（课标Ⅱ卷）高考生物一轮复习 专题11 基因的分离定律课件-人教版高三全册生物课件.pptx

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1、第五单元基因的传递规律专题11 基因的分离定律高考生物高考生物(课标生物专用)1.(2019课标全国,5,6分)某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株(植株甲)进行了下列四个实验。让植株甲进行自花传粉,子代出现性状分离用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代均为全缘叶用植株甲给羽裂叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶的比例为11用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶的比例为31其中能够判定植株甲为杂合子的实验是()A.或B.或C.或D.或五年高考A组 统一命题课标卷题组答案答案B若植株甲自花传粉,子代出现性状分离,可以说明全缘叶为显性性状,且甲为杂合子;用植株甲给另一全缘

2、叶植株授粉,子代均为全缘叶,可以说明甲和另一全缘叶植株至少有一个为纯合子,不能判断相对性状的显隐性,也不能确定甲是否为杂合子;用植株甲给羽裂叶植株授粉,子代性状分离比为11,杂交类型属于测交,不能判断性状的显隐性,甲可能为杂合子(全缘叶为显性性状时),也可能为纯合子(全缘叶为隐性性状时);用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶比例为31,说明甲为杂合子。故B正确,A、C、D错误。素养解读本题借助遗传学实验相关知识,考查考生对一些生物学问题进行初步探究的能力;对植株甲基因型的判断,体现了对科学探究素养中结果分析要素的考查。方法技巧方法技巧判断性状的显隐性方法一:依据显隐性性状的概念(

3、也叫杂交法)具有相对性状的亲本杂交,所有F1均表现一种性状。则F1表现出来的性状为显性性状,未表现出来的性状为隐性性状。(注:在F1数量较多情况下,才可作出这样的判断)方法二:依据性状分离现象(也可叫自交法、性状分离法)1.自交后代发生了性状分离的亲本所表现出来的性状为显性性状,未表现出来的性状为隐性性状。2.表现型相同的亲本相交,若子代出现性状分离,则亲本所表现出来的性状为显性性状,未表现出来的性状为隐性性状。3.在一个种群中,多对表现型相同的亲本相交,若子代均无性状分离,则亲本所表现出来的性状为隐性性状,未表现出来的性状为显性性状。(注:此法应强调是“在一个种群中,多对表现型相同的亲本相交

4、”,这句话隐含有随机交配之意。若是人为选定数量较少的几对表现型相同的亲本相交,则不能作出上述判断)方法三:假设推论法在运用该法判断显隐性性状时,若出现假设与事实相符的情况时,要注意对两种性状同时作假设或对同一性状作两种假设,切不可只根据一种假设得出片面的结论。但若假设与事实不相符时,则不必再作另一种假设,可直接判断。2.(2019课标全国,6,6分)假设在特定环境中,某种动物基因型为BB和Bb的受精卵均可发育成个体,基因型为bb的受精卵全部死亡。现有基因型均为Bb的该动物1000对(每对含有1个父本和1个母本),在这种环境中,若每对亲本只形成一个受精卵,则理论上该群体的子一代中BB、Bb、bb

5、个体的数目依次为()A.250、500、0B.250、500、250C.500、250、0D.750、250、0答案答案A基因型为Bb的1000对个体相互交配,产生的1000个子代的基因型有BB、Bb、bb三种,比例应为121,由于bb受精卵死亡,故子一代BB、Bb、bb个体数目依次为250、500、0,A正确。素养解读素养解读本题借助分离定律的相关知识,考查考生通过分析与综合的方法,对某些生物学问题进行推理、解释并作出正确判断的能力;试题通过考查特殊情况下的分离定律,体现了科学思维素养中的分析与推断要素。知识归纳知识归纳基因的分离定律(1)基因分离定律的实质是杂合子在产生配子的过程中等位基因

