陕西省2019学年高一物理上学期第二次月考试题（含解析）.doc

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1、- 1 -20192019 高一（上）第二次月考物理试卷高一（上）第二次月考物理试卷一、单项选择题（每小题一、单项选择题（每小题 3 3 分，共分，共 3030 分，每个小题只有一个选项正确）分，每个小题只有一个选项正确）1 （3 分）下列物理量中全部是矢量的是( )A位移、速度、平均速度、时间B速度、路程、平均速度、速率C位移、速度、加速度、瞬时速度D速度、加速度、路程、平均速率【答案】C【解析】解：A时间没有方向为标量，故 A 错误；B路程、速率、时间均为标量，故 B 错误；C位移、速度、加速度、瞬时速度这四个物理量均有大小和方向，因此为矢量，故 C 正确；D路程、平均速率只有大小没有方向

2、，因此为标量，故 D 错误故选 C2 （3 分）下列说法正确的是( )A重力没有施力物体B重心可以不在物体上C只有相互接触的物体之间才可能存在力的作用D甲用力把乙推倒，说甲对乙的作用力在前，乙对甲的作用力在后【答案】【解析】解：A重力的施力物体是地球，故 A 错误；B物体的重心可以不在物体上，例如圆环故 B 正确；C不接触的物体之间也可以存在相互作用，如地面与太阳之间的万有引力故 C 错误；D相互作用力是同时的，即作用力与反作用力同时产生，同时消失，故 D 错误故选 B3 （3 分）如图所示，质量为的木块在质量为的长木板上滑动，长木板与水平地面间的mM动摩擦因数为，木块与木板间动摩擦因数为，已

3、知长木板处于静止状态，那么此时12长木板受到的地面摩擦力大小为( )- 2 -ABCD2mg1Mg1mM g21mgMg【答案】A【解析】解：对小滑块受力分析，受重力、长木板的支持力和向左的滑动摩擦力，mgNF1f有，12NfF，NFmg故，12fmg再对长木板受力分析，受到重力、小滑块的对长木板向下的压力、小滑块对其向MgNF右的滑动摩擦力、地面对长木板的支持力和向左的静摩擦力，根据共点力平衡1fNF2f条件，有，NNFFMg，12ff故，故选：A22fmg4 （3 分）如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，为圆心则对圆弧面的O压力最小的是( )A球B球C球D球abcd【答案】A【

4、解析】解：对球受力分析如图，摩擦力与支持力的合力与重力大小相等，方向相反；支C持力Fmgcos- 3 -由到的过程中，夹角越来越小，则说明压力越大越大；ad故压力最小的是球；a故选：A5 （3 分）如图所示，物块放在倾斜的木板上，改变木板与水平面之间的夹角，发现当A和时物块所受的摩擦力大小恰好相等，则物块与木板之间的动摩擦因3045AA数为( )ABCD1 22 23 22【答案】B【解析】解：时物体处于静止状态，静摩擦力和重力的下滑分力相等即：30；30fFmgsin时物体沿斜面下滑，滑动摩擦力为：45cos45fNFFmg由，sin30cos45mgmg 解得：；2 2故选：B6 （3 分

5、）物体从静止开始做直线运动，图象如图所示，则该物体( )vt- 4 -A在第末相对于起点的位移最大8sB在第末相对于起点的位移最大4sC在第末到第末这段时间内的加速度最大2s4sD在第末和第末在同一位置上4s8s【答案】D【解析】解：A、B由图可知，内物体一直沿正方向运动，时物体反向运动，故6s68s时相对于起点的位移最大，故 A 错误，B 错误；6sC图象的斜率表示物体的加速度，由图可知，的加速度最大，故 C 错误；48sD、内和内物体的位移大小方向，故时物体回到所在的位置，故 D 正确；46s68s8s4s故选：D7 （3 分）如图所示，在水平桌面上叠放着木块和，水平力推动两个木块做匀速运

