大学物理简明教程课后习题及答案.pdf

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1、习题一1-1 I I与有无不同?和有无不同？和有无不同?其不同在哪里?试举例说明.解：（1）是位移的模，是位矢的模的增量，即，；（2）是速度的模，即.只是速度在径向上的分量.有（式中叫做单位矢），则式中就是速度径向上的分量，不同如题1-1图所示.题1-1图（3）表示加速度的模，即，是加速度在切向上的分量.有表轨道节线方向单位矢），所以式中就是加速度的切向分量.（的运算较复杂，超出教材规定，故不予讨论）1-2设质点的运动方程为=（）,=0,在计算质点的速度和加速度时，有人先求出r=,然后根据=及=你认为两种方法哪一种正确？为什么？两者差别何在？解：后一种方法正确.因为速度与加速度都是矢量，在平面

2、直角坐标系中，有，故它们的模即为而前一种方法的错误可能有两点，其一是概念上的错误，即误把速度、加速度定义作其二，可能是将误作速度与加速度的模。在1T题中已说明不是速度的模，而只是速度在径向上的分量，同样，也不是加速度的模，它只是加速度在径向分量中的一部分。或者概括性地说，前一种方法只考虑了位矢在径向（即量值）方面随时间的变化率，而没有考虑位矢及速度的方向随间的变化率对速度、加速度的贡献。1-3 一质点在平面上运动，运动方程为=3+5,=2+3-4,式 中 以s计，以m计.（1）以时间为变量，写出质点位置矢量的表示式；（2）求出=1 s时刻和=2s时刻的位置矢量，计算这1秒内质点的位移；计 算=

3、0s时刻到=4s时刻内的平均速度；（4）求出质点速度矢量表示式，计算=4 s时质点的速度；（5）计算=0s到=4s内质点的平均加速度；（6）求出质点加速度矢量的表示式，计算=4s时质点的加速度（请把位置矢量、位移、平均速度、瞬时速度、平均加速度、瞬时加速度都表示成直角坐标系中的矢量式）解：（1）（2）将,代入上式即有(3)V(4)则(5)(6)这说明该点只有方向的加速度，且为恒量。1-4 在离水面高h 米的岸上，有人用绳子拉船靠岸，船在离岸S处，如题卜4图所示.当人以(m )的速率收绳时，试求船运动的速度和加速度的大小.图 1_4解：设人到船之间绳的长度为，此时绳与水面成角，由图可知将上式对时

4、间求导，得题 1-4 图根据速度的定义，并注意到,是随减少的，即或将再对求导，即得船的加速度1-5 质点沿轴运动，其加速度和位置的关系为=2+6,的单位为，的单位为m.质点在=0处，速度为1 0,试求质点在任何坐标处的速度值.解：；分离变量：两边积分得由题知，时，1-6已知一质点作直线运动，其加速度为=4+3,开始运动时，=5 m =0,求该质点在=1 0 s 时的速度和位置.解：分离变量，得积分，得由题知，二故又因为分离变量，积分得由 题 知，故所以时1-7 一质点沿半径为1 m的圆周运动，运 动 方 程 为=2+3,式中以弧度计，以秒计，求：(1)=2 s (2)当加速度的方向和半径成4

5、5 角时，其角位移是多少？解：时,(2)当加速度方向与半径成角时，有即 亦即则解得 于是角位移为8质点沿半径为的圆周按=的规律运动，式中为质点离圆周上某点的弧长,，都是常量，求：(1)时刻质点的加速度；(2)为何值时，加速度在数值上等于.解：则加速度与半径的夹角为由题意应有叩.当时，1-9 以初速度=2 0抛出一小球，抛出方向与水平面成幔60。的夹角,求：(1)球轨道最高点的曲率半径；(2)落地处的曲率半径.(提示：利用曲率半径与法向加速度之间的关系)解：设小球所作抛物线轨道如题1-10图所示.题 1-9图(1)在最高点，又：(2)在落地点，而，1 T 0 飞轮半径为0.4 m =rad ,求

6、=2 s 时边缘上各点的解：当时,则1-11 一船以速率=30km E 沿直线向东行驶，另一小艇在其前方以速率=40kmh-沿直线向北行驶，问在船上看小艇的速度为何?在艇上看船的速度又为何？解：(1)大船看小艇，则有，依题意作速度矢量图如题1 T 3 图(a)题 1-11图由图可知方向北偏西(2)小船看大船，则有，依题意作出速度矢量图如题1 7 3 图(b),同上法，得方向南偏东习题二2-1 一个质量为的质点，在光滑的固定斜面(倾角为)上以初速度运动，的方向与斜面底边解：物体置于斜面上受到重力，斜面支持力.建立坐标：取方向为轴，平行斜面与轴垂直方向为轴.如图2-2.题 2-1 图方向：方向：时

