抽水机【解答】解：A温度计是利用液体的热胀冷缩的原理制成的，故A不符合题意；B液位计的结构符合上端

14、开口、下端连通的特点，是利用连通器原理工作的，故B符合题意；C密度计是根据漂浮时浮力等于重力的原理制成的，故C不符合题意；D抽水机是利用大气压来工作的，故D不符合题意。故选：B。4（2分）电功率较大的用电器使用时电流做功一定较（）A多B少C快D慢【解答】解：电功率是描述电流做功快慢的物理量，电功率越大，电流做功越快，故C正确、D错误；由P的变形式WPt可知，电流做功的多少与电功率和通电时间有关，因通电时间未知，所以不能判断电流做功的多少，故AB错误。故选：C。5（2分）家庭照明电路中的一盏节能灯正常工作时，通过它的电流约为（）A0.05 安B0.5 安C1 安D1.5 安【解答】解：家庭电路中

15、的电压为220V，一盏节能灯的额定功率约为20W，根据PUI可得，家庭照明电路中的一盏节能灯正常工作时通过的电流I0.09A，和0.05A最接近，故A正确。故选：A。6（2分）在如图所示的电路中，电源电压为U且保持不变。闭合电键S，电流表A的示数为I；现将电阻R替换为阻值为0.4R的电阻R，则电流表A的示数变化量I为（）A0.6IB1.4IC1.5ID2.5I【解答】解：由欧姆定律，第1次实验中：I第2次实验中，I由得：电流表A的示数变化量：III1.5由得：I1.5I。故选：C。7（2分）如图所示，均匀实心正方体甲、乙放在水平地面上，它们对地面的压力相等。现从两正方体的上部沿水平方向切去部分

16、，使它们剩余部分的体积相等，则甲、乙对地面的压力F甲和F乙的大小关系是（）AF甲一定小于 F乙BF甲一定大于F乙CF甲可能小于 F乙DF甲可能大于F乙【解答】解：因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，正方体对地面的压力FGmgVgL3g，又因正方体甲、乙对地面的压力相等，所以，甲L甲3g乙L乙3g，由图可知，甲、乙正方体的边长关系为L甲L乙，则两者的密度关系为甲乙，现从两正方体的上部沿水平方向切去部分，使它们剩余部分的体积相等，且甲乙，由mV可知，剩余部分的质量关系为m甲剩m乙剩，由FGmg可得，此时甲、乙对地面的压力关系为F甲F乙。故选：B。8（2分）如图所示，甲、乙两个物体分别漂浮在

17、装有A、B两种不同液体的相同容器中，其中AB，则关于两物体的质量m、及排开液体体积V排的大小关系，下列说法正确的是（）A若 m甲m乙，则 V甲排一定大于V乙排B若 m甲m乙，则 V甲排 可能小于V乙排C若 m甲m乙，则 V甲排一定小于V乙排D若 m甲m乙，则V甲排可能大于V乙排【解答】解：由图可知，物体甲在A液体中处于漂浮状态，物体乙在B液体中处于漂浮状态，由漂浮条件可知，所受浮力等于其自身重力，即F浮G物由阿基米德原理可得F浮G排所以由可得G物G排，由Gmg可知m物m排；（1）若 m甲m乙，则两物体排开液体的质量m排Am排B， 则AV甲排BV乙排，已知AB，所以V甲排一定小于V乙排，故AB错

18、误；（2）若 m甲m乙，则两物体排开液体的质量m排Am排B， 则AV甲排BV乙排，已知AB，所以V甲排一定小于V乙排，不可能等于V乙排，也不可能大于V乙排故C正确，D错误。故选：C。二、填空题（共23分）9（3分）上海家庭照明电路的电压为220伏，电路中的各用电器之间是并联连接，所消耗的电能可用电能表来测量。【解答】解：（1）我国家庭电路的电压为220V，则上海家庭照明电路的电压为220伏；（2）家庭电路中的各用电器可以单独工作，且互不影响，因此它们之间的连接方式是并联；（3）电能表是用来测量电路消耗电能的仪表。故答案为：220；并联；电能。10（3分）如图所示，是浙江大学研制的机器人“绝影”