6、动，PQF下列说法中正确的是( )A受 个力，受 个力B受 个力，受个力P3Q3P3Q4C受个力，受 个力D受个力，受个力P2Q5P4Q6【答案】C【解析】解：在水平推力的作用下，物体、一起匀速滑动，则对受力分析：重力与支PQP持力对于受力分析：重力、地面支持力、对的压力、水平推力、地面给的滑动摩擦QPQQ- 5 -力因此受到二个力，受到五个力故 C 正确；ABD 错误；PQ故选：C8 （3 分）如图所示，物体和的重力分别为和，不计弹簧秤、细线的重力和一AB10N3N切摩擦，则弹簧秤所受的合力和弹簧秤的读数为( )A、B、C、D、0N3N7N3N0N6N7N6N【答案】A【解析】解：物体处于静

7、止状态，所以受力是平衡的，即：弹簧右端受到的力大小为BB；3N又因为弹簧秤处于静止状态，所以弹簧秤受力是平衡的，弹簧右端受到的拉力是，虽3N然的重力是，但因弹簧受力平衡，端绳受的力是，而弹簧秤的合力为零A10NA3N弹簧秤的示数是钩上的拉力或是一端受到的力，所以示数为；3N故选：A9 （3 分）某物体同时受到同一平面内的三个共点力作用，在如图所示的四种情况中（坐标纸中每格边长表示的大小的力） ，该物体所受的合外力大小正确的是( )1NA 图中物体所受的合外力大小等于4NB 图中物体所受的合外力大小等于2N- 6 -C 图中物体所受的合外力大小等于0D 图中物体所受的合外力大小等于0【答案】D【

8、解析】解：A对甲，先将与合成，然后再用勾股定理，求得合力等于，A 错误；1F2F5NB对乙，先将与沿水平和竖直方向正交分解，再合成，求得合力等于，故 B 错1F3F5N误；C对丙，可将沿水平和竖直方向正交分解正交分解，求得合力等于，C 错误；3F6ND根据三角形法则，丁图中合力等于，D 正确；0故选 D10 （3 分）如图所示，建筑工人通过由一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组将一重物缓慢吊起，在此过程中，如果不计滑轮与绳的重力及摩擦，则( )A绳子的张力逐渐变小B绳子的张力先变大后变小C人对地面的压力逐渐变小D人对地面的压力逐渐变大【答案】C【解析】解：AB以动滑轮为研究对象受力分析如图：-

9、7 -由于为同一根绳子，故有：，12FFT设与夹角为，则有：1F2F在重物被吊起的过程中，变大，故与同时变大，变大，故 A12 2cos2mgFF1F2FT错误，B 错误；CD再对人研究，受重力、支持力和拉力，故支持力，故支持力减小，根据NMgT牛顿第三定律，压力也减小，故 C 正确，D 错误；故选：C二、多项选择题（每小题二、多项选择题（每小题 4 4 分，共分，共 2020 分，在每小题给出的四个选项中，每个小题有多个选分，在每小题给出的四个选项中，每个小题有多个选项正确全部选对的得项正确全部选对的得 4 4 分，选不全的得分，选不全的得 2 2 分，有选错或不答的得分，有选错或不答的得

10、0 0 分）分）11 （4 分）下列情况的物体，可以看作质点的是( )A研究绕地球飞行的航天飞机B研究汽车后轮各点运动时的车轮C水平地面上放一只木箱，用力推它沿直线滑动，研究其运动情况的木箱D研究自转时的地球【答案】AC【解析】解：A研究绕地球飞行的航天飞机，飞机的大小相对地球可以忽略，能看成质点，所以 A 正确；B研究汽车后轮各点运动时的车轮，要看轮子的旋转，不能看成质点，所以 B 错误；C箱子做直线运动，属于平动，可以看做质点，所以 C 正确；- 8 -D研究自转时的地球不能看成是质点，否则无法研究，所以 D 错误故选：AC12 （4 分）三个共点力作用于一个物体，下列每一组力中合力可以为