7、由、式消去，得2-2质量为1 6 kg的质点在平面内运动，受一恒力作用，力的分量为=6 N,=-7 N,当=0 时，0,=-2 m s ,=0.求当=2 s (1)位矢；(2)速解：(1)于是质点在时的速度(2)2-3 质点在流体中作直线运动，受与速度成正比的阻力(为常数)作用，=0时质点的速度为,证明(1)时刻的速度为=；(2)由 0 到的时间内经过的距离为=();(3)停止运动前经过的距离为；(4)证明当时速度减至的，式中加为质点的质量.答：分离变量，得即(2)(3)质点停止运动时速度为零，即 t-8,故有(4)当土=时，其速度为即速度减至的.2-4 一质量为的质点以与地的仰角=3 0。的

8、初速从地面抛出，若忽略空气阻力，求质点落地时相对抛射时的动量的增量.解：依题意作出示意图如题2-6 图题2-4图在忽略空气阻力情况下，抛体落地瞬时的末速度大小与初速度大小相同，与轨道相切斜向下,而抛物线具有对轴对称性，故末速度与轴夹角亦为，则动量的增量为由矢量图知，动量增量大小为，方向竖直向下.2-5 作用在质量为1 0 k g 的物体上的力为N,式中的单位是s,(1)求 4 s 后，这物体的动量和速度的变化，以及力给予物体的冲量.(2)为了使这力的冲量为2 00 N s,该力应在这物体上作用多久，试就一原来静止的物体和一个具有初速度s 的物体，回答这两个问题.解：(1)若物体原来静止，则，沿

9、轴正向，若物体原来具有初速，则于是同理，这说明，只要力函数不变，作用时间相同，则不管物体有无初动量，也不管初动量有多大，那么物体获得的动量的增量(亦即冲量)就一定相同，这就是动量定理.(2)同上理，两种情况中的作用时间相同，即亦即解得，（舍去）2-6 一颗子弹由枪口射出时速率为，当子弹在枪筒内被加速时，它所受的合力为 F=（）N（为常数），其中以秒为单位：（1）假设子弹运行到枪口处合力刚好为零，试计算子弹走完枪筒全长所需时间；（2）求子弹所受的冲量.（3）求子弹的质量.解：（1）由题意，子弹到枪口时，有得（2）子弹所受的冲量将代入，得（3）由动量定理可求得子弹的质量2-7 设.（1）当一质点从

10、原点运动到时，求所作的功.（2）如果质点到处时需，试求平均功率.（3）如果质点的质量为1 kg,试求动能的变化.解：（1）由题知，为恒力，（2）（3）由动能定理，2-8 如题2T8图所示，一物体质量为兼g,以初速度=3 m s 从斜面点处下滑，它与斜面的摩擦力为8 N,到达点后压缩弹簧2 0 c m 后停止，然后又被弹回，求弹簧的劲度系数和物体最后能回到的高度.解：取木块压缩弹簧至最短处的位置为重力势能零点，弹簧原长处为弹性势能零点。则由功能原理，有式中，再代入有关数据，解得题 2-8 图再次运用功能原理，求木块弹回的高度代入有关数据，得，则木块弹回高度2-9 一个小球与一质量相等的静止小球发

11、生非对心弹性碰撞，试证碰后两小球的运动方向证：两小球碰撞过程中，机械能守恒，有即 题 2-9图（a）题 2-9图（b）又碰撞过程中，动量守恒，即有亦即 由可作出矢量三角形如图（b）,又由式可知三矢量之间满足勾股定理，且以为斜边，故知与是互相垂直的.2 T 0 质量为的质点位于（）处，速度为，质点受到一个沿负方向的力的作用，求相对于坐标原点的角动量以及作用于质点上的力的力矩.解：由题知，质点的位矢为作用在质点上的力为所以，质点对原点的角动量为作用在质点上的力的力矩为2-1 1 哈雷彗星绕太阳运动的轨道是一个椭圆.它离太阳最近距离为=X 10%时的速率是=X 1 01 s它离太阳最远时的速率是=X

12、 1 0、s?(太阳位于椭圆的一个焦点。)解：哈雷彗星绕太阳运动时受到太阳的引力一一即有心力的作用，所以角动量守恒；又由于哈雷彗星在近日点及远日点时的速度都与轨道半径垂直，故有2T2物体质量为3 kg,=0 时位于，如一恒力作用在物体上，求 3 秒后，(1)物体动量的变化；(2)相对轴角动量的变化.解：解 即，即解(二)V题 2-1 2 图2 T 3 飞轮的质量=6 0 kg,半径=,绕其水平中心轴转动，转速为90 0 r e v m i r f .现利用一制动的闸杆，在闸杆的一端加一竖直方向的制动力，可使飞轮减速.已知闸杆的尺寸如题2-2 5 图所示，闸瓦与飞轮之间的摩擦系数=，飞轮的转动惯