19、，它的质量为65千克。当它从站立开始行走时，对地面的压力将不变，压强将变大；当它载上质量为20千克的货物时，对地面的压力将变大。（均选填“变大”、“变小”或“不变”）【解答】解：当机器人站在水平地面上时，对地面的压力等于他的重力；当走路时接触地面的面积是站立时的一半，压力等于他的重力不变，由压强公式p可知，对地面的压强将变为原来的2倍，即压强将变大。当它载上质量为20千克的货物时，质量增大，重力增大，对地面的压力等于他的重力，故压力变大。故答案为：不变；变大；变大。11（3分）如图所示，将物块A用细线悬挂着浸没于水中时，容器内水深为0.7米，物块A下表面所处水的深度为0.5米。若物块A重为5牛

20、，受到绳对它的拉力为1牛，则物块A所受浮力的大小为4牛，方向竖直向上。【解答】解：由图知，将物块A用细线悬挂着浸没于水中时，容器内水深为0.7m，物块A下表面所处水的深度为：h0.7m0.2m0.5m；物块A所受浮力：F浮GF拉5N1N4N；浮力的方向是竖直向上的。故答案为：0.5；4；竖直向上。12（3分）质量为0.9千克水的体积为9104米3，若水凝固成冰，则冰的质量为0.9千克，冰的体积为1103米3（冰0.9103千克/米3）【解答】解：由可得，质量为0.9千克水的体积：V水9104m3，因水凝固成冰后，状态发生改变，但所含物质的多少没有变化，所以，冰的质量m冰m水0.9kg，则冰的体

21、积：V冰1103m3。故答案为：9104；0.9；1103。13（3分）某导体两端电压为3伏，10秒内通过导体的电流做功15焦，则通过导体横截面的电荷量为5库，通过该导体的电流为0.5安；当该导体两端电压为6伏时，电阻为6欧。【解答】解：由WUItUQ可得，通过导体横截面的电荷量：Q5C，通过该导体的电流：I0.5A，由I可得，导体的电阻：R6，因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以，当该导体两端电压为6伏时，该导体的电阻仍为6不变。故答案为：5；0.5；6。14（3分）如图所示的电路，电源电压为U且保持不变。闭合电键S时，电路中电流表的示数将变大，电压表的示数将变

22、小（以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）。一段时间后，小灯突然熄灭，电流表示数变小，电压表示数变大，若故障只发生在小灯L或电阻上，其他元件均完好，则电路中发生的故障是电阻R断路。【解答】解：（1）由电路图可知，电键S断开时，电压表串联在电路中测电源电压，因电压表的内阻很大，所以通过电流表的电流几乎为0，则电流表无示数；闭合电键S时，灯泡L与电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，由电流表无示数变为有示数可知，电流表的示数变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由电压表测电源电压变为测串联电路中R两端的电压可知，电压表的示数变小；（2）一段时间后，小灯突然熄灭，电

23、流表示数变小，电压表示数变大，且故障只发生在小灯L或电阻上，其他元件均完好，由电压表的示数变大可知，此时电压表测电源两端的电压，则电路故障可能是灯泡L短路，也可能是电阻R断路，由电流表的示数变小可知，电路故障应为电阻R断路。故答案为：变大；变小；电阻R断路。15（2分）在学习了电流、电压的相关知识后，小明同学利用导体A、电键、导线、电流表和若干节相同的干电池等实验器材，进行了如图（a）和（b）所示的“用电流表测电流”的实验。通过观察比较图（a）和（b）中的实验装置及电流表的指针偏转情况等相关信息，小明归纳得出了初步结论：通过导体A的电流随导体A两端电压增大而增大。为了进一步定量研究导体中的电流