6、随同源染色体的分开而分离,分别进入不同的配子中,随配子独立地遗传给后代;(2)一对相对性状的遗传实验中,杂合子自交产生的后代的基因型及比例:显性纯合子杂合子隐性纯合子=121。3.(2017课标全国,6,6分)下列有关基因型、性状和环境的叙述,错误的是()A.两个个体的身高不相同,二者的基因型可能相同,也可能不相同B.某植物的绿色幼苗在黑暗中变成黄色,这种变化是由环境造成的C.O型血夫妇的子代都是O型血,说明该性状是由遗传因素决定的D.高茎豌豆的子代出现高茎和矮茎,说明该相对性状是由环境决定的答案答案D控制身高的基因型完全相同的两个人,可能会因营养等环境因素的差异而身高不同,反之,控制身高的基

7、因型不同的两个人,可能会由于环境因素的影响而身高相同,A正确;在黑暗的环境中,绿色幼苗由于叶绿素合成受阻而变黄,这种变化是由环境因素造成的,B正确;O型血夫妇控制血型的基因型均为ii,其后代控制血型的基因型仍为ii,表现为O型血,这是由遗传因素决定的,C正确;高茎豌豆的子代出现高茎和矮茎,主要是由遗传物质决定的,也可能是由环境影响的,D错误。素养解读素养解读本题借助影响生物性状的因素,通过实例分析的形式考查演绎与推理素养。方法技巧方法技巧本题主要考查基因型、性状、环境等遗传学概念之间的关系等,在结合“基因型+环境=性状”对各个选项进行分析时,注意各项描述个体间的异同是由基因型决定的,还是由环境

8、变化引起的。4.(2019课标全国,32,9分)玉米是一种二倍体异花传粉作物,可作为研究遗传规律的实验材料。玉米子粒的饱满与凹陷是一对相对性状,受一对等位基因控制。回答下列问题。(1)在一对等位基因控制的相对性状中,杂合子通常表现的性状是。(2)现有在自然条件下获得的一些饱满的玉米子粒和一些凹陷的玉米子粒,若要用这两种玉米子粒为材料验证分离定律,写出两种验证思路及预期结果。答案答案(1)显性性状(2)思路及预期结果两种玉米分别自交,若某些玉米自交后,子代出现31的性状分离比,则可验证分离定律。两种玉米分别自交,在子代中选择两种纯合子进行杂交,F1自交,得到F2,若F2中出现31的性状分离比,则

9、可验证分离定律。让子粒饱满的玉米和子粒凹陷的玉米杂交,如果F1都表现一种性状,则用F1自交,得到F2,若F2中出现31的性状分离比,则可验证分离定律。让子粒饱满的玉米和子粒凹陷的玉米杂交,如果F1表现两种性状,且表现为11的性状分离比,则可验证分离定律。解析解析(1)在一对等位基因控制的相对性状中,通常杂合子表现的性状是显性性状。(2)分离定律是指杂合子形成配子时,等位基因发生分离并分别进入不同的配子中。验证分离定律常采用杂合子自交法或测交法。因未知所给玉米的基因型,可采用以下方案验证分离定律。思路:两种玉米分别自交,若某玉米自交子代出现31的性状分离比,则该玉米为杂合子,通过该玉米的自交子代

10、性状分离比可验证分离定律。思路:两种玉米分别自交,若子代都未发生性状分离,说明两种玉米都为纯合子,则让两种纯合子玉米杂交,获得F1,F1自交子代中若出现31的性状分离比,即可验证分离定律。思路:两种玉米杂交,若F1只出现一种性状,则该性状为显性性状,F1为显性性状的杂合子,F1自交后代中若出现31的性状分离比,可验证分离定律。思路:两种玉米杂交,若后代出现11的性状分离比,则说明一种玉米为杂合子,另一种玉米为隐性纯合子,杂合子的测交可验证分离定律。素养解读素养解读本题借助分离定律的相关知识,考查考生理解所学知识,并能对一些生物学问题进行初步探究的能力;试题通过实验方案设计考查科学探究素养。方法