13、量可按匀质圆盘计算.试求：(D 设=1 0 0 N,问可使飞轮在多长时间内停止转动?在这段时间里飞轮转了几转？(2)如果在2 s 内飞轮转速减少一半，需加多大的力？解：(D 先作闸杆和飞轮的受力分析图(如图(b).图中、是正压力，、是摩擦力，和是杆在点转轴处所受支承力，是轮的重力，是轮在轴处所受支承力.题 2-1 3 图(a)题 2-1 3 图(b)杆处于静止状态，所以对点的合力矩应为零，设闸瓦厚度不计，则有对飞轮，按转动定律有，式中负号表示与角速度方向相反.又丫以等代入上式，得由此可算出自施加制动闸开始到飞轮停止转动的时间为这段时间内飞轮的角位移为可知在这段时间里，飞轮转了转.(2),要求飞

14、轮转速在内减少一半，可知用上面式(1)所示的关系，可求出所需的制动力为2-1 4 固定在一起的两个同轴均匀圆柱体可绕其光滑的水平对称轴转动.设大小圆柱体的半径分别为和，质量分别为和.绕在两柱体上的细绳分别与物体和相连，和则挂在圆柱体的两侧，如题2-2 6图所示.设=,=,=4 k g,=1 0 k g,=2 k g,且开始时，离地均为=2 m.求:(1)柱体转动时的角加速度；(2)两侧细绳的张力.解：设，和 B分别为，和柱体的加速度及角加速度，方向如图(如图b).题 2 74(a)图 题 2 74(b)图(1),和柱体的运动方程如下：式中而由上式求得由式由式2-1 5 如题2T5图所示，一匀质

15、细杆质量为，长为，可绕过一端的水平轴自由转动，杆于水平位置由静止开始摆下.求：初始时刻的角加速度；(2)杆转过角时的角速度.解：(1)由转动定律，有(2)由机械能守恒定律，有题 2T5图习题三3-1 气体在平衡态时有何特征?气体的平衡态与力学中的平衡态有何不同？答：气体在平衡态时，系统与外界在宏观上无能量和物质的交换；系统的宏观性质不随时间变化.力学平衡态与热力学平衡态不同.当系统处于热平衡态时,组成系统的大量粒子仍在不停地、无规则地运动着，大量粒子运动的平均效果不变，这是一种动态平衡.而个别粒子所受合外力可以不为零.而力学平衡态时，物体保持静止或匀速直线运动，所受合外力为零.3-2 气体动理

16、论的研究对象是什么?理想气体的宏观模型和微观模型各如何？答：气体动理论的研究对象是大量微观粒子组成的系统.是从物质的微观结构和分子运动论出发，运用力学规律，通过统计平均的办法，求出热运动的宏观结果，再由实验确认的方法.从宏观看，在温度不太低，压强不大时，实际气体都可近似地当作理想气体来处理，压强越低，温度越高，这种近似的准确度越高.理想气体的微观模型是把分子看成弹性的自由运动的质点.3-3温度概念的适用条件是什么？温度微观本质是什么？答：温度是大量分子无规则热运动的集体表现，是一个统计概念，对个别分子无意义.温度微观本质是分子平均平动动能的量度.3-4 计算下列一组粒子平均速率和方均根速率？2

17、 14682解：平均速率方均根速率3-5 速率分布函数的物理意义是什么？试说明下列各量的物理意义(为分子数密度，为系统总分子数).(1)(2)(3)(4)(5)(6)解:：表示一定质量的气体，在温度为的平衡态时，分布在速率附近单位速率区间内的分子数占总分子数的百分比.0 ：表示分布在速率附近，速率区间内的分子数占总分子数的百分比.0 ：表示分布在速率附近、速率区间内的分子数密度.0 ：表示分布在速率附近、速率区间内的分子数.0：表示分布在区间内的分子数占总分子数的百分比.0：表示分布在的速率区间内所有分子，其与总分子数的比值是.():表示分布在区间内的分子数.3-6题 3-6 图(a)是氢和氧

18、在同一温度下的两条麦克斯韦速率分布曲线，哪一条代表氢?题3-6 图(b)是某种气体在不同温度下的两条麦克斯韦速率分布曲线，哪一条的温度较高？答：图(a)中()表示氧，()表示氢；图(b)中()温度高.题 3-6 图3-7 试说明下列各量的物理意义.(1)(2)(3)(4)(5)(6)解：()在平衡态下，分子热运动能量平均地分配在分子每一个自由度上的能量均为T.()在平衡态下，分子平均平动动能均为.()在平衡态下，自由度为的分子平均总能量均为.()由质量为，摩尔质量为，自由度为的分子组成的系统的内能为.(5)摩尔自由度为的分子组成的系统内能为.(6)摩尔自由度为的分子组成的系统的内能，或者说热力

19、学体系内，1 摩尔分子的平均平动动能之总和为.3-8有一水银气压计，当水银柱为0.7 6 m 高时，管顶离水银柱液面0.1 2 m,管的截面积为X I O m2,当有少量氢(H e)混入水银管内顶部，水银柱高下降为O.6 m,此时温度为2 7 ,试计算有多少质量氧气在管顶(H e 的摩尔质量为0.0 0 4 k g m o l1)?解：由理想气体状态方程得汞的重度氮气的压强氯气的体积3-9 设有个粒子的系统，其速率分布如题6T8图所示.求(1)分布函数的表达式；(2)与之间的关系；(3)速度在到之间的粒子数.(4)粒子的平均速率.(5)到 1 区间内粒子平均速率.题 3-9 图解：(1)从图上