24、与导体两端电压的关系，并归纳得出合理完整的实验结论，他们还需要的实验器材是滑动变阻器、电压表，需要继续进行的实验操作是断开开关，将电压表并联在A导体的两端，将滑动变阻器串联接入电路中，将变阻器的滑片移动到阻值最大处，闭合开关，移动变阻器的滑片，记下电压表和电流表的示数；重复上面的实验再做两次。【解答】解：研究导体中的电流与导体两端电压的关系时，要控制电阻大小相同，为得出普遍性的结论，要多次测量，故还需要的实验器材为：电压表和滑动变阻器：实验操作：断开开关，将电压表并联在A导体的两端，将滑动变阻器串联接入电路中，将变阻器的滑片移动到阻值最大处，闭合开关，移动变阻器的滑片，记下电压表和电流表的示数

25、；重复上面的实验再做两次。故答案为：滑动变阻器、电压表；断开开关，将电压表并联在A导体的两端，将滑动变阻器串联接入电路中，将变阻器的滑片移动到阻值最大处，闭合开关，移动变阻器的滑片，记下电压表和电流表的示数；重复上面的实验再做两次。三、作图题（共7分）16（3分）在图中，重为10牛的物体放在水平地面上保持静止，请用力的图示法画出该物体对地面的压力。【解答】解：物体放在水平地面上，压力的大小与物体的重力大小相等，FG10N，方向垂直于地面向下，作用点在地面，设定标度为5N，压力的图示如图：17（3分）请在图所示电路的内，填上适当的电表符号，使之成为正确的电路。【解答】解：电压表与灯泡并联，电流表

26、与灯泡串联，故右面电表为电压表，左面的为电流表，如下所示：18（2分）如图所示的电路，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。要求：灯L1和灯L2并联；电流表只测量灯L1的电流。【解答】解：由题知，灯L1和灯L2并联，电流表只测量通过灯L1的电流，因电源电压为3V，则通过灯L1的电流较小，所以电流表可选用小量程；将电流表的“0.6”接线柱与灯泡L1左侧接线柱相连接，开关右侧接线柱连接到灯泡L1右侧接线柱上，即可满足上述要求。如图所示：四、计算题（共26分）19（3分）体积为1103米3的物体浸没在水中。求：物体所受浮力F浮的大小。【解答】解：物体浸没在水中，则V排V物1103m3，物体所受

27、的浮力：F浮G排水gV排1103kg/m39.8N/kg1103m39.8N。答：物体所受的浮力为9.8N。20（6分）某电视机铭牌上标有“220V 110W”字样。求：它正常工作时的电流I；该电视机正常工作10小时，电流通过它所做的功W。【解答】解：由PUI可得，电视机正常工作时的电流：I0.5A；该电视机正常工作10小时，电流通过它所做的功：WPt110103kW10h1.1kWh。答：电视机正常工作时的电流为0.5A；该电视机正常工作10小时，电流通过它所做的功为1.1kWh。21（6分）如图所示，高为0.3米、底面积为0.02米2的薄壁圆柱形容器A置于水平地面上，容器内装有重为39.2

28、牛、深度为0.2米的水。求水对容器底的压强p水。若容器重为10牛，求容器对水平地面的压强p容。现将底面积为0.01米2的实心圆柱体B竖直放入容器A中，水恰好不溢出，此时容器A对地面的压强增加量p容恰好等于水对容器底的压强增加量p水，求圆柱体B的质量m。【解答】解：容器内装有深度为0.2m的水，对容器底的压强：p水水gh1.0103kg/m39.8N/kg0.2m1960Pa；底面积为0.02m2的薄壁圆柱形容器A置于水平地面上，容器内装有重为39.2N的水，若容器重为10N，容器地水平地面的压力等于容的总重，FG总G1+G239.2N+10N49.2N；受力面积为：S0.02m2；容器对水平地

