2019学年高一物理下学期期中试题新人教版 新版.doc

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1、- 1 -20192019 学年度第二学期高一年级期中考试物理试题学年度第二学期高一年级期中考试物理试题考试时间：2019 年 5 月 满分：120 分 考试时长：100 分钟第一部分一、选择题（每小题 4 分，共 60 分。第 1-9 小题只有一个正确选项；第 10-15 小题有多个选项正确，全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错或不选的得 0 分。 ）1.关于曲线运动，下列说法正确的是（ ）A. 匀速圆周运动的物体所受的向心力一定指向圆心，非匀速圆周运动的物体所受的向心力可能不指向圆心B. 做曲线运动的物体，速度也可以保持不变C. 只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆

2、心D. 做匀变速曲线运动的物体，相等时间内速度的变化量一定相同2.有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b处于地面附近近地轨道上正常运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，各卫星排列位置如图，则有（ ）A. a的向心加速度等于重力加速度gB. 线速度关系vavbvcvdC. d的运动周期有可能是 20 小时D. c在 4 个小时内转过的圆心角是3.一物体沿竖直方向运动，以竖直向上为正方向，其运动的v-t图象如图所示下列说法正确的是（ ）A. 0t1时间内物体处于失重状态B. t1t2时间内物体机械能守恒C. t2t3时间内物体向下运动D. 0t2时间内物体

3、机械能一直增大4.将一小球竖直向上抛出，小球在运动过程中所受到的空气阻力不可忽略a为小球运动轨迹上的一点，小球上升和下降经过a点时的动能分别为Ek1和Ek2从抛出开始到小球第一次经过a点时重力所做的功为W1，从抛出开始到小球第二次经过a点时重力所做的- 2 -功为W2下列选项正确的是（ ）A. Ek1=Ek2，W1=W2B. Ek1Ek2，W1=W2C. Ek1Ek2，W1W2D. Ek1Ek2，W1W25.甲、乙两名溜冰运动员，面对面拉着弹簧测力计做圆周运动，如图所示，已知两人的质量m甲m乙，下列判断正确的是（ ）A. 甲、乙的线速度大小相等B. 甲、乙的角速度大小相等C. 甲、乙的轨迹半径

4、相等D. 甲受到的向心力比较大6.关于万有引力及其应用，下列叙述正确的是（ ）A. 地球同步卫星运行时，地球引力做负功B. 随地球自转的物体，其向心力指向地心C. 在轨运行的同步卫星中的物体，处于完全失重状态，所受重力为零D. 卫星在地面附近绕地球作匀速圆周运动所必须具有的速度，称为第一宇宙速度7.一物体从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如图所示在A点物体开始与弹簧接触，到B点时物体速度为零，然后被弹回不计空气阻力，下列说法中正确的是（ ）A. 物体从A下降到B的过程中，动能不断变小B. 物体从B上升到A的过程中，动能不断变大C. 物体从A下降到B和从B上升到A的过程中，加速度都是

5、先增大后减小D. 物体在AB之间某点时，系统的重力势能与弹性势能之和最小8.下列关于功、功率的说法，正确的是（ ）A. 只要力作用在物体上，则该力一定对物体做功B. 由P= 知，只要知道W和t就可求出任意时刻的功率C. 摩擦力一定对物体做负功D. 由P=Fv知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比9.如图所示，小物体A沿高为h、倾角为 的光滑斜面由静止从顶端滑到底端，而相同的- 3 -物体B从同等高度处作自由落体运动，则（ ）A. 两物体到达地面时的速率不同B. 从开始至落地，重力对它们做功相同C. 两物体落地时重力的瞬时功率相同D. 从开始运动至落地过程中，重力做功的平均功率相同10.