11、技巧方法技巧“两法”验证分离定律(1)自交法:若杂合子自交后代的性状分离比为31,则符合基因的分离定律,该性状由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制。(2)测交法:若测交后代的性状分离比为11,则符合基因的分离定律,该性状由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制。1.(2018天津理综,6,6分)某生物基因型为A1A2,A1和A2的表达产物N1和N2可随机组合形成二聚体蛋白,即N1N1、N1N2、N2N2三种蛋白。若该生物体内A2基因表达产物的数量是A1的2倍,则由A1和A2表达产物形成的二聚体蛋白中,N1N1型蛋白占的比例为()A.1/3B.1/4C.1/8D.1/9B组自主命题省(区、市

12、)卷题组答案答案D本题以基因的表达为载体,考查概率的计算。由题意可知,基因型为A1A2的生物体内基因的表达产物N1与N2的数量比为12,且表达产物N1与N2又可随机组合形成二聚体蛋白,因此N1与N1结合的概率为,即。2.(2018江苏单科,6,2分)一对相对性状的遗传实验中,会导致子二代不符合31性状分离比的情况是()A.显性基因相对于隐性基因为完全显性B.子一代产生的雌配子中2种类型配子数目相等,雄配子中也相等C.子一代产生的雄配子中2种类型配子活力有差异,雌配子无差异D.统计时子二代3种基因型个体的存活率相等答案答案C本题主要考查基因的分离定律。一对相对性状的遗传实验中,子二代要符合31的

13、性状分离比,需要满足的条件有显性基因对隐性基因完全显性、雌雄配子中各类型配子活力无差异以及各种基因型个体的存活率相等等条件,故A、B、D不符合题意,C符合题意。自交311212193319611516321成因正常不完全显性显性纯合致死正常基因互作一对基因显性纯合致死测交1111111111121311111规律总结规律总结杂合子自交、测交子代表现3.(2017海南单科,20,2分)遗传学上的平衡种群是指在理想状态下,基因频率和基因型频率都不再改变的大种群。某哺乳动物的平衡种群中,栗色毛和黑色毛由常染色体上的1对等位基因控制。下列叙述正确的是()A.多对黑色个体交配,每对的子代均为黑色,则说明

14、黑色为显性B.观察该种群,若新生的栗色个体多于黑色个体,则说明栗色为显性C.若该种群栗色与黑色个体的数目相等,则说明显隐性基因频率不等D.选择1对栗色个体交配,若子代全部表现为栗色,则说明栗色为隐性答案答案C多对黑色个体交配,每对的子代均为黑色,无法区分显、隐性,A错误;若隐性基因的基因频率较高时,则新生的隐性个体可多于显性个体,B错误;若种群显性个体和隐性个体数目相等,则隐性基因频率大于显性基因频率,C正确;1对栗色个体交配,若子代全部表现为栗色,则无法区分显、隐性,D错误。知识拓展知识拓展性状显、隐性的判断方法(1)不同性状亲本杂交后代只出现一种性状具有这一性状的亲本为显性纯合子。(2)相

15、同性状亲本杂交后代出现不同性状新出现的性状为隐性性状。4.(2015山东理综,6,5分)玉米的高秆(H)对矮秆(h)为显性。现有若干H基因频率不同的玉米群体,在群体足够大且没有其他因素干扰时,每个群体内随机交配一代后获得F1。各F1中基因型频率与H基因频率(p)的关系如图。下列分析错误的是()A.0p1时,亲代群体都可能只含有纯合体B.只有p=b时,亲代群体才可能只含有杂合体C.p=a时,显性纯合体在F1中所占的比例为D.p=c时,F1自交一代,子代中纯合体比例为答案答案D若亲代群体只含有纯合体HH和hh,由于基因型频率不确定,则基因频率也不确定(0pA2A1D.F1雌果蝇产生含A1或A3的卵