20、可得分布函数表达式满足归一化条件，但这里纵坐标是而不是故曲线下的总面积为,(2)由归一化条件可得(3)(4)个粒子平均速率(5)到区间内粒子平均速率到区间内粒子数3-1 0 试计算理想气体分子热运动速率的大小介于与之间的分子数占总分子数的百分比.解：令，则麦克斯韦速率分布函数可表示为因为，由得3-1 1 I m o l 氢气，在温度为2 7 时，它的平动动能、转动动能和内能各是多少？解：理想气体分子的能量平动动能转动动能内能 J3-1 2 一真空管的真空度约为X l O -P a(即X l o Z m l l g),试 求在2 7 时单位体积中的分子数及分子的平均自由程(设分子的有效直径d=3

21、 X 1 0 1 0 m).解：由气体状态方程得由平均自由程公式3-1 3(1)求氮气在标准状态下的平均碰撞频率；(2)若温度不变，气压降到X I O P a,平均碰撞频率又为多少(设分子有效直径1 0 m)?解：(1)碰撞频率公式对于理想气体有，叩所以有而氮气在标准状态下的平均碰撞频率气压下降后的平均碰撞频率3T 4 I m o l 氧气从初态出发，经过等容升压过程，压强增大为原来的2倍，然后又经过等温膨胀过程，体积增大为原来的2倍，求末态与初态之间(1)气体分子方均根速率之比；(2)分子平均自由程之比.解：由气体状态方程及方均根速率公式对于理想气体，即所以有习题四4-1 下列表述是否正确?

22、为什么？并将错误更正.(1)(2)(3)(4)解：(1)不正确，(2)不正确,(3)不正确，(4)不正确,4-2用热力学第一定律和第二定律分别证明，在图上一绝热线与一等温线不能有两个交点.题 4-2 图解：1.由热力学第一定律有若有两个交点和，则经等温过程有经绝热过程从上得出，这与，两点的内能变化应该相同矛盾.2.若两条曲线有两个交点，则组成闭合曲线而构成了一循环过程，这循环过程只有吸热，无放热，且对外做正功，热机效率为，违背了热力学第二定律.4-3 一循环过程如题4-3图所示，试指出：(1)各是什么过程；(2)画出对应的图：(3)该循环是否是正循环？(4)该循环作的功是否等于直角三角形面积？

23、(5)用图中的热量表述其热机效率或致冷系数.解：(D是等体过程过程：从图知有，为斜率由 得故过程为等压过程是等温过程 图 如 题 4-3 图题 4-3 图(3)该循环是逆循环(4)该循环作的功不等于直角三角形面积，因为直角三角形不是图中的图形.(5)题 4-3图 题 4-4图4-4两个卡诺循环如题4-4图所示，它们的循环面积相等，试问：(1)它们吸热和放热的差值是否相同；(2)对外作的净功是否相等；(3)效率是否相同？答：由于卡诺循环曲线所包围的面积相等，系统对外所作的净功相等，也就是吸热和放热的差值相等.但吸热和放热的多少不一定相等，效率也就不相同.4-5 根据及，这是否说明可逆过程的嫡变大

24、于不可逆过程嫡变?为什么？说明理由.答:这不能说明可逆过程的燧变大于不可逆过程燧变，焙是状态函数，燧变只与初末状态有关，如果可逆过程和不可逆过程初末状态相同，具有相同的婚变.只能说在不可逆过程中，系统的热温比之和小于嫡变.4-6 如题4-6图所示，一系统由状态沿到达状态b 的过程中，有 350 J热量传入系统，而系统作功1 2 6 J.(1)若沿时，系统作功42 J,问有多少热量传入系统？(2)若系统由状态沿曲线返回状态时，外界对系统作功为8 4 J,试问系统是吸热还是放热?热量传递是多少？题 4-6图解：由过程可求出态和态的内能之差过程，系统作功系统吸收热量过程，外界对系统作功系统放热4-7

25、 1 m ol 单原子理想气体从3 0 0 K 加热到3 5 0 K,问在下列两过程中吸收了多少热量?增加了多少内能?对外作了多少功？(1)体积保持不变；(2)压力保持不变.解：(1)等体过程由热力学第一定律得吸热对外作功(2)等压过程吸热内能增加对外作功4-8 m，氮气在温度为3 0 0 K时，由 MPa(即 1 a t m)压缩到1 0 MPa.试分别求氮气经等温及绝热压缩后的(1)体积；(2)温度；(3)各过程对外所作的功.解：(1)等温压缩由求得体积对外作功(2)绝热压缩由绝热方程由绝热方程得热力学第一定律,所以4-9 1 m ol 的理想气体的T-V 图如题4-9 图所示，为直线，延