6、 一条船在静水中的速度为 4m/s，它要渡过一条 40m宽的大河，河水的流速为 3m/s，则下列说法中正确的是（ ）A. 船不可能垂直于河岸航行B. 船渡河的速度一定为 5m/sC. 船到达对岸的最短时间为 10sD. 船到达对岸的最短距离为 40m11. 有关圆周运动的基本模型，下列说法正确的是（ ）A. 如图a，汽车通过拱桥的最高点处于超重状态B. 如图b所示是两个圆锥摆，增大 ，但保持圆锥的高度不变，则圆锥摆的角速度不变C. 如图c，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A、B位置先后分别做匀速圆周运动，则在A、B两位置小球的角速度相等D. 如图c，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A、B位置先

7、后分别做匀速圆周运动，则在A、B两位置所受筒壁的支持力大小相等12. 在平直的公路上，汽车由静止开始做匀加速运动，当速度达到一定值后立即关闭发动机，汽车继续滑行直到停止这辆汽车v-t图象如图所示，设在汽车行驶的整个过程中，汽车的牵引力和汽车所受的阻力都是恒定的，汽车牵引力大小为F，阻力大小为f在汽车行驶的整个过程中，牵引力做功为W1，克服阻力做功为W2，则（ ）- 4 -A. F：f=5：1B. F：f=6：1C. W1：W2=1：1D. W1：W2=1：513. 如图，长度为l的小车静止在光滑的水平面上，可视为质点的小物块放在小车的最左端将一水平恒力F作用在小物块上，物块和小车之间的摩擦力大

8、小为f当小车运动的位移为s时，物块刚好滑到小车的最右端，下列判断正确的有（ ）A. 此时物块的动能为（F-f）（s+l）B. 这一过程中，物块对小车所做的功为f（s+l）C. 这一过程中，物块和小车系统产生的内能为flD. 这一过程中，物块和小车系统增加的机械能为Fs14. 如图所示，AC和BC是两个固定的斜面，斜面的顶端A、B在同一竖直线上甲、乙两个小物块分别从斜面AC和BC顶端由静止开始下滑，质量分别为m1、m2（m1m2），与斜面间的动摩擦因数均为 若甲、乙滑至底端C时的动能分别为Ek1、Ek2，速度大小分别为v1、v2甲、乙在下滑至底端C的过程中克服摩擦力做的功分别为W1、W2，所需时

9、间分别为t1、t2则（ ）A. Ek1Ek2B. v1v2B. C. W1W2D. t1t215. 如图所示，一质量为m的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固定于O点，将小球拉至A处，弹簧恰好无形变，由静止释放小球，它运动到O点正下方B点的竖直高度差为h，速度为v，则（ ）A. 小球在B点动能小于mghB. 由A到B小球重力势能减少mv2C. 由A到B小球克服弹力做功为mghD. 小球到达位置B时弹簧的弹性势能为mgh-第二部分- 5 -二、实验探究题（共 2 2 小题，共 1616 分）16. 在做“研究平抛物体的运动”的实验时，通过描点法画出小球平抛运动轨迹，并求出平抛运动初速度实验装

10、置如图甲所示（1）实验时将固定有斜槽的木板放在实验桌上，实验前要检查斜槽末端是否水平，请简述你的检查方法：_ （2）关于这个实验，以下说法正确的是_ A小球释放的初始位置越高越好B每次小球要从同一高度由静止释放C实验前要用重垂线检查坐标纸上的竖线是否竖直D小球的平抛运动要靠近但不接触木板（3）某同学在描绘平抛运动轨迹时，得到的部分轨迹曲线如图乙所示在曲线上取A、B、C三个点，测量得到A、B、C三点间竖直距离h1=10.20cm，h2=20.20cm，A、B、C三点间水平距离x1=x2=12.40cm，取g=10m/s2，则小球平抛运动的初速度大小为_ m/s（保留三位有效数字）17. 某中学实

11、验小组采用如图 1 所示的装置探究功与速度的关系，小车在橡皮筋的作用下弹出后，沿木板滑行打点计时器工作频率为 50Hz（1）实验中木板略微倾斜，这样做_ A是为了使释放小车后，小车能匀加速下滑B是为了增大小车下滑的加速度C可使得橡皮筋做的功等于合外力对小车做的功D可使得橡皮筋松弛后小车做匀加速运动（2）实验中先后用同样的橡皮筋 1 条、2 条、3 条，并起来挂在小车的前端进行多次实验，每次都要把小车拉到同一位置再释放小车把第 1 次只挂 1 条橡皮筋对小车做的功记为W，第 2 次挂 2 条橡皮筋时橡皮筋对小车做的功为 2W，；橡皮筋对小车做功后- 6 -而获得的速度可由打点计时器打出的纸带测出

