（山东专用）高考生物一轮复习 专题11 基因的分离定律课件-人教版高三全册生物课件.pptx

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1、第五单元 基因的传递规律专题11基因的分离定律高考生物高考生物(山东省选考专用)A A组山东省卷、课标组山东省卷、课标卷题组卷题组五年高考(2015山东理综,6,5分)玉米的高秆(H)对矮秆(h)为显性。现有若干H基因频率不同的玉米群体,在群体足够大且没有其他因素干扰时,每个群体内随机交配一代后获得F1。各F1中基因型频率与H基因频率(p)的关系如图。下列分析错误的是()A.0p1时,亲代群体都可能只含有纯合体B.只有p=b时,亲代群体才可能只含有杂合体C.p=a时,显性纯合体在F1中所占的比例为D.p=c时,F1自交一代,子代中纯合体比例为答案答案D若亲代群体只含有纯合体HH和hh,由于基因

2、型频率不确定,则基因频率也不确定(0p1),所以随机交配后均可出现如图所示现象,A正确;若亲代群体只含有杂合体,则p=1/2,B正确;H的基因频率为p,设h的基因频率为q,则F1中HH、Hh、hh的基因型频率分别为p2、2pq、q2,p=a时,hh和Hh的基因型频率相等,即2pq=q2,且p+q=1,pW1W3C.杂交亲本的基因型为W2W1W3W3D.若让F1中白色羊和黄色羊杂交,子代出现黄色羊的概率为1/2答案答案D本题通过毛绒山羊的毛色遗传考查科学思维中的演绎与推理能力。根据题意,某只白色公羊和若干只黑色母羊杂交,F1中白色黄色=11,则控制毛绒山羊毛色的基因位于常染色体上,据此可知白色公

3、羊为W2_,黑色母羊为W3_,黄色羊为W1_;假设亲本为W2aW3b,则F1为W2W3、W2b、aW3、ab,且W2_W1_=11,推知a为W1、b为W3,亲本为W2W1W3W3,显隐性关系为W2W1W3。W1、W、W3是复等位基因,在杂交过程中遵循分离定律,A正确;据分析可知,3个复等位基因的显隐关系为W2W1W3,B正确;根据分析,实验中杂交亲本的基因型为W2W1W3W3,C正确;F1中白色羊为W2W3、黄色羊为W1W3,两者杂交子代黄色羊为W1W3,概率为1/4,D错误。知识拓展知识拓展在种群中,同源染色体的相同位点上,可以存在两种以上的等位基因,遗传学上把这类等位基因称为复等位基因。5

4、.(2019山东青岛期中,17)某自花传粉植物的群体中,基因型为AA、Aa、aa的植株所占的比例分别为20%、40%、40%。已知含有基因A的花粉50%不育。若让植株群体自由传粉,下列相关叙述正确的是()A.基因型为Aa的植株产生的可育花粉的基因型只有1种B.F1中基因型为AA的植株所占的比例为1/4C.与亲代相比,F1中基因a的频率不发生变化D.F1中基因型为AA、Aa、aa的植株的比例为299答案答案D本题通过植株群体自由传粉的计算考查科学思维中的演绎与推理能力。根据题意,含有基因A的花粉50%不育,因此基因型为Aa的植株产生的可育花粉的基因型为A、a,A错误;亲本群体产生的雌配子中A=2

5、/5,a=3/5,雄配子中A=1/4,a=3/4,则F1中AA的植株所占的比例为1/10,B错误;由于含有基因A的花粉50%不育,F1中基因a的频率发生变化,C错误;亲本群体产生的雌配子中A=2/5,a=3/5,雄配子中A=1/4,a=3/4,则F1中基因型为AA、Aa、aa的植株的比例为299,D正确。解题关键解题关键根据题意,群体中基因型为AA、Aa、aa的植株所占的比例分别为20%、40%、40%,则A=40%,a=60%;但已知含有基因A的花粉50%不育,则群体产生的雄性配子中,A=25%,a=75%,据此分析。6.(2019山东济宁一模,5)水稻存在雄性不育基因:其中R(雄性可育)对