16、细胞的概率均为1/4答案答案B本题主要考查科学探究素养中的结果分析。染色体上同一位置的基因A1、A2和A3是互为等位基因的关系,控制羽化时间在遗传上遵循的是分离定律,A错误。因为亲本没有羽化时间为29h的,但F1中出现了羽化时间为29h的,因此亲本基因型中都含有A3基因,再根据A1、A2和A3分别控制羽化时间24h、19h和29h,则可判断亲本雄果蝇的基因型为A1A3,雌果蝇的基因型为A2A3,B正确。根据亲本的基因A1A3、A2A3可推知子代的基因型有A1A2A1A3A2A3A3A3=1111,再根据F1的羽化时间为24h19h29h=211,可以推知基因A1、A2和A3的相对显隐性关系为A

17、1A2A3,C错误。根据F1的基因型有A1A2A1A3A2A3A3A3=1111,F1雌果蝇产生含A1卵细胞的概率1/4,产生含A3的卵细胞的概率是1/2,D错误。解后反思解后反思一对基因控制的一对相对性状的遗传遵循分离定律,复等位基因控制的性状的遗传也符合分离定律,所以解答本题的关键是要确定此过程遵循分离定律,再根据分离定律确定亲本和子代的基因型,继而确定显隐性关系。3.(2019新疆适应考试,4)家鼠的灰毛和黑毛由一对等位基因控制,灰毛对黑毛为显性。现有一只灰毛雌鼠(M),为了确定M是否为纯合子(就毛色而言),让M与一只黑毛雄鼠交配,得到一窝共4个子代。不考虑变异,下列分析不合理的是()A

18、.若子代出现黑毛鼠,则M一定是杂合子B.若子代全为灰毛鼠,则M一定是纯合子C.若子代中灰毛雄鼠黑毛雌鼠=31,则M一定是杂合子D.若子代中灰毛雄鼠黑毛雌鼠=11,则M一定是杂合子答案答案B本题主要考查科学探究素养中的结果分析。灰毛对黑毛为显性。灰毛雌鼠M与一只黑毛雄鼠交配,得到一窝共4个子代。若子代出现黑毛鼠,则M一定是杂合子,A正确;因子代的数量较少,即使子代全为灰毛鼠,也不能确定M一定是纯合子,B错误;子代中出现了黑毛雌鼠,说明M必然含有控制黑毛性状的基因,因此,无论子代中灰毛雄鼠与黑毛雌鼠的比例是31,还是11,M一定是杂合子,C、D正确。规律总结规律总结性状显隐性的判断(子代数量足够多

19、)判断性状的显隐性可选择表现型不同的亲代杂交,若子代仅出现其中的一种表现型,则子代的表现型为显性性状;也可以选择表现型相同的亲代杂交,若子代出现与亲代不同的表现型,则亲代表现型为显性性状。4.(2019吉林长春实验中学阶段考,5)已知某植株的高产与低产这对相对性状受一对等位基因控制,生物兴趣小组的同学用300对亲本均分为2组进行了下表所示实验,分析错误的是()组别杂交方案杂交结果甲组高产低产高产低产=71乙组低产低产全为低产A.高产为显性性状,低产为隐性性状B.控制高产和低产的基因的碱基排列顺序不同C.甲组高产亲本中杂合个体的比例是1/3D.甲组中高产亲本个体自交产生的低产子代个体的比例为1/

20、16答案答案C本题主要考查科学思维素养中的演绎与推理。由甲组杂交结果知,高产为显性性状,A正确;不同基因间的区别在于碱基排序不同,B正确;假设高产基因由M控制,甲组的杂交子代高产低产=71,即子代中低产比例为1/8,说明亲代高产植株中杂合子比例为1/4,C错误;甲组高产亲本中MmMM=13,高产亲代自交后代中低产子代个体比例为1/41/4=1/16,D正确。5.(2019西北工大附中二模,6)某常染色体遗传病中,基因型为AA的人都患病,Aa的人有50%患病,aa的人都正常。如图两个患病家系中,已知亲代中4号与其他三人的基因型不同。下列分析判断错误的是()A.子代的4人中,能确定出基因型的只有7