11、零的是( )A，B，2N3N4N4N5N10NC，D，10N12N21N10N10N10N【答案】ACD【解析】解：A和的合力的范围是，在这个范围内，合力可以为零，2N3N1N5NF4N所以 A 正确；B和的合力的范围是，不在这个范围内，合力不可以为零，所4N5N1N9NF10N以 B 错误；C和的合力的范围是，在这个范围内，合力可能为零，所以10N12N2N22NF21NC 正确；D和的合力的范围是，在这个范围内，合力可以为零，所以10N10N0N20NF10ND 正确故选：ACD13 （4 分）如图所示，一质量为的物体与传送带一起向上匀速运动，传送带与水平方向成m角，物体与传送带之间的动摩

12、擦因数为下列关于此过程说法中正确的是( )A物体受到重力、摩擦力、支持力的作用B物体受到的摩擦力的大小等于重力沿传送带向下的分力C由于惯性，物体不需要摩擦力的作用就能向上匀速运动D物体受到摩擦力的大小为cosmg【答案】AB【解析】解：AC对滑块受力分析，受重力、静摩擦力、支持力，故 A 正确，C 错误；B根据平衡条件，物体受到的摩擦力的大小等于重力沿传送带向下的分力，为，sinmg- 9 -故 B 正确；D物块受到的是静摩擦力，不是滑动摩擦力，故等于重力沿传送带向下的分力，为，故 D 错误；sinmg故选：AB14 （4 分）如图所示，小球沿斜面向上运动，依次经过、后到达最高点已abcde知

13、，小球从到和从到所用的时间都是，设小球经、6mabbd1mbc accd2sb时的速度分别为、，则( )cbvcvAB21m/sa 3m/scv CD从到所用时间为2m/sbv de4s【答案】BD【解析】解：物体在点时的速度大小为，加速度为，a0va则从到有，ac0 1121 2acxv tat即，017242va，0722va物体从到有，ad2 0 221 2adxv tat即，01124162va，032va故，21m/s2a 所以 A 错误；故，04m/sv 根据速度公式可得0tvvat，1423m/s2cv - 10 -故 B 正确从到有ab，222baabvvax解得，10m/sb

14、v 故 C 错误；根据速度公式可得0tvvat，021442m/s2dvvat则从到有，de22ddevax则，2 4m2d devxa可得，0tvvat从到的时间，de4sd devtt 故 D 正确故选：BD15 （4 分）如图所示，电灯悬挂于两墙壁之间，更换水平绳使连接点向上移动而保持OAA点的位置不变，则在点向上移动的过程中( )OAA绳的拉力逐渐增大B绳的拉力逐渐减小OBOBC绳的拉力先增大后减小D绳的拉力先减小后增大OAOA【答案】BD【解析】解：以点位研究对象，处于平衡装态，根据受力平衡，有：O由图可知，在点向上移动的过程中，绳子上的拉力逐渐减小，上的拉力先减小AOBOA- 11

15、 -后增大，故 AC 错误，BD 正确故选：BD三、填空、实验题：（每空三、填空、实验题：（每空 2 2 分，共分，共 2424 分）分）16 （4 分）如图，把弹簧测力计的一端固定在墙上，用力水平向左拉金属板，金属板向左F运动，此时测力计的示数稳定（图中已把弹簧测力计的示数放大画出） ，则物块与金P属板间的滑动摩擦力的大小是_若用弹簧测力计测得物块重，NP10.40N根据表中给出的动摩擦因数，可推算出物块的材料为_P材料动摩擦因数金属-金属0.25橡胶-金属0.30木头-金属0.20皮革-金属0.28【答案】；金属2.60【解析】解：分析物块的受力情况可知，物块受金属板给的滑动摩擦力，方向向