29、面的压强：p容2460Pa；现将底面积为0.01米2的实心圆柱体B竖直放入容器A中，水恰好不溢出，说明水面升高的高度：h0.3m0.2m0.1m；水对容器底的压强增加量：p水水gh，此时容器A对地面的压强增加量p等于容器对水面地面增加的压力与受力面积之比，而容器对地面的增加的压力等于B的重力，即容器A对地面的压强增加量：p容，因容器A对地面的压强增加量p容恰好等于水对容器底的压强增加量p水，故有水gh，圆柱体B的质量：m水hS1.0103kg/m30.02m20.1m2kg。答：水对容器底的压强p水为1960Pa；容器对水平地面的压强p容为2460Pa；圆柱体B的质量m为2kg。22（6分）如

30、图（a）所示，电源电压为24伏，且保持不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2标有“501A”字样，电压表、电流表的规格如图12（b）所示。闭合电键S后，电流表示数为0.8安。求：电阻R1的两端电压U1。滑动变阻器R2接入电路的阻值。在电表量程可换的情况下，为使滑动变阻器接入电路的阻值范围最大，小明同学认为可以采取下列方案之一来实现：a去掉电压表V1；b去掉电压表V2；c将电流表用导线代替。你认为可行的方案是b（选填“a”、“b”或“c”）；请通过计算说明此时滑动变阻器的取值范围及电路中的电压表、电流表对应的示数情况。【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电

31、压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。由I可得，电阻R1的两端电压：U1IR10.8A108V；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压：U2UU124V8V16V，则滑动变阻器R2接入电路的阻值：R220；在电表量程可换的情况下，由滑动变阻器的铭牌可知，电路中的最大电流为1A，此时R1两端的电压：U1IR11A1010V，此时滑动变阻器两端的电压：U2UU124V10V14V，综上可知，两电压表的示数均没有超过15V，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，则R2小14；a去掉电压表V1后，当电压表V2的示数U215V，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时R1两端的电压

32、：U1UU224V15V9V，此时电路中的电流：I0.9A，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R2大16.7；b去掉电压表V2后，滑动变阻器接入电路中的电阻最大为50时，电路中的电流最小，电压表V1的示数最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：I0.4A，电压表V1的示数：U1IR10.4A104V；c将电流表用导线代替后，当电压表V2的示数U215V，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，约为16.7；所以，可行的方案是b，此时滑动变阻器的取值范围为1450，变阻器接入电路中的电阻为50时，电路中电压表V1的示数为4V，电流表示数为0.4A；变阻器接入电路中的电阻为14时，

33、电路中电压表V1的示数为10V，电流表示数为1A。答：电阻R1的两端电压为8V；滑动变阻器R2接入电路的阻值为20；b；此时滑动变阻器的取值范围为1450，变阻器接入电路中的电阻为50时，电路中电压表V1的示数为4V，电流表示数为0.4A；变阻器接入电路中的电阻为14时，电路中电压表V1的示数为10V，电流表示数为1A。五、实验题（共18分）23（3分）“测定小灯泡的电功率”的实验原理是PUI，在连接电路过程中，电键应该处于断开状态，电压表应与被测小灯泡并联连接。【解答】解：测定小灯泡的电功率”的实验原理是PUI，在连接电路过程中，电键应该处于断开状态，电压表应与被测小灯泡并联连接。故答案为：

34、PUI； 断开； 并。24（3分）在“验证阿基米德原理”实验中，需要验证浸在液体中的物体受到的浮力与它排开液体受到的重力大小是否相等，实验还需要不同的固体和液体进行多次验证（选填“相同”或“不同”）【解答】解：在“验证阿基米德原理”实验中，需要验证浸在液体中的物体受到的浮力与它排开液体受到的重力大小是否相等；为了得出普遍规律，实验还需要不同的固体和液体进行多次验证。故答案为：浮力；重力；不同。25（10分）甲、乙、丙三个小组同学发现如图（a）所示的驳船底部设计得比较宽大。于是，他们想“探究驳船的底部到液面的深度与哪些因素有关”。实验时，他们用圆柱体来模拟驳船，并选取了密度不同的三种液体来模拟不