12、根据第 4 次实验的纸带（如图 2 所示）求得小车获得的速度为_ m/s（结果保留三位有效数字）（3）若根据多次测量数据画出的W-v图象如图 3 所示，根据图线形状可知，对W与v的关系作出猜想肯定不正确的是_ AW BW CWv2 DWv3三、计算题（共 4 4 小题，共 4444 分。18 题 8 分，19 题 8 分，20 题 12 分，21 题 16 分，请写出必要公示和重要演算步骤，有数值计算的题，答案中写明数值和单位。 ）18. 汽车的质量为 4103kg，额定功率为 30kw，运动中阻力大小恒为车重的 0.1 倍汽车在水平路面上从静止开始以 8103N的牵引力出发，g取 10m/s

13、2求：（1）经过多长时间汽车达到额定功率？（2）汽车达到额定功率后保持功率不变，运动中最大速度多大？（3）汽车加速度为 0.6m/s2时速度多大？19. 如图所示，竖直平面内的轨道由直轨道AB和圆弧轨道BC组成，小球从斜面上A点由静止开始滑下，滑到斜面底端后又滑上一个半径为R=0.4m的圆轨道，（1）若接触面均光滑小球刚好能滑到圆轨道的最高点C，求斜面高h（2）若已知小球质量m=0.1kg，斜面高h=2m，小球运动到C点时对轨道压力为mg，求全过程中摩擦阻力做的功20. 跳台滑雪是勇敢者的运动如图，运动员踏着专用滑雪板，不带雪杖在助滑路上获得高速后水平飞出，在空中飞行一段距离后着陆，这项运动非

14、常惊险设一位运动员由山坡- 7 -顶的A点沿水平方向飞出的速度为v0=20m/s，落点在山坡上的B点，山坡倾角为 取37，山坡可以看成一个斜面（g取 10m/s2，sin 37=0.6，cos 37=0.8）求：（1）运动员在空中飞行的时间t；（2）A、B间的距离s21.如图所示，摩托车做腾跃特技表演，沿曲面冲上高 0.8m顶部水平高台，接着以v=3m/s水平速度离开平台，落至地面时，恰能无碰撞地沿圆弧切线从A点切入光滑竖直圆弧轨道，并沿轨道下滑A、B为圆弧两端点，其连线水平已知圆弧半径为R=1.0m，人和车的总质量为 180kg，特技表演的全过程中，阻力忽略不计（计算中取g=10m/s2，s

15、in53=0.8，cos53=0.6）求：（1）从平台飞出到A点，人和车运动的水平距离S；（2）从平台飞出到A点时速度及圆弧对应圆心角 ；（3）人和车运动到达圆弧轨道A点时对轨道的压力大小；（4）人和车运动到圆弧轨道最低点O速度v=m/s此时对轨道的压力大小- 8 -期中期中 1 1答案和解析【答案答案】1. D2. D3. D4. B5. B6. D7. D8. D9. B10. CD11. BD12. BC13. AC14. BC15. AD16. 将小球放在槽的末端，看小球能否静止；BCD；1.24 17. C；2.00；AB 18. 解：（1）根据牛顿第二定律得：a=根据P=Fv得达到

16、额定功率时的速度为：v=，得：t=（2）汽车所受阻力为：f=kmg=4000N；当F=f时，a=0，速度最大；故最大速度为：，（3）根据牛顿第二定律得：解得：F=40000.6N+4000N=6400N，则速度为：答：（1）经过 3.75s的时间汽车达到额定功率；（2）汽车达到额定功率后保持功率不变，运动中最大速度为 7.5m/s；（3）汽车加速度为 0.6m/s2时速度为 4.7m/s 19. 解：（1）小球刚好到达C点，重力提供向心力，由牛顿第二定律得：mg=m，从A到C过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：mg（h-2R）=mv2，解得：h=2.5R=2.50.4=1m；（2）在C点，由牛