26、长线通过原点0.求过程气体对外做的功.题 4-9 图解：设由图可求得直线的斜率为得过程方程由状态方程得过程气体对外作功4-1 0 一卡诺热机在1 0 0 0 K 和 3 0 0 K的两热源之间工作，试计算(1)热机效率；(2)套低温热源不变，要使热机效率提高到80%,则高温热源温度需提高多少?(3)若高温热源不变，要使热机效率提高到80%,则低温热源温度需降低多少?解：(1)卡诺热机效率(2)低温热源温度不变时，若要 求 K,高温热源温度需提高(3)高温热源温度不变时，若要 求 K,低温热源温度需降低4-11如题4-1 1 图所示是一理想气体所经历的循环过程，其中和是等压过程，和为绝热过程，已

27、知点和点的温度分别为和.求此循环效率.这是卡诺循环吗？题 4-1 1 图解：(1)热机效率等压过程吸热等压过程放热根据绝热过程方程得到绝热过程绝热过程又(2)不是卡诺循环，因为不是工作在两个恒定的热源之间.4-1 2 (1)用一卡诺循环的致冷机从7的热源中提取1 0 0 0 J的热量传向2 7 c 的热源，需要多少功？从T 73 向 2 7呢？(2)可逆的卡诺机，作热机使用时，如果工作的两热源的温度差愈大，则对于作功就愈有利.当作致冷机使用时，如果两热源的温度差愈大，对于致冷是否也愈有利?为什么？解：(1)卡诺循环的致冷机时，需作功时，需作功(2)从上面计算可看到，当高温热源温度一定时，低温热

28、源温度越低，温度差愈大，提取同样的热量，则所需作功也越多，对致冷是不利的.4-1 3 如 题 4-1 3 图所示，1 m ol 双原子分子理想气体，从初态经历三种不同的过程到达末态.图 中 1-2 为等温线，1-4 为绝热线，4-2为等压线，1-3 为等压线，3-2 为等体线.试分别沿这三种过程计算气体的嫡变.题 4-1 3 图解：嫡变等温过程，燧变等压过程等体过程在等温过程中所以焙变绝热过程在等温过程中4-1 4 有两个相同体积的容器，分别装有1 m ol 的水，初始温度分别为和，,令其进行接触，最后达到相同温度.求燧的变化，(设水的摩尔热容为).解：两个容器中的总病变因为是两个相同体积的容

29、器，故得4-1 5 把 0 的的冰块加热到它全部溶化成的水，问：(1)水的嫡变如何？(2)若热源是温度为2 0 的庞大物体，那么热源的燧变化多大?(3)水和热源的总端变多大?增加还是减少？(水的熔解热)解：(1)水的烯变(2)热源的燃变(3)总焙变埔增加习题五5-1 电量都是的三个点电荷，分别放在正三角形的三个顶点.试问：(1)在这三角形的中心放一个什么样的电荷，就可以使这四个电荷都达到平衡(即每个电荷受其他三个电荷的库仑力之和都为零)?(2)这种平衡与三角形的边长有无关系？解：如题8-1 图示(1)以处点电荷为研究对象，由力平衡知：为负电荷解得(2)与三角形边长无关.题 5 T图题 5-2

30、图5-2 两小球的质量都是，都用长为的细绳挂在同一点，它们带有相同电量，静止时两线夹角为 2,如题5-2解：如题8-2 图示解得5-3在真空中有，两平行板，相对距离为，板面积为，其带电量分别为+和 则 这 两 板 之 间有相互作用力，有人说=，又有人说，因 为 所 以=.试问这两种说法对吗?为什么？到底应等于多少？解：题中的两种说法均不对.第一种说法中把两带电板视为点电荷是不对的，第二种说法把合场强看成是一个带电板在另一带电板处的场强也是不对的.正确解答应为一个板的电场为，另一板受它的作用力，这是两板间相互作用的电场力.5-4 长=A B 上均匀地分布着线密度=m 在导线的延长线上与导线B 端

31、相距=处点的场强；(2)在导线的垂直平分线上与导线中点相距=处点的场强.解：如题5-4-图所示题 5-4图(1)在带电直线上取线元，其上电量在点产生场强为用，代入得方向水平向右(2)方向如题8-6 图所示由于对称性，即只有分量，以，代入得,方向沿轴正向5-5(1)点电荷位于一边长为a 的立方体中心，试求在该点电荷电场中穿过立方体的一个面的电通量；(2)如果该场源点电荷移动到该立方体的一个顶点上，这时穿过立方体各面的电通量是多少?*(3)如题5-5(3)图所示，在点电荷的电场中取半径为R的圆平面.在该平面轴线上的点处，求：通过圆平面的电通量.()解：(1)由高斯定理立方体六个面，当在立方体中心时