35、同密度的水域，将质量和底面积大小不同的圆柱体分别放入液体中，每次都使圆柱体漂浮在液面上，如图（b）所示。实验过程中，他们测量了所用圆柱体的质量m、底面积S和它的底部到液面的深度h，所有数据均记录在下表中。序号小组容器中液体的密度（103千克/米3）圆柱体的质量m （千克）圆柱体的底面积S（102米2）深度h（米）1甲0.80.060.050.1520.80.120.060.2530.80.120.050.304乙1.00.120.060.2051.00.250.100.2561.00.300.100.307丙1.20.120.100.1081.20.120.050.2091.20.300.10

36、0.25分析比较实验序号1与3（或5与6或7与9）的实验数据及相关条件，他们归纳得出的初步结论是：漂浮在液面上的圆柱体，圆柱体底面积S和液体密度相同时，圆柱体底面积相同，质量m越大，圆柱体底部到液面的深度h越大。分析比较实验序号2与3（或7与8）的实验数据及相关条件，他们归纳得出的初步结论是：漂浮在液面上的圆柱体，圆柱体质量m和液体密度相同时，圆柱体的底面积S越小，圆柱体底部到液面的深度h越大。分析比较实验序号2与4（或3与8或6与9）的实验数据及相关条件，他们归纳得出的初步结论是：漂浮在液面上的圆柱体，圆柱体的质量m和底面积S相同，液体密度越大，圆柱体的底部到液面的深度h越小。三个小组的同学

37、对表格中的数据计算之后，进一步综合归纳结论，a分析比较实验数据2、5与9或3与6或4与8可归纳得出的结论是：漂浮在液面上的圆柱体，圆柱体质量m与圆柱体底面积S和液体密度乘积的比值相同，圆柱体的底部到液面的深度h相同。b分析比较实验数据2、5与9和3与6和4与8可归纳得出的结论是：漂浮在液面上的圆柱体，圆柱体质量m与圆柱体底面积S和液体密度乘积的比值越大，圆柱体的底部到液面的深度h越大。通过上述研究的过程，同学们明白了驳船载重小并且底部设计比较宽大，主要是为了减少驳船底部到液面的深度，避免搁浅的发生。【解答】解：分析比较实验序号1与3（或5与6或7与9）的实验数据及相关条件知：圆柱体底面积相同，

38、质量m不同，且质量越大，圆柱体底部到液面的深度h越大；故得出的结论是：圆柱体底面积相同，质量m越大，圆柱体底部到液面的深度h越大。分析比较实验序号2与3（或7与8）的实验数据及相关条件知，圆柱体质量m和体液密度都相同，圆柱体的底面积S不同，且S越小，圆柱体底部到液面的深度h越大，故他们归纳得出的初步结论是：漂浮在液面上的圆柱体，圆柱体质量m和体液密度相同时，圆柱体的底面积S越小，圆柱体底部到液面的深度h越大。研究圆柱体的底部到液面的深度h与液体密度的关系时，要控制圆柱体的质量和圆柱体的底面积相同，只改变液体的密度，故分析比较2 与 4（或 3 与 8 或 6 与 9）实验序号的实验数据及相关条

39、件，他们归纳得出的初步结论是：漂浮在液面上的圆柱体，圆柱体的质量m和底面积S相同，液体密度越大，圆柱体的底部到液面的深度h越小。a、三个小组的同学对表格中的数据计算之后，进一步综合归纳结论，a实验2中有：0.25 m；实验5中有：0.25m；实验9中有：0.25m；2、5、9实验液面的深度h均为0.25m，即圆柱体质量m与圆柱体底面积S和液体密度乘积的比值相同，同理，3与6或4与8圆柱体质量m与圆柱体底面积S和液体密度乘积的比值分别为0.3m和0.2m，即圆柱体的底部到液面的深度h相同；分析比较实验数据2、5与9或3与6或4与8可归纳得出的结论是：漂浮在液面上的圆柱体，圆柱体质量m与圆柱体底面