6、r(雄性不育)为显性,是存在于细胞核中的一对等位基因;N(雄性可育)与S(雄性不育)是存在于细胞质中的基因;只有细胞质和细胞核中均为雄性不育基因时,个体才表现为雄性不育。下列有关叙述正确的是()A.R、r和N、S的遗传遵循基因的自由组合定律B.水稻种群中雄性可育植株共有6种基因型C.母本S(rr)与父本N(rr)的杂交后代均为雄性不育D.母本S(rr)与父本N(Rr)的杂交后代均为雄性可育答案答案C本题通过细胞质遗传考查科学思维中的演绎与推理能力。遗传定律适用于真核生物的细胞核遗传,细胞质中基因的遗传不遵循分离定律或自由组合定律,A错误;由分析可知,只有S(rr)表现雄性不育,其他均为可育,即

7、水稻种群中雄性可育植株共有5种基因型,B错误;细胞质遗传的特点是所产生的后代细胞质基因几乎均来自母本,而细胞核遗传遵循基因的分离定律,因此母本S(rr)与父本N(rr)的杂交,后代细胞质基因为S,细胞核基因为rr,即产生的后代均为雄性不育,C正确;母本S(rr)与父本N(Rr)的杂交后代的基因型为S(Rr)、S(rr),即后代一半雄性可育,一半雄性不育,D错误。解题关键解题关键解答本题需要理解细胞质遗传。N(雄性可育)与S(雄性不育)是存在于细胞质中的基因,不符合分离定律,子代的细胞质基因来源于母本。只有细胞质和细胞核中均为雄性不育基因时,个体才表现为雄性不育。因此S(rr)表现为雄性不可育。

8、7.(2019山东师大附中二模,19)在一个基因型为AAAa=11的种群中,a使雄配子死亡,让该种群的个体间自由交配,则子代中A的基因频率为()A.1/4B.1/8C.7/8D.3/4答案答案C本题通过自由交配的相关计算考查科学思维中的演绎与推理能力。由题文“基因型为AAAa=11的种群中,a使雄配子死亡”,则该种群中AA=1/2,Aa=1/2,雌配子中A=3/4,a=1/4,雄配子中只有A,即A=1,雌雄配子随机结合,则子代中AA=3/4,Aa=1/4,子代中A的基因频率为3/4+1/21/4=7/8,故选C。解题关键解题关键解答本题需要明确基因型为AAAa=11的种群中,a使雄配子死亡,雌

9、配子中A=3/4,a=1/4,雄配子中只有A参与受精作用。8.(2019山东德州月考,16)苦瓜植株中含一对等位基因D和d,其中D基因纯合的植株不能产生卵细胞,而d基因纯合的植株花粉不能正常发育,杂合子植株完全正常。现有基因型为Dd的苦瓜植株若干作亲本,下列有关叙述错误的是()A.如果每代均自交直至F2,则F2植株中d基因的频率为1/2B.如果每代均自交直至F2,则F2植株中正常植株所占比例为1/2C.如果每代均自由交配直至F2,则F2植株中D基因的频率为1/2D.如果每代均自由交配直至F2,则F2植株中正常植株所占比例为1/2答案答案D本题通过自交与自由交配的相关计算考查科学思维中的演绎与推

10、理能力。Dd进行自交或自由交配,F1植株均为1DD、2Dd、1dd,由于DD不能产生卵细胞、dd的花粉(精子)不育,所以F1自交时DD和dd均不能产生后代,Dd自交得到的F2植株为1DD、2Dd、1dd,其中d基因的频率为1/2、正常植株Dd占1/2,A、B正确;若F1自由交配,F1产生的雌配子为1/3D、2/3d,雄配子为2/3D、1/3d,可通过棋盘法得出F2植株为2/9DD、5/9Dd、2/9dd,其中正常植株Dd占5/9,F2植株中D基因的频率为1/2,C正确,D错误。二、非选择题(共30分)9.(2019山东聊城期中,32)孔雀鱼原产于南美洲,现作为观赏鱼引入世界各国,在人工培育下,