32、，每个面上电通量相等各面电通量.(2)电荷在顶点时，将立方体延伸为边长的立方体，使处于边长的立方体中心，则边长的正方形上电通量对于边长的正方形，如果它不包含所在的顶点，则，如果它包含所在顶点则.如题5-5(a)图 所 示.题 5-5(3)图题 5-5(a)图 题 5-5(b)图 题 5-5(c)图(3).通过半径为的圆平面的电通量等于通过半径为的球冠面的电通量，球冠面积*关于球冠面积的计算：见题8-9 (c)图5-6 均匀带电球壳内半径6 c m,外半径1 0 c m,电荷体密度为2 X C m 求距球心5c m,8 c m ,1 2 c m各点的场强.解：高斯定理，当时，时，,方向沿半径向外

33、.c m 时，二 沿半径向外.5-7 半径为和()的两无限长同轴圆柱面，单位长度上分别带有电量和试求：(1)；(2);(3)处各点的场强.解：高斯定理取同轴圆柱形高斯面，侧面积则对(2)沿径向向外(3)题 5-8 图5-8解：如题8T2图示，两带电平面均匀带电，电荷面密度分别为与，两面间，面外，面外，：垂直于两平面由面指为面.题 5-9 图5-9如题5-9 图所示，在，两点处放有电量分别为+,-的点电荷，间距离为2,现将另一正解：如题8-1 6 图示5-1 0 如题5-1 0 图所示的绝缘细线上均匀分布着线密度为的正电荷,两直导线的长度和半圆解：(D 由于电荷均匀分布与对称性，和段电荷在点产生

34、的场强互相抵消，取则产生点如图，由于对称性，点场强沿轴负方向题 5-1 0 图口(2)电荷在点产生电势，以同理产生半圆环产生5-1 1 三个平行金属板，和的面积都是2 0 0 c m 2,和相距，与 相距 m m.,都接地，如题8-2 2图所示.如果使板带正电X 1 0 C,略去边缘效应，问板和板上的感应电荷各是多少？以地的电势为零，则板的电势是多少？解：如题8-2 2 图示，令板左侧面电荷面密度为，右侧面电荷面密度为题 5 T1图(1)V ,即且+得而(2)5-1 2 两个半径分别为和(V)的同心薄金属球壳，现给内球壳带电+(1)(2)*(3)解：(1)内球带电；球壳内表面带电则为，外表面带

35、电为，且均匀分布，其电势题 5-1 2 图(2)外壳接地时，外表面电荷入地，外表面不带电，内表面电荷仍为.所以球壳电势由内球与内表面产生：(3)设此时内球壳带电量为；则外壳内表面带电量为，外壳外表面带电量为(电荷守恒)，此时内球壳电势为零，且得外球壳上电势5-1 3 在半径为的金属球之外包有一层外半径为的均匀电介质球壳，介质相对介电常数为，金属球带电.试求：(1)电介质内、外的场强；(2)电介质层内、外的电势；金属球的电势.解：利用有介质时的高斯定理(1)介质内场强介质外场强(2)介质外电势介质内电势(3)金属球的电势题 5-1 4 图5-1 4 两个同轴的圆柱面，长度均为，半径分别为和(),

36、且 -,两柱面之间充有介电常数的均匀电介质.当两圆柱面分别带等量异号电荷和-时，求：(1)在半径处/,厚度为d r,长为的圆柱薄壳中任一点的电场能量密度和整个薄壳中的电场能量；(2)电介质中的总电场能量；(3)圆柱形电容器的电容.解：取半径为的同轴圆柱面则当时，(1)电场能量密度薄壳中(2)电介质中总电场能量 电 容：；题 5-1 5 图5-1 5 如题5T5图所示，=,=,=.上电压为5 0V.求：.解：电容上电量电容与并联其上电荷习题六6-1在同一磁感应线上，各点的数值是否都相等?为何不把作用于运动电荷的磁力方向定义为磁感应强度的方向？解：在同一磁感应线上，各点的数值一般不相等.因为磁场作

37、用于运动电荷的磁力方向不仅与磁感应强度的方向有关，而且与电荷速度方向有关，即磁力方向并不是唯一由磁场决定的,所以不把磁力方向定义为的方向.6-2用安培环路定理能否求有限长一段载流直导线周围的磁场？答：不能，因为有限长载流直导线周围磁场虽然有轴对称性，但不是稳恒电流，安培环路定理并不适用._ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _6-3已知磁感应强度W b m _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _蜜 6图所示.试求：(1)通过图中面的磁通量；通 过 通|他的磁通量；通过图中面的磁通量.解：如题9-6 图所示题 6_3图(1)通

38、过面积的磁通是(2)通过面积的磁通量(3)通过面积的磁通量(或日)题 6-4 图6-4如题6-4 图所示，、为长直导线，为圆心在点的一段圆弧形导线，其半径为.若通以电流，求点的磁感应强度.解：如题9-7图所示，点磁场由、三部分电流产生.其中产生产生，方向垂直向里段 产 生，方向向里；.，方向向里.6-5在真空中，有两根互相平行的无限长直导线和，相距0.1 m,通有方向相反的电流，=2 0A,=1 0A,如题9-8 图所示.，两点与导线在同一平面内.这两点与导线的距离均为5.0c m.试题 6_5图解：如题6-5 图所示，方向垂直纸面向里(2)设在外侧距离为处则解得题 6-6 图6-6 如题6-