16、左，PPPfF受弹簧测力计向右的拉力，由二力平衡可知，测力计读数为，所以FfFF2.60N；又根据可得：从表中可对比得知，物块为金2.60NfF fFG0.25fFGP属故答案为：；金属2.6017 （4 分）如图所示，物体重，物体重，所有接触面之间的滑动摩擦系数均A50NB100N为，物体与通过无摩擦的定滑轮用细绳相连，要使物体匀速滑动，细绳对0.3ABB的拉力_，作用在上的力_BTF NBF - 12 -【答案】，1575N【解析】解：以为研究对象，则受重力、支持力、绳子的拉力及的摩擦力；水平方AATB向有：；ATm gF对整体进行受力分析，则有：AB2TABFFmm代入数据，联立解得：；

17、15NTF 75NF 故答案为：，1575N18 （2 分）一个质量为的物体放在倾角为的斜面上匀速下滑，物体与斜面之间的m_ （用题目中给出的符号表示） 【答案】tan【解析】解：对物体进行受力情况分析：重力、支持力和滑动摩擦力由平衡条件mgNf得知，和的合力与重力大小相等、方向相反，如图，则有：Nfmg，cosNmgsinfmgN解得：；tan故答案为：tan19 （2 分）如果在某次实验中，细绳套与橡皮绳之间的夹角分别为图中的和，则143127- 13 -上、下两弹簧秤的示数之比为_（；）sin370.6 sin530.8 【答案】4:3【解析】解：对点受力分析，O细绳套与橡皮绳之间的夹角

18、分别为图中的和，143127所以两根细绳的夹角是，90根据共点力平衡的条件得上、下两弹簧秤拉力的合力水平向右，根据三角函数关系得：124tan533F F 所以上、下两弹簧秤的示数之比为，4:3故答案为：4:320 （6 分）在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”实验中，（1）以下说法正确的是_A弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度B用悬挂砝码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态C用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D用几个不同的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相等（2）某同学由实验测得某弹簧的弹力与长度的关系如图所示，则弹簧的原长FL- 14 -_，劲度系数

19、_0L cmk N/m【答案】 （1）AB；（2），1050【解析】解：（1）A弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度，否则弹簧会损坏，故 A 正确B用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力等于弹簧的弹力，要待钩码平衡时再读读数故 B 正确C弹簧的长度不等于弹簧的伸长量，伸长量等于弹簧的长度减去原长，故 C 错误D拉力与伸长量之比是劲度系数，由弹簧决定，同一弹簧的劲度系数是不变的，不同的弹簧的劲度系数不同，故 D 错误（2）由图象和胡克定律结合分析知，图象的斜率为弹簧的劲度系数，当时，FL0F 即横坐标的截距为弹簧的原长，所以据图所知，横截距为，即弹簧的原长为；10cm

20、10cm图象的斜率10N/m50N/m0.30.1K 故答案为：（1）AB；（2），105021 （6 分）在“探究力的平行四边形定则”的实验中：（1）其中的两个实验步骤分别是：A在水平放置的方木板上固定一张白纸，用图钉把橡皮条的一端固定在方木板上，另一端拴上两个绳套，通过细绳同时用两个弹簧测力计（弹簧测力计与方木板平面平行）互成角度地拉橡皮条，使它与细绳的结点到达某一位置点，在白纸上用铅笔记下点OO的位置和读出两个弹簧测力计的示数和1F2FB只用一只弹簧测力计，通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与两个弹簧测力计拉时相同，读出此时弹簧测力计的示数和记下细绳的方向F请指出以上步骤中的错误或疏漏：A

21、中是_；B 中是- 15 -_（2）如图所示是甲、乙两位同学在“探究力的平行四边形定则”的实验中所得到的实验结果，若用表示两个分力、的合力，用表示和的等效力，则可以判断F1F2FF1F2F_（填“甲”或“乙” ）同学的实验结果是符合事实的【答案】 （1）未记下两条细绳的方向；未说明把橡皮条的结点拉到位置；（2）甲O【解析】解：（1）本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示步骤 A 中未记下两条细绳的方向；步骤 B 中未说明