11、孔雀鱼产生了许多品系,其中蓝尾总系包括浅蓝尾、深蓝尾和紫尾三个性状。科研人员选用深蓝尾和紫尾做杂交实验(基因用B、b表示),结果如图所示:(15分)(1)深蓝尾对紫尾是(完全显性、不完全显性),F1的基因型为,蓝尾总系遗传符合定律。(2)浅蓝尾与深蓝尾仅从颜色上不容易区分,若仅凭尾的颜色来确定某蓝尾鱼基因型,需通过实验,若表现型及比例是,则为浅蓝尾。若想从分子水平上确定某蓝尾鱼基因型,则需通过的方法来得知基因的碱基排列顺序。(3)研究发现基因家族存在一种“自私基因”,该基因可通过杀死不含该基因的配子来扭曲分离比例。若浅蓝尾B基因是一种“自私基因”,能杀死一半不含该基因的雄性配子,则F1自由交配

12、产生的后代的表现型及比例为。答案答案(1)不完全显性Bb基因分离(2)测交浅蓝尾紫尾=11基因测序(基因检测)(3)深蓝尾浅蓝尾紫尾=231解析解析本题通过孔雀鱼的杂交实验考查科学思维中的演绎与推理能力。(1)由遗传图可知,F1自由交配,产生的F2表现型及比例是深蓝尾浅蓝尾紫尾=121,所以F1基因型为Bb,F2的基因型及比例是BBBbbb=121,因此深蓝尾对紫尾是不完全显性,蓝尾总系遗传符合基因分离定律。(2)通过测交实验可以检测基因型BBBb,如果基因型是Bb,测交后代的基因型及比例是Bbbb=11,分别表现为浅蓝尾、紫尾;如果基因型是BB,测交后代的基因型是Bb,都表现为浅蓝尾。从分子

13、水平上确定某蓝尾鱼基因型,则需通过基因测序(基因检测)的方法来得知基因的碱基排列顺序。(3)由题意知,浅蓝尾产生的雌配子的基因型及比例是Bb=11,产生的具有受精能力雄配子的基因型及比例是Bb=21,雌雄配子随机结合产生的后代的基因型如图:雄配子雌配子2/3B1/3b1/2B2/6BB(深蓝尾)1/6Bb(浅蓝尾)1/2b2/6Bb(浅蓝尾)1/6bb(紫尾)所以F1自由交配产生的后代的基因型及比例是BBBbbb=231,表现型分别为深蓝尾、浅蓝尾、紫尾。解题关键解题关键一是根据F1自由交配产生的F2的表现型及其比例推断该性状的遗传遵循基因的分离定律;二是解决(3)小题时,应结合题意,含b基因

14、的雄配子减少一半,所以基因型为Bb的个体产生的雄配子由Bb=11变为Bb=21。10.(2019山东德州第一次月考,26)绵羊的毛色有白色和黑色两种,且白色毛对黑色毛为显性。实验小组以毛色为观察对象,进行杂交实验,结果如表所示(相关基因分别用B、b表示):(15分)(1)从实验结果可以看出这对相对性状的遗传符合定律,第二组中的父本的基因型最可能为。(2)第三组的实验结果中白色毛个体与黑色毛个体的数目之比不是31,其原因是。(3)相关基因是否位于X染色体上?。用第一组的表现型说明你的判断依据:。杂交组合第一组第二组第三组黑白黑白第一组的F1雌雄自由交配杂交后代的表现型白色毛3、32、27、7黑色

15、毛02、22、3答案答案(1)基因分离Bb(2)统计样本太少,容易偏离理论数值(3)否若为伴X染色体遗传,第一组后代中的雄性应该全部表现为黑色毛,而实际情况不是这样解析解析本题通过绵羊的杂交实验考查科学思维中的演绎与推理能力。(1)由表可知,该对等位基因的遗传,符合基因的分离定律。因为第二组杂交后代中黑色毛个体与白色毛个体的比例为11,所以可以认为白色毛雄性亲本为杂合子Bb。(2)孟德尔定律中的31的分离比,是在大量后代的基础上统计出来的。如果统计的对象的数量比较少,其结果往往偏离理论值。(3)相关基因不可能位于X染色体上,如果是伴X染色体遗传的话,黑色毛雌性个体的基因型应该是XbXb,那么,