17、顿第二定律得：mg+mg=m，从A到C 过程，由动能定理得：- 9 -mg（h-2R）+Wf=mvC2-0，解得：Wf=-0.8J；答：（1）若接触面均光滑小球刚好能滑到圆轨道的最高点C，斜面高h为 1m（2）全过程中摩擦阻力做的功为-0.8J 20. 解：（1）运动员由A到B做平抛运动，水平方向的位移为：x=v0t 竖直方向的位移为：y=gt2 又 =tan 37 可得：t=s=3 s（2）由题意可知：sin 37=，得：s= 将t=3 s代入得：s=75 m答：（1）运动员在空中飞行的时间t是 3s；（2）A、B间的距离s是 75m 21. 解：（1）车做的是平抛运动，很据平抛运动的规律可

18、得竖直方向上H=gt22，水平方向上s=vt2，可得：s=v=1.2m（2）摩托车落至A点时，其竖直方向的分速度vy=gt2=4m/s 到达A点时速度：v=5m/s，设摩托车落地时速度方向与水平方向的夹角为 ，则tan= =，即 =53 所以 =2=106 （3）对摩托车受力分析可知，摩托车受到的指向圆心方向的合力作为圆周运动的向心力，由牛顿第二定律得：NA-mgcos=m，解得：NA=5580N，- 10 -由牛顿第三定律可知，人和车在最低点O时对轨道的压力为 5580 N （4）在最低点，受力分析可得：N-mg=m，解得：N=7740N；由牛顿第三定律可知，人和车在最低点O时对轨道的压力为

19、 7740N答：（1）从平台飞出到A点，人和车运动的水平距离s为 1.2m（2）从平台飞出到达A点时速度及圆弧对应圆心角 为 106（3）人和车运动到达圆弧轨道A点时对轨道的压力为 5580 N（4）人和车运动到圆弧轨道最低点O速度v=m/s此时对轨道的压力为 7740N 【解析解析】1. 解：A、匀速圆周运动的物体所受的向心力一定指向圆心，而非匀速圆周运动的物体所受的合力不指向圆心，但向心力一定指向圆心所以A错误B、做曲线运动的物体，加速度可以不变，但速度一定变化，所以B错误C、当做匀速圆周运动的物体合外力，一定指向圆心，而物体做圆周运动，例如竖直面的圆周运动在最高点和最低点时，它所受的合外

20、力才指向圆心，所以C错误D、做匀变速曲线运动的物体，加速度不变，根据v=at可知，相等时间内速度的变化量相同，所以D正确故选：D物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力方向不一定变化，向心力，顾名思义，它的方向一定是指向圆心的，既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动本题主要是考查学生对物体做曲线运动的条件、圆周运动特点的理解，涉及的知识点较多，是一道比较好的题目，注意理解向心力的含义，及区别匀速圆周运动与非匀速圆周运动2. 解：A、地球同步卫星的角速度与地球自转角速度相同，即知a与c的角速度相同，根据a=2r知，a的向心加速度比c的小由G=ma，

21、得a=，可知，卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则c的向心加速度小于b的向心加速度，所以a的向心加速度比b的小，而b的向心加速度约为g，故知a的向心加速度小于重力加速度g故A错误；B、G=m，得v=，可知，卫星的轨道半径越大，线加速度越小，则有vbvcvd由v=r有，vavc故B错误- 11 -C、由开普勒第三定律 =k知，卫星的轨道半径越大，周期越大，所以d的运动周期大于c的周期 24h故C错误；D、c是地球同步卫星，周期是 24h，则c在 4h内转过的圆心角是2=故D正确；故选：D地球同步卫星的周期、角速度必须与地球自转周期、角速度相同，根据a=2r比较a与c的向心加速度大小，再比较a的

22、向心加速度与g的大小根据万有引力提供向心力，列出等式得出线速度与半径的关系根据开普勒第三定律判断d与c的周期关系对于卫星问题，要建立物理模型，根据万有引力提供向心力，分析各量之间的关系，并且要知道地球同步卫星的条件和特点3. 解：A、以竖直向上为正方向，在v-t图象中，斜率代表加速度，可知 0t1时间内物体向上做加速运动，加速度的方向向上，处于超重状态故A错误；B、由图可知，t1t2时间内物体向上做匀速直线运动，动能不变，重力势能增大，所以机械能增大故B错误；C、由图可知，t2t3时间内物体向上做减速运动故C错误；D、0t1时间内物体向上做加速运动，动能增大，重力势能也增大；t1t2时间内物体

