2