22、把橡皮条的结点拉到位置；O（2）由于误差的存在用平行四边形定则求出的合力可以与橡皮条拉力的方向有偏差，但用一只弹簧测力计拉结点的拉力即与橡皮条拉力一定在同一直线上，和的合F1F2F力理论值一定在平行四边形的对角线上，故甲符合实验事实故答案为：（1）未记下两条细绳的方向；未说明把橡皮条的结点拉到位置；（2）O甲四、计算题（共四、计算题（共 3 3 小题，满分小题，满分 2626 分）分）22 （8 分）如图所示，直杆长，圆筒高为直杆位于圆筒正上方10.5mL 23.7mL 处直杆从静止开始做自由落体运动，并能竖直穿越圆筒试求（取0.8mH ）210m/sg （1）由释放到直杆下端刚好开始进入圆筒

23、时经历的时间；1t（2）直杆穿越圆筒所用的时间 t- 16 -【答案】 （1）由释放到直杆下端刚好开始进入圆筒时经历的时间为；1t0.4s（2）直杆穿越圆筒所用的时间 为t0.6s【解析】解：（1）设直杆下端到达圆筒上方的时间为1t2 11 2Hgt解得10.4st 直杆上端离开圆筒下方时间为2t2 1221 2LHLgt解得 21st 21ttt由上式联解得0.6st 答：（1）由释放到直杆下端刚好开始进入圆筒时经历的时间为；1t0.4s（2）直杆穿越圆筒所用的时间 为t0.6s23 （8 分）如图所示，在与水平地面成角的大小为的拉力作用下，质量为3760NF 的物块沿地面向右做匀速直线运动

24、，试求物块与地面间的动摩擦因数，以及地10kgm 面对物块的支持力 （，）10N/kgg sin370.6 cos370.8 - 17 -【答案】木块与地面之间的动摩擦因数为，地面对物体的支持力为0.7564N【解析】解：对物体受力分析并分解如图：竖直方向上：，sinNFFG所以：，sin100600.664NNFmgF水平方向：，cos600.848NfF由得：NfF480.7564Nf F答：木块与地面之间的动摩擦因数为，地面对物体的支持力为0.7564N24 （10 分）如图所示，质量为的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为轻绳1mO水平且端与放置在水平面上的质量为的物体乙相连，轻绳

25、与竖直方向的夹OBB2mOA角，物体甲、乙均处于静止状态 （取，37210m/sg sin370.6 cos370.8 设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）求：（1）轻绳、受到的拉力是多大？OAOB（2）乙受到的摩擦力是多大？方向如何？（3）若物体乙的质量，物体乙与水平面之间的动摩擦因数为，则欲使24kgm 0.3物体乙在水平面上不滑动，物体甲的质量最大不能超过多少？1m- 18 -【答案】 （1）轻绳、受到的拉力分别是：，OAOB15 4ATm g13 4BTm g（2）乙受到的摩擦力是，方向水平向左13 4m g（3）欲使物体乙在水平面上不滑动，物体甲的质量最大不能超过1m1.6kg【解析】解：（1）对结点，作出力图如图，由平衡条件有：O1cosAm g T1tanBT m g解得：，；15 4ATm g13 4BTm g（2）对于乙物体：摩擦力，13 4BFTm g方向水平向左；（3）当乙物体刚要滑动时，静摩擦力达到最大值max2Fm gmaxmaxBTF由得：max 1max1.6kgtanBTmg答：（1）轻绳、受到的拉力分别是：，OAOB15 4ATm g13 4BTm g（2）乙受到的摩擦力是，方向水平向左13 4m g（3）欲使物体乙在水平面上不滑动，物体甲的质量最大不能超过1m1.6kg- 19 -