23、向上做匀速直线运动，动能不变，重力势能增大，所以 0t2时间内物体机械能一直增大故D正确故选：D v-t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大本题考查了v-t图象的直接应用，要明确斜率的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题，较为简单4. 解：从抛出开始到第一次经过a点和抛出开始第二次经过a点，上升的高度相等，可知重力做功相等，即W1=W2对两次经过a点的过程运用动能定理得，-Wf=Ek2-Ek1，可知Ek1Ek2，故B正确，A、C、D错误故选：B根据上升或下降的高度比较重力做功的大小，对两次经过a点的过程运用动能

24、定理，比较两次经过a点的动能大小- 12 -解决本题的关键知道重力做功与路径无关，与首末位置的高度差有关，以及掌握动能定理，知道两次经过a点的过程中重力不做功，阻力做负功5. 解：B、甲、乙两名溜冰运动员做匀速圆周运动，是共轴转动，角速度相同，故B正确；C、弹簧测力计对甲、乙两名运动员的拉力提供向心力，则向心力相等，根据牛顿第二定律得：m甲R甲2=m乙R乙2 解得： 已知m甲m乙，所以乙做圆周运动的半径较大，故CD错误；A、甲、乙两名溜冰运动员角速度相同，根据公式v=r，由于转动半径不同，故线速度不相等，故A错误；故选：B分析甲、乙两名运动员，弹簧秤对各自的拉力提供向心力，根据牛顿第二定律和向

25、心力公式求解解本题关键要把圆周运动的知识和牛顿第二定律结合求解，知道共轴转动时，角速度相等，难度适中6. 解：A、地球同步卫星运行时，地球引力与速度方向垂直，不做功，故A错误；B、随地球自转的物体，其向心力垂直指向地轴，不是指向地心，故B错误；C、同步卫星绕地球匀速圆周运动，万有引力完全提供向心力，卫星中物体处于完全失重状态，所受重力完全提供圆周运动向心力，不是不再受重力作用，故C错误；D、第一宇宙速度时围绕地球做匀速圆周运动的最大速度，此时半径最小，是卫星在地面附近绕地球作匀速圆周运动所必须具有的速度，故D正确故选：D 地球同步卫星运行时，做匀速圆周运动，万有引力不做功，随地球自转的物体，其

26、向心力垂直指向地轴，绕地球表面做圆周运动的卫星的速度是地球的第一宇宙速度本题考查了对万有引力定律的理解、考查了第一宇宙速度的概念，明确完全失重与不受重力是两回事，是一道基础题，熟练掌握基础知识即可正确解题7. 解：A、在A下降到B的过程中，开始阶段，重力大于弹簧的弹力，合力向下，加速度方向向下，物体做加速运动，弹力在增大，合力减小，则加速度减小当重力等于弹力时，加速度为零，速度达到最大后来物体在运动的过程中，弹力大于重力，根据牛顿第二定律知，- 13 -加速度方向向上，加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动，运动的过程中弹力增大，加速度增大，到达最低点，速度为零可知加速度先减小后增大，速度先

27、增大后减小，则动能先增大后减小故A错误BC、物体从B上升到A的过程是A到B过程的逆过程，返回的过程速度先增大后减小，动能先增大后减小加速度先减小后增大，故BC错误D、物体在在AB之间运动时，只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒当重力等于弹力时，物体的速度最大，动能最大，此时弹簧处于压缩状态，位置在AB之间某点，根据系统的机械能守恒可知，在该点，系统的重力势能与弹性势能之和最小故D正确故选：D 根据物体所受的合力方向判断加速度的方向，根据速度方向与加速度方向的关系，判断其速度的变化分析弹簧的弹力变化情况，由牛顿第二定律分析加速度的变化系统中只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒由此分析

28、即可解决本题的关键知道加速度方向与合力方向相同，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，物体做减速运动分析时要抓住弹力的可变性，运用牛顿第二定律分析物体的运动情况8. 解：A、只有同时满足功的两个条件，力才做功，即：物体受力，同时在力的方向上发生了位移，故A错误；B、公式P= 只能计算平均功率，不能计算瞬时功率，故B错误；C、恒力做功的表达式W=FScos，滑动摩擦力的方向与物体相对运动方向相反，但与运动方向可以相同，也可以相反，物体受滑动摩擦力也有可能位移为零，故可能做负功，也可能做正功，也可以不做功；静摩擦力的方向与物体相对运动趋势方向相反，但与运动方向可