40、积S和液体密度乘积的比值相，圆柱体的底部到液面的深度h相同；b、而2、5、9圆柱体质量m与圆柱体底面积S和液体密度乘积的比值0.25m，2、5、9实验液面的深度h均为0.25m；3与6或4与8圆柱体质量m与圆柱体底面积S和液体密度乘积的比值分别为0.3m和0.2m，而3与6或4与8实验液面的深度h分别为为0.30m和0.20m，因0.3m0.25m0.2m，0.30m0.25m0.20m，故得出的结论是：圆柱体质量 m 与圆柱体底面积 S 和液体密度乘积的比值越大，圆柱体的底部到液面的深度h越大；因圆柱体质量 m 与圆柱体底面积 S 和液体密度乘积的比值越大（小），圆柱体的底部到液面的深度h越

41、大（小），故驳船载重小并且底部设计比较宽大，主要是为了减少驳船底部到液面的深度，避免搁浅的发生。故答案为：圆柱体底面积相同，质量m越大，圆柱体底部到液面的深度h越大；圆柱体质量m和液体密度相同时，圆柱体的底面积S越小，圆柱体底部到液面的深度h越大2 与 4（或 3 与 8 或 6 与 9）；a圆柱体质量m与圆柱体底面积S和液体密度乘积的比值相同；b圆柱体质量 m 与圆柱体底面积 S 和液体密度乘积的比值越大，圆柱体的底部到液面的深度h越大驳船底部到液面的深度。26（19分）小华在做“用电流表、电压表测电阻”实验的过程中，电源电压保持不变，实验器材齐全且完好。他将待测电阻和滑动变阻器串联接在电路

42、中，闭合电键时，发现电流表、电压表的示数分别如图所示，移动滑片P，电流表、电压表示数均不变。请指出他电路连接中可能存在的问题。将电压表串联在电路中了（写出一种情况即可）实验序号电压Ux（伏）电流Ix（安）电阻Rx（欧）电阻平均值（欧）10.12230.58发现问题后，他重新正确连接电路，实验步骤正确。闭合电键时，电压表示数为0.6伏；在移动变阻器滑片的过程中，电流表示数的变化范围为0.120.58安。当移动变阻器滑片到某个位置时，电流表和电压表的指针恰好同时指向刻度盘的正中央。小华实验所用滑动变阻器的最大阻值为20欧。请根据小华的实验情况，完成表格中的实验数据记录和计算。（电阻计算精确到0.1

43、欧）。【解答】解：由题意，他将待测电阻和滑动变阻器串联接在电路中，闭合电键时，发现电流表、电压表的示数分别如图所示，图中电流表没有示数，电路可能断路，电压表有数，说明电压表与电源连接测电源电压，故移动滑片P，电流表、电压表示数均不变，他电路连接中可能存在的问题：将电压表串联在电路中；发现问题后，他重新正确连接电路，实验步骤正确，即变阻器连入电路中的电阻最大，闭合电键时，电压表示数为U10.6V，此时电路中的电流最小为I10.12A；当变阻器连入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，I30.58A；当移动变阻器滑片到某个位置时，电流表指针恰好同时指向刻度盘的正中央，由左图知，电流表选用小量程，此时电流为：I20.6A0.3A，因2.5，因U10.6V，根据UIR，电阻不变时，电压与电流成正比，故U3约为2.50.6V1.5V，根据电压表指针恰好同时指向刻度盘的正中央，故电压表选用小量程，由知，电源电压：U3V，根据串联电路的规律及欧姆定律，变阻