16、第一组后代中的雄性应该全部表现为黑色毛,而实际情况不是这样。思路分析思路分析已知白色毛对黑色毛为显性,由等位基因B、b控制,据表分析其符合基因的分离定律,据第一组杂交结果可知,控制白色毛与黑色毛的基因位于常染色体上。白色毛的基因型为BB或Bb,黑色毛的基因型为bb。第一组:子一代雌雄全部是白色毛,则亲本是bb、BB,子一代是Bb;第二组:子一代出现了黑色毛,说明亲本是bb、Bb;第三组:第一组的F1雌雄自由交配,即Bb相互交配,则后代白色毛黑色毛应该为31,而表格中比例为145,不是31,可能是因为统计的数量太少。C C组组2017201920172019年高考模拟年高考模拟应用创新题组应用创

17、新题组1.(201953创新)许多生物体的隐性基因很不稳定,以较高的频率逆转为显性基因。玉米的一个基因A决定果实中产生红色色素,等位基因a1或a2不会使果实产生红色色素。a1在玉米果实发育中较晚发生逆转,且逆转频率高;a2较早发生逆转,但逆转频率低。下列说法正确的是()A.Aa1自交后代成熟果实红色和无色比例一定为31B.a1a1自交后代成熟果实表现为有数量较少的小红斑C.a2a2自交后代成熟果实表现为有数量较多的大红斑D.a1a2自交后代成熟果实一半既有小红斑又有大红斑,且小红斑数量更多答案答案DAa1自交后代为AAAa1a1a1=121,由于a1在玉米果实发育中较晚发生逆转,且逆转频率高,

18、因此自交后代成熟果实红色和无色比例不一定为31,A错误;由于a1在玉米果实发育中较晚发生逆转,且逆转频率高,因此a1a1自交后代成熟果实表现为有数量较多的小红斑,B错误;由于a2较早发生逆转,但逆转频率低,因此a2a2自交后代成熟果实表现为有数量较少的大红斑,C错误;a1a2自交后代为a1a1a1a2a2a2=121,因此后代成熟果实一半既有小红斑又有大红斑,且小红斑数量更多,D正确。审题技巧审题技巧根据题干信息分析,A_表现为红色,没有A则表现为无色,但是a1在玉米果实发育中较晚发生逆转,且逆转频率高,会出现较多的小红斑;a2较早发生逆转,但逆转频率低,会出现较少的大红斑。2.(201953

19、改编)海岛上多年前单一毛色的某鼠种群演变成了具有黄色(A1)、白色(A2)和黑色(A3)三种毛色的种群。A1、A2、A3基因位于常染色体上且显隐性关系为A1对A2、A3为显性,A2对A3为显性,黄色基因纯合致死。下列叙述错误的是()A.鼠群中出现多种毛色说明基因突变是不定向的B.多年前单一毛色的鼠种群只可能表现为白色或黑色C.不存在两只鼠杂交的子代有三种毛色的可能D.黄色鼠自由交配,子代中出现黄色鼠的概率为2/3答案答案C鼠群中出现多种毛色说明基因突变是不定向的,A正确;因黄色基因(A1A1)纯合致死,所以多年前单一毛色的鼠种群只可能表现为白色或黑色,B正确;基因型为A1A3的黄色鼠与基因型为A2A3的白色鼠杂交,子代有黄色(A1A2、A1A3)、白色(A2A3)和黑色(A3A3)三种毛色,C错误;黄色鼠自由交配,其交配组合为A1A2A1A2或A1A3A1A3或A1A2A1A3,由于基因型为A1A1的黄色鼠死亡,所以子代中出现黄色鼠的概率为2/3,D正确。