29、以相同，也可以相反，还可以与运动方向垂直，故静摩擦力可以做正功，也可以做负功，也可以不做功，故C错误；D、据P =Fv可知，当功率恒定时，牵引力与速度成反比，故D正确故选：D做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离二者缺一不可；公式P= 只能计算平均功率，P=Fv既可以计算平均功率，也可以计算瞬时功率；功等于力与力的方向上的位移的乘积，这里的位移是相对于参考系的位移；静摩擦力的方向与物体的相对运动趋势方向相反，滑动摩擦力的方向与物体的相对滑动的方向相反；- 14 -由公式P=Fv用控制变量法讨论解答此题的关键是：理解做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上

30、通过的距离二者缺一不可；理解平均功率和瞬时功率的概念，会用控制变量法讨论；同时要明确恒力做功的求法9. 解：A、两个小球在运动的过程中都是只有重力做功，机械能守恒，A的初速度为零，Bd的初速度为零，所以根据机械能守恒可以知两物体落地时速率相等，故A错误；B、重力做功只与初末位置有关，物体的起点和终点一样，所以重力做的功相同；故B正确；C、重力的瞬时功率：P=mgvcos， 是速度方向与重力的方向之间的夹角，由于二者的速率相等而速度方向与竖直方向之间的夹角本题，所以它们的瞬时功率的大小是不相等的，故C错误；D、平均功率等于做功的大小与所用的时间的比值，物体重力做的功相同，但是时间不同tAtB，所

31、以A的平均功率小于B的平均功率，故D错误；故选：B 两个物体在运动的过程中机械能守恒，可以判断它们的落地时的速度的大小，再由平均功率和瞬时功率的公式可以得出结论在分析功率的时候，一定要注意公式的选择，P= 只能计算平均功率的大小，而P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度10. 解：A、D、要使小船过河的位移最短，合速度的方向垂直于河岸方向，因为小船将沿合速度方向运动根据平行四边形定则，水流速平行于河岸，合速度垂直于河岸，所以静水速（即船头的方向）应指向上游此时最短位移为 40m，故A错误，D正确，B、船在静水中的速度为 4m/s，水流速度为 3m/s，所以船

32、可垂直到达对岸，故B错误C、当静水速的方向垂直于河岸时，渡河的时间最短，根据分运动和合运动具有等时性，最短时间为t=s=10s故C正确故选：CD当静水速的方向垂直于河岸时，渡河的时间最短，求出在垂直于河岸方向上的运动时间，根据分运动和合运动具有等时性，知小船渡河的最短时间要使小船的渡河位移最短，即合速度的方向垂直于河岸方向，因为小船将沿合速度方向运动，从而即可求解- 15 -解决本题的关键知道当静水速的方向垂直于河岸，渡河的时间最短当静水速和水流速的合速度方向垂直于河岸，小船沿合速度方向渡河，此时位移最短11. 解：A、汽车在最高点，由牛顿第二定律可得：mg-FN=m所以：FNmg，故处于失重

33、状态，故A错误；B、如图b所示是一圆锥摆，重力和拉力的合力F=mgtan=m2r；r=Lsin，知 =，故增大 ，但保持圆锥的高不变，角速度不变，故B正确；CD、对小球受力分析，小球受到重力和支持力，它们的合力提供向心力，如图根据牛顿第二定律，有：F合=mgtan，即两球所受合力大小相同两小球所受合力提供圆周运动向心力有mgtan=mr2知，轨道半径大的角速度小，故A球角速度小于B球角速度，故C错误；在A、B两位置所受筒壁的支持力为：N=，所以在A、B两位置所受筒壁的支持力大小相等，故D正确故选：BD分析每种模型的受力情况，根据合力提供向心力求出相关的物理量，进行分析即可此题考查圆周运动常见的