39、6 图所示，两根导线沿半径方向引向铁环上的，两点，并在很远处与电源相连.已知圆环的粗细均匀，求环中心的磁感应强度.解：如题9-9 图所示，圆心点磁场由直电流和及两段圆弧上电流与所产生，但和在点产生的磁场为零。且产生方向纸面向外9产生方向纸面向里有6-7 设题6-7图中两导线中的电流均为8 A,对图示的三条闭合曲线,，分别写出安培环路定理等式右边电流的代数和.并讨论：(1)在各条闭合曲线上，各点的磁感应强度的大小是否相等？(2)在闭合曲线上各点的是否为零?为什么？解：(1)在各条闭合曲线上，各点的大小不相等.(2)在闭合曲线上各点不为零.只是的环路积分为零而非每点.题 6-7图6-8 一根很长的

40、同轴电缆，由一导体圆柱(半径为)和一同轴的导体圆管(内、外半径分别为,)构成，如题6-8 图所示.使用时，电流从一导体流去，从另一导体流回.设电流都是均匀地分布在导体的横截面上，求：(1)导体圆柱内(),(2)两导体之间(),(3)导体圆筒内()各点处磁感应强度的大小解：(1)(2)(3)(4)题 6-8图 题 6-9图6-9 在磁感应强度为的均匀磁场中，垂直于磁场方向的平面内有一段载流弯曲导线，电流为,如题6-9解：在曲线上取则；与夹角，不变，是均匀的.方向，向上，大小题 6-1 0 图6-1 0 如题6-1 0 图所示，在长直导线内通以电流=2 0 A,在矩形线圈中通有电流=1 0 A,与

41、线圈共面，且，都与平行.已知=9.0 c m,=2 0.0 c m,=1.0 c m(1)(2)解：(1)方向垂直向左，大小同理方向垂直向右，大小方向垂直向上，大小为方向垂直向下，大小为(2)合力方向向左，大小为合力矩线圈与导线共面6-1 1 正方形线圈，由细导线做成，边长为，共有匝，可以绕通过其相对两边中点的一个竖直轴自由转动.现在线圈中通有电流，并把线圈放在均匀的水平外磁场中，线圈对其转轴的转动惯量为.求线圈绕其平衡位置作微小振动时的振动周期.解：设微振动时线圈振动角度为()，则由转动定律即/.振动角频率周期6-1 2 一长直导线通有电流=2 0 A,旁边放一导线，其中通有电流=1 0 A

42、,且两者共面，如 6-1 2图所示.求导线所受作用力对点的力矩.解：在上取，它受力向上，大小为对点力矩方向垂直纸面向外，大小为题 6-1 2 图6-1 3 电子在=70 X 1 0 7 =3.0 c m.已知垂直于纸面向外，某时刻电子在点，速度向上，如题6T3图.(1)试画出这电子运动的轨道;(2)求这电子速度的大小；(3)求这电子的动能.题 6-1 3 图解：(1)轨迹如图：(3)题 6-1 4 图6-1 4 题 6T4图中的三条线表示三种不同磁介质的关系曲线，虚线是=关系的曲线，试指出哪一条是表示顺磁质？哪一条是表示抗磁质？哪一条是表示铁磁质？答：曲线I I 是顺磁质，曲线H I 是抗磁质

43、，曲线I 是铁磁质.6-1 5螺绕环中心周长=1 0 c m,环上线圈匝数=2 0 0 匝，线圈中通有电流=1 0 0 mA.(1)当管内是真空时，求管中心的磁场强度和磁感应强度；(2)若环内充满相对磁导率=4 2 0 0 的磁性物质，则管内的和各是多少？*(3)磁性物质中心处由导线中传导电流产生的和由磁化电流产生的 各是多少？解：(2)(3)由传导电流产生的即(1)习题七7-1 一半径=1 0 c m=的均匀磁场中.回路平面与垂直.当回路半径以恒定速率=80 c m-s 收缩时，求回路中感应电动势的大小.解：回路磁通感应电动势大小题 7-2 图7-2 如题7-2 图所示，载有电流的长直导线附

44、近，放一导体半圆环与长直导线共面，且端点的连线与长直导线垂直.半圆环的半径为，环心与导线相距.设半圆环以速度平行导线平移.求半圆环内感应电动势的大小和方向及两端的电压.解：作辅助线，则在回路中，沿方向运动时即又：所以沿方向，大小为点电势高于点电势，即题 7-3 图7-3 如题7-3 所示，在两平行载流的无限长直导线的平面内有一矩形线圈.两导线中的电流方向相反、大小相等，且电流以的变化率增大,求：(1)(2)解：以向外磁通为正则(1)(2)7-4 如题7-4 图所示，长直导线通以电流=5A,在其右方放一长方形线圈，两者共面.线圈长=0.0 6 m,宽=0.0 4 m,线圈以速度=0.0 3 m-