21、号B.6号与7号基因型相同的概率为2/3C.若5号与7号结婚,生育患病孩子的概率为5/12D.两个家庭再生孩子患病的概率相等答案答案D本题主要考查科学思维素养中的演绎与推理。亲代4人均正常,他们的基因型不可能是AA,因4号与其他人基因型不同,因1、2号后代有患病个体,故1、2号基因型均为Aa,4号为aa,3号为Aa,5号基因型为2/3Aa、1/3aa,6号基因型为2/3Aa、1/3AA,8号基因型为1/2aa、1/2Aa,7号基因型为Aa,A正确;6号的基因型AA(1/3)、Aa(2/3),7号的基因型为Aa,所以6号与7号基因型相同的概率为2/3,B正确;5号的基因型为aa(1/3)或Aa(

22、2/3),7号的基因型为Aa,5号与7号婚配,后代患病概率=1/31/21/2Aa+2/3(1/4AA+1/21/2Aa)=5/12,C正确;1号(Aa)与2号(Aa)再生孩子患病的概率=1/4AA+1/21/2Aa=1/2,3号(Aa)与4号(aa)再生孩子患病的概率=1/21/2Aa=1/4,D错误。易错警示易错警示本题中要注意Aa患病可能性的50%,即表现正常的个体的基因型有可能是aa,也可能是Aa,患者可能是AA,也可能是Aa。6.(2019甘肃天水模拟,29)(10分)已知豌豆种子中子叶的黄色与绿色由一对等位基因Y、y控制,现用豌豆进行下列遗传实验,请分析回答:(1)用豌豆做遗传实验

23、容易取得成功的原因之一是。(2)从实验可判断这对相对性状中是显性性状。(3)实验一子代中出现黄色子叶与绿色子叶的比例为11,其主要原因是黄色子叶甲产生的配子种类及其比例为。(4)实验二黄色子叶戊的基因型为,其中能稳定遗传的占,若黄色子叶戊植株之间随机交配,所获得的子代中绿色子叶占。(5)实验一中黄色子叶丙与实验二中黄色子叶戊杂交,所获得的子代黄色子叶个体中不能稳定遗传的占。实验一实验二P黄色子叶甲绿色子叶乙F1黄色子叶丙绿色子叶11P黄色子叶丁F1黄色子叶戊绿色子叶31二、非选择题二、非选择题(共共3535分分)答案答案(除标注外,每空1分,共10分)(1)性状易于区分(2)二黄色(3)Yy=

24、11(4)YY或Yy1/31/9(2分)(5)3/5(2分)解析解析本题主要考查科学思维素养中的演绎与推理。(1)豌豆有许多稳定且易于区分的相对性状,由于豌豆是自花传粉、闭花受粉植物,自然状态下都是纯种,故其是良好的实验材料。(2)根据实验二中后代的性状分离现象可判断子叶黄色对绿色为显性。(3)据题意知,黄色子叶甲的基因型为Yy,其产生的配子种类及比例为Yy=11。(4)黄色子叶戊的基因型及比例为YY(1/3)、Yy(2/3),黄色子叶戊随机交配,由于黄色子叶戊产生y配子的概率为2/31/2=1/3,故子代绿色子叶yy比例为1/31/3=1/9。(5)黄色子叶丙(Yy)与黄色子叶戊(1/3YY

25、、2/3Yy)杂交,子代中YY所占比例为1/31/2+2/31/4=1/3,Yy占比为1/31/2+1/21/4=1/2,这两种黄色子叶中YYYy=23,故黄色子叶中不能稳定遗传的(Yy)占3/5。7.(2019陕西一模联考,8)(10分)水稻的抗病与感病为一对相对性状(由基因A、a控制),糯性与非糯性为一对相对性状(由基因B、b控制),两对性状独立遗传。请回答下列问题:(1)下列四组杂交实验中,能判断水稻的抗病与感病显隐性关系的是。抗病抗病抗病抗病抗病301抗病+110感病抗病感病抗病抗病感病98抗病+107感病A.B.C.D.(2)基因型为AaBb的水稻自交,后代中两对基因都是纯合的个体占