34、模型，每一种模型都要注意受力分析找到向心力，从而根据公式判定运动情况，如果能记住相应的规律，做选择题可以直接应用，从而大大的提高做题的速度，所以要求同学们要加强相关知识的记忆12. 解：对全过程由动能定理可知W1-W2=0，故W1：W2=1：1，根据恒力做功公式的：W1=Fs W2=fs由图可知：s：s=1：6 所以F：f=6：1，故BC正确，AD错误故选：BC - 16 -由动能定理可得出汽车牵引力的功与克服摩擦力做功的关系，由功的公式可求得牵引力和摩擦力的大小关系；本题要注意在机车起动中灵活利用功率公式及动能定理公式，同时要注意图象在题目中的应用13. 解：A、对物块分析，物块相对于地面的

35、位移为s+l，根据动能定理得：（F-f）（l+s）=mv2-0，则知，物块到达小车最右端时具有的动能为（F-f）（s+l）故A正确B、对小车分析，小车的位移为s，则物块对小车所做的功为fs，故B错误C、物块和小车系统产生的内能等于系统克服摩擦力做的功，为fl，故C正确D、根据能量守恒得，外力F做的功转化为小车和物块的机械能和摩擦产生的内能，则有：F（l+s）=E+Q，则物块和小车增加的机械能为E=F（l+s）-fl故D错误故选：AC 物块在F作用下做匀加速运动，小车也做匀加速运动，由图确定出物块相对于地面的位移，由动能定理求物块的动能根据功的计算公式求物块对小车所做的功系统产生的内能等于系统克

36、服摩擦力做的功对系统，运用能量守恒定律求系统增加的机械能本题关键是灵活地选择研究对象进行受力分析，再根据动能定理列式后分析求解要注意求功时，位移应是相对于地面的位移摩擦生热等于摩擦力与相对位移的乘积14. 解：A、设任一斜面的倾角为 ，斜面水平长度为L，由动能定理得：mgLtan-mgcos=EK-0，EK=mgL（tan-），因为m1m2，12，无法判断两物体动能大小，故A错误；B、EK1=mgL（tan-）=mv2，v=，12，v1v2，故B正确；C、克服摩擦力做的功为：W=mgcos=mgL，因为m1m2，所以W1W2，故C正确；D、由牛顿第二定律得：mgsin-mgcos=ma，=at

37、2，t=变形得：t=根据题意无法确定 2- 的取值范围，无法确定 sin（2-）大小关系，无法确定时间关系，故D错误；故选：BC- 17 -应用动能定理求出物体到达底端的动能，然后比较动能大小，根据动能的计算公式求出物体的速度，然后比较大小；由功的计算公式求出克服摩擦力所做的功，然后比较功的大小；由牛顿第二定律与运动学公式求出物体的运动时间，然后比较时间大小本题要熟练应用动能定理、功的计算公式、牛顿第二定律、运动学公式，通过列式分析各量的关系15. 解：AB、小球由A点到B点重力势能减少mgh在小球在下降过程中，小球的重力势能转化为动能和弹簧的弹性势能，所以小球运动到B点时的动能小于mgh故A

38、正确、B错误C、根据动能定理得：mgh+W弹=mv2，所以由A至B小球克服弹力做功为W弹=mgh-mv2，故C错误D、弹簧弹力做功量度弹性势能的变化所以小球到达位置B时弹簧的弹性势能为mgh-mv2，故D正确故选：AD 小球在下降中小球的重力势能转化为动能和弹性势能，由重力做功量度重力势能的变化由弹簧弹力做功量度弹性势能的变化根据系统的机械能守恒求小球到达B点时弹簧的弹性势能本题分析时，要抓住小球和弹簧组成的系统机械能是守恒的，但小球的机械能并不守恒求弹力做功时，是以小球为研究对象，运用动能定理求，这是常用的方法要熟悉功能的对应关系16. 解：（1）检查斜槽末端是否水平的方法：将小球放在槽的末

39、端，看小球能否静止（2）A、小球释放的初始位置不能太高，因为越高，初速度越大，平抛运动的轨迹将不在白纸的范围内，故A错误B、为了保证小球的初速度相等，每次从斜槽同一位置由静止释放小球，故B正确C、实验前要用重垂线检查坐标纸上的竖线是否竖直，故C正确D、实验时小球的平抛运动要靠近但不接触木板，防止摩擦改变小球的运动轨迹，故D正确故选：BCD（3）在竖直方向上，根据得，T=，则初速度- 18 -故答案为：（1）将小球放在槽的末端，看小球能否静止，（2）BCD （3）1.24（1）检查斜槽末端是否水平的方法：将小球放在槽的末端，看小球能否静止；（2）根据实验的原理以及操作中的注意事项确定正确的操作步