45、s 1 0 5m 时线圈中感应电动势的大小和方向.题 7-4 图解：、运动速度方向与磁力线平行，不产生感应电动势.产生电动势产生电动势二回路中总感应电动势方向沿顺时针.7-5长度为的金属杆以速率v在导电轨道上平行移动.己知导轨处于均匀磁场中，的方向与回路的法线成6 0 角(如题7-5 图所示)，的大小为=(为正常).设=0 时杆位于处，求：任一时刻导线回路中感应电动势的大小和方向.解：即沿方向顺时针方向.题75图7-6 一矩形导线框以恒定的加速度向右穿过一均匀磁场区，的方向如题7-6 图所示.取逆时针方向为电流正方向，画出线框中电流与时间的关系(设导线框刚进入磁场区时=0).解：如图逆时针为矩

46、形导线框正向，则进入时，；题 7-6 图(a)题 7-6 图(b)在磁场中时，；出场时，故曲线如题7-6 图(b)所示.题 7-7 图7-7 一导线长为，绕过点的垂直轴以匀角速转动，=磁感应强度平行于转轴，如 图 1 0 T 0 所示.试 求：(1)两端的电势差；(2)两端哪一点电势高？解：(1)在上取一小段则同理(2)V 即.点电势高.题 7-8 图7-8 一无限长的直导线和一正方形的线圈如题7-8 图所示放置(导线与线圈接触处绝缘).求：线圈与导线间的互感系数.解：设长直电流为，其磁场通过正方形线圈的互感磁通为题79图7-9 两根平行长直导线，横截面的半径都是，中心相距为，两导线属于同一回

47、路.设两导线内I n.解：如图7-9 图所不，取则7-1 0 两线圈顺串联后总自感为，在它们的形状和位置都不变的情况下，反串联后总自感为.试 求：它们之间的互感.解：顺串时反串联时7-11 图7-11 一矩形截面的螺绕环如题7-H 图所示，共有N(1)(2)若导线内通有电流，环内磁能为多少？解：如题7-11图示(1)通过横截面的磁通为磁链/7-12 一无限长圆柱形直导线，其截面各处的电流密度相等，总电流为.求：导线内部单位长度上所储存的磁能.解：在时取C.导线长)则7-1 3 圆柱形电容器内、外导体截面半径分别为和(),中间充满介电常数为的电介质.当两极板间的电压随时间的变化时(为常数)解：圆

48、柱形电容器电容7-1 4 试证：平行板电容器的位移电流可写成.式中为电容器的电容，是电容器两极板的电势差.如果不是平板电容器，以上关系还适用吗？解：不是平板电容器时仍成立，还适用.7 T 5 半径为=0.10m的两块圆板构成平行板电容器，放在真空中.今对电容器匀速充电，使两极板间电场的变化率为=X 103 V-m-s1.求两极板间的位移电流，并计算电容器内离两圆板中心联线()处的磁感应强度以及=处的磁感应强度.解：；取平行于极板，以两板中心联线为圆心的圆周，则当时,习题八8-1 质量为的小球与轻弹簧组成的系统，按的规律作谐振动，求：(1)振动的周期、振幅和初位相及速度与加速度的最大值；(2)最

49、大的回复力、振动能量、平均动能和平均势能，在哪些位置上动能与势能相等？(3)与两个时刻的位相差；解：(D 设谐振动的标准方程为，则知：又(2)当时，有，即(3)8-2 一个沿轴作简谐振动的弹簧振子，振幅为，周期为，其振动方程用余弦函数表示.如果时质点的状态分别是：(1);(2)过平衡位置向正向运动；(3)过处向负向运动；(4)过处向正向运动.试求出相应的初位相，并写出振动方程.解：因为将以上初值条件代入上式，使两式同时成立之值即为该条件下的初位相.故有8-3 一质量为的物体作谐振动，振幅为，周期为，当时位移为.求:(1)时，物体所在的位置及此时所受力的大小和方向；(2)由起始位置运动到处所需的

50、最短时间：(3)在处物体的总能量.解：由题已知又，时，故振动方程为(1)将代入得方向指向坐标原点，即沿轴负向.(2)由题知，时，时(3)由于谐振动中能量守恒，故在任一位置处或任一时刻的系统的总能量均为8-4有一轻弹簧，下面悬挂质量为的物体时，伸长为.用这个弹簧和一个质量为的小球构成弹簧振子，将小球由平衡位置向下拉开后，给予向上的初速度，求振动周期和振动表达式.解:而时，(设向上为正)又8-5图为两个谐振动的曲线，试分别写出其谐振动方程.题 8-5 图解：由题8-5 图(a),.时,即故由题8-5 图(b)；时，时，又故8-6有两个同方向、同频率的简谐振动，其合成振动的振幅为，位相与第一振动的位