26、总数的,表现型为非亲代类型所占的比例是。(3)已知非糯性花粉中所含的淀粉为直链淀粉,遇碘变蓝黑色,而糯性花粉中所含的是支链淀粉,遇碘变橙红色。经碘液染色后的花粉粒可以用显微镜观察到。现有纯种糯性水稻和非糯性水稻,进行如下实验,请分析回答问题:利用纯种糯性和非糯性水稻杂交得F1。取加碘液染色,在显微镜下观察到半数花粉呈蓝黑色,半数花粉呈橙红色。出现这种现象的原因是。该实验结果验证了。如果让F1自交,产生的植株中花粉有种类型。答案答案(除标注外,每空1分,共10分)(1)B(2)1/4(2分)7/16(2分)(3)F1的花粉在减数分裂形成配子的过程中,等位基因会随同源染色体的分开而分离,分别进入两

27、个配子中(2分)基因的分离定律2解析解析本题主要考查科学探究素养中的方案设计与结果分析。(1)抗病抗病抗病,亲子代表现型相同,无法判断显隐性关系,错误;抗病抗病301抗病+110感病,后代发生了性状分离,说明抗病对感病为显性性状,正确;抗病感病抗病,后代只有一个亲本的性状,说明抗病对感病为显性性状,正确;抗病感病98抗病+107感病,为测交实验类型,无法判断显隐性关系,错误。综上所述,能判断水稻的抗病与感病显隐性关系的是。(2)基因型为AaBb的水稻自交,后代两对基因都纯合的个体占1/21/2=1/4;后代的性状分离比为9331,其中表现型为非亲代类型所占的比例是7/16。(3)利用纯种糯性和

28、非糯性水稻杂交得F1,F1基因型为Bb;依据不同淀粉遇碘液后的染色结果不同,取F1的花粉加碘液染色,在显微镜下观察到半数花粉呈蓝黑色,半数花粉呈橙红色,出现这种现象的原因是在减数分裂形成配子的过程中,等位基因会随同源染色体的分开而分离,分别进入两个配子中。该实验结果验证了基因的分离定律。如果让F1自交,产生的植株基因型及其比例为BBBbbb=121,其产生的花粉有B和b两种类型。8.(2019黑龙江齐齐哈尔模拟,31)(5分)原产于乌兹别克斯坦、土库曼斯坦、哈萨克斯坦等国的卡拉库尔羊以适应荒漠和半荒漠地区而深受牧民喜爱,卡拉库尔羊的长毛(B)对短毛(b)为显性,有角(H)对无角(h)为显性,卡

29、拉库尔羊毛色的银灰色(D)对黑色(d)为显性。三对等位基因独立遗传,请回答以下问题:(1)现将多头纯种长毛羊与短毛羊杂交,产生的F1进行雌雄个体间交配产生F2,将F2中所有短毛羊除去,让剩余的长毛羊自由交配,理论上F3中短毛个体的比例为。(2)多头不同性别的基因型均为Hh的卡拉库尔羊交配,雄性卡拉库尔羊中无角比例为1/4,但雌性卡拉库尔羊中无角比例为3/4,你能解释这种现象吗?。(3)银灰色的卡拉库尔羊皮质量非常好,牧民让银灰色的卡拉库尔羊自由交配,但发现每一代中总会出现约1/3的黑色卡拉库尔羊,其余均为银灰色,试分析产生这种现象的原因。答案答案(5分)(1)1/9(2)基因型为Hh的公羊表现

30、为有角,母羊表现为无角(3)显性纯合的卡拉库尔羊死亡(或基因型为DD的卡拉库尔羊死亡)解析解析本题主要考查科学思维素养中的演绎与推理。(1)F2个体的基因型应为1/4BB、2/4Bb、1/4bb,当除去全部短毛羊后,所有长毛羊的基因型应为1/3BB、2/3Bb,让这些长毛羊自由交配时,该群体产生两种配子的概率为:B=2/3,b=1/3,则F3中bb=1/9,B_=8/9。(2)若双亲基因型为Hh,则子代HH、Hh、hh的比例为121,基因型为HH的表现为有角,基因型为hh的表现为无角,基因型为Hh的公羊表现为有角,母羊表现为无角,故公羊中无角比例为1/4,雌羊中无角比例为3/4。(3)当出现显