40、骤；（3）根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出小球平抛运动的初速度解决本题的关键知道实验的原理以及操作中的注意事项，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解17. 解：（1）使木板倾斜，小车受到的摩擦力与小车所受重力的分量大小相等，在不施加拉力时，小车在斜面上受到的合力为零，小车可以在斜面上静止或做匀速直线运动；小车与橡皮筋连接后，小车所受到的合力等于橡皮筋的拉力，橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功，故ABD错误，C正确；故选：C（2）各点之间的距离相等的时候小车做匀速直线运动，由图可知，两个相邻的

41、点之间的距离是 4.00cm时做匀速直线运动，打点时间间隔为：t=；小车速度为：v=；（3）根据图象结合数学知识可知，该图象应是y=xn（n=2，3，4）函数形式，故AB错误，CD正确本题选不正确的，故选：AB故答案为：（1）C； （2）2.00；（3）AB；（1）小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，使得橡皮筋做的功等于合外力对小车做的功；纸带在橡皮条的作用下做加速运动，橡皮条做功完毕，则速度达到最大，此后做匀速运动（2）明确实验原理以及实验目的即可知了解具体的实验操作；纸带上点距均匀时，表示小车已经做匀速直线运动，据此可求出小

42、车做匀速运动时的速度大小，即为最终小车获得的速度大小；（3）根据图象特点，利用数学函数图象知识即可判断本题关键要明确该实验的实验原理、实验目的，即可了解具体操作的含义，以及如何进行数据处理；数据处理时注意数学知识的应用- 19 -18. （1）根据牛顿第二定律求出加速度，根据P=Fv求出达到额定功率时的速度，再根据t=即可求解时间；（2）当汽车达到最大速度时，汽车的牵引力与阻力大小相等，是由功率公式可求得汽车所能达到的最大速度；（3）根据牛顿第二定律求出此时的牵引力，再根据P=Fv即可求解此时的速度解决本题的关键是会根据汽车的受力情况判断运动情况知道在水平面上行驶当牵引力等于阻力时，速度最大1

43、9. （1）由牛顿第二定律求出小球到达C点的速度，然后由机械能守恒定律求出斜面的高度h（2）由牛顿第二定律求出小球到达C点的速度，然后应用动能定理求出摩擦阻力做功本题考查了动能定理以及向心力公式的应用，分析清楚小球的运动过程是解题的关键，应用牛顿第二定律、机械能守恒定律与动能定理可以解题，解题时要注意小球在C点受力情况的分析是关键20. （1）运动员在空中做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直位移和水平位移的关系求出运动员在空中的飞行时间（2）根据时间求得竖直位移，结合平行四边形定则求出A、B间的距离s解决本题的关键是要知道竖直位移与水平位移的关系，明确平

44、抛运动在水平方向和竖直方向上的规律，结合运动学公式进行解答21. （1）从平台飞出后，摩托车做的是平抛运动，根据平抛运动在竖直方向上是自由落体 运动，可以求得运动的时间，再根据水平方向上是匀速直线运动，可以求得水平的位移的大 小； （2）由于摩托车恰能无碰撞地沿圆弧切线从A点切入光滑竖直圆弧轨道，说明此时摩托车 的速度恰好沿着竖直圆弧轨道的切线方向，通过摩托车的水平的速度和竖直速度的大小可以 求得摩托车的末速度的方向，从而求得圆弧对应圆心角 ； （3）从A点开始摩托车做的是圆周运动，此时指向圆心方向的合力作为圆周运动的向心力， 对摩托车受力分析，根据向心力的公式可以求得在A点时车受到的支持力的大小，再根据牛 顿第三定律可以求得对轨道的压力的大小； （4）在最低点时，车受到的支持力和车的重力的合力作为圆周运动的向心力，根据向心力 的公式求得支持力的大小，再根据牛顿第三定律可以求得对轨道的压力的大小 本题考查的是平抛运动和圆周运动规律的综合的应用，本题很好的把平抛运动和圆周运动结 合在了一起，对学生的分析问题的能力要求较高，能很好的考查学生分析解决问题的能力