31、性纯合致死时,某一性状的个体自交总出现特定的比例,即21,而非正常的31,本题中卡拉库尔羊毛色的遗传属于此类情况。9.(2019陕西榆林二模,32)(10分)已知大白菜的雄性不育(雄蕊发育异常,但雌蕊正常)受基因M(不育基因)、Mf(可育基因)、m(可育基因)控制,基因M、Mf、m位于一对常染色体同源区段的相同位点,基因间的显隐性关系为MfMm(雄性可育大白菜的雄蕊、雌蕊发育均正常)。请回答下列问题:(1)基因Mf、M、m的遗传遵循定律,原因是。(2)雄性不育大白菜的基因型有种,以杂合的雄性不育大白菜作母本和杂合的雄性可育大白菜作父本进行杂交,根据子代的表现型(填“能”或“不能”)判断出亲本的

32、基因型。(3)现将4种不同基因型的雄性可育大白菜两两杂交,后代的表现型和比例如下表所示,试推测亲本的基因型,A:B:C:D:。亲代杂交组合ABACADBCCDBD后代表现型全部可育全部可育全部可育可育不可育可育不可育全部可育比例11111311答案答案(10分)(1)分离Mf、M、m是位于一对同源染色体的相同位点上的不同基因(2)2能(3)MfMfmmMfMMfm解析解析本题主要考查科学思维素养中的演绎与推理。(1)根据基因M、Mf、m位于一对常染色体同源区段的相同位点,可知基因Mf、M、m的遗传遵循分离定律。(2)根据M、Mf、m基因间的显隐性关系为MfMm,可知雄性不育大白菜的基因型有MM

33、和Mm共2种,以杂合的雄性不育大白菜作母本(Mm)和杂合的雄性可育大白菜(MfM、Mfm)作父本进行杂交,若父本基因型为MfM,则杂交后代雄性可育与雄性不育的比为11;若父本基因型为Mfm,则杂交后代雄性可育与雄性不育的比为31,所以根据子代的表现型能判断出亲本的基因型。(3)根据C和D杂交后代出现可育不可育=31,可知亲本基因型为MfM、Mfm,又根据A无论和B、C、D杂交后代都是可育,说明A的基因型为MfMf,则B的基因型为mm,又因为B和D杂交后代均可育,说明D的基因型为Mfm,所以C的基因型应为MfM,B与C杂交后代可育与不可育的比为11。解后反思本题考查基因分离定律的实质,理解雄性不

34、育是指雄蕊发育异常,但雌蕊正常是解题的基础,能运用分离比逆推个体的基因型是解题的突破点。1.(2019辽宁朝阳模拟联考,32)某科研人员在实验室条件下,采用紫外线处理某纯合的二倍体直叶植物的种子后,将该种子送入太空,返回后将其种植得到了一株卷叶变异植株。经检测发现,该植株体细胞内某条染色体DNA上少了三对脱氧核苷酸。已知控制该植物叶形的基因(D、d位于常染色体上。请分析并回答下列问题:(1)卷叶性状的产生所属变异类型最可能是。(2)让上述卷叶变异植株自交,子代中卷叶植株为138株,直叶植株为12株。由该杂交结果可知该卷叶变异植株的基因型为。这一结果(填“符合”或“不符合”)孟德尔自交实验的性状

35、分离比。(3)针对第(2)小问中的现象,科研人员以纯合的卷叶植株和纯合的直叶植株作为亲本进行三组杂交实验,统计每组实验中母本植株的结实率,结果如下表所示:C组 20172019年高考模拟应用创新题组杂交编号亲本组合结实数/授粉的小花数结实率纯合直叶纯合卷叶16/15810%纯合卷叶纯合直叶148/15496%纯合直叶纯合直叶138/14198%由表中三组实验结果推断,该变异的产生可能导致配子的可育性大大降低。(4)科研人员欲从以上三组实验的杂交后代中选择植株作亲本进一步设计测交实验,根据测交后代性状出现的情况来验证上述推断是否正确。请完善以下实验设计:设计思路:从作父本,从作母本,进行测交,观

36、察并记录后代的性状。预期结果:若,则上述推断正确;若,则上述推断不正确。答案答案(1)基因突变(2)Dd不符合(3)卷叶雄(或D雄)(4)杂交组合或的后代中选择卷叶植株杂交组合的后代中选择直叶植株后代中出现少量的卷叶植株和大量的直叶植株(或后代中直叶植株显著多于卷叶植株)后代中卷叶植株与直叶植株的比例等于或接近11解析解析本题主要考查科学思维素养中的演绎与推理。(1)根据以上分析可知,卷叶性状的产生所属变异类型最可能为基因突变。(2)根据以上分析可知,该卷叶变异植株的基因型为Dd,根据孟德尔自交实验可知,后代的性状分离比应该为31,而实际上的比为13812=11.51。所以这一结果不符合孟德尔

37、自交实验的性状分离比。(3)根据表格分析,实验为纯合直叶母本与纯合卷叶父本杂交,后代的结实率很低,而实验纯合直叶父本与纯合卷叶母本杂交,后代的结实率很高,说明实验亲本中的变异父本产生的配子(D雄配子)的可育性大大降低,导致后代结实率较低。(4)根据以上分析可知,该变异的产生可能导致D雄配子的可育性大大降低,可以通过测交实验加以验证,即从杂交组合或的后代中选择卷叶植株(Dd)作父本,从杂交组合的后代中选择直叶植株(dd)作母本,进行测交,若后代中出现少量的卷叶植株和大量的直叶植株(或后代中直叶植株显著多于卷叶植株),则上述推断正确;若后代中卷叶植株与直叶植株的比等于或接近11,则上述推断不正确。

38、解题关键解题关键解答本题的关键是掌握基因突变、基因的分离定律等相关知识点,能够根据题干信息判断变异植株的变异类型,并能够根据后代的性状分离现象判断显隐性关系以及变异植株的基因型。2.(2019安徽合肥二质检,30)(10分)“自交系”常指单株经过连续多代自交而形成的纯合株系,常用作育种材料。香水稻自交系Y具有香味浓郁、高产等多种优良性状。(1)研究者对自交系Y进行了分子水平的深入研究,发现合成香味物质的代谢过程由酶甲催化。研究无香水稻自交系W发现,细胞中合成了该香味物质,但被酶乙催化分解。Y与W杂交,F1表现型为无香味。请从分子水平解释F1出现这种表现型的原因:。(2)香水稻自交系Y对除草剂敏

39、感。为使其获得抗除草剂的性状,育种工作者将其与抗除草剂水稻自交系K杂交并进行多轮回交选育。此处回交是子代与亲本自交系进行杂交的方法。具体育种过程如图所示。已知抗除草剂性状由显性基因A控制。Y与K杂交产生的F1表现为(填“具有”或“不具有”)抗除草剂性状。F1Fn与亲本(填“自交系K”或“自交系Y”)进行回交。多轮回交的目的是。(3)选育的主要标准是:具有抗除草剂性状;。答案答案(1)F1从亲本W获得控制酶乙合成的基因,可产生有活性的酶乙,使香味物质被分解,表现为无香味(2)具有自交系Y积累更多自交系Y的优良性状/遗传物质(3)其他性状与自交系Y相同解析解析(1)亲本W通过配子将控制乙酶合成的基因传递到F1,在该基因的控制下,F1合成了乙酶,使香味物质被分解。(2)香水稻与自交系K杂交并进行多轮回交的目的是在保留自交系Y优良性状的基础上,获得抗除草剂性状,故需用F1Fn与亲本中的自交系Y进行回交,以使子代积累更多自交系Y的优良性状。(3)(2)中选育的标准是既具有抗除草剂性状,又具有自交系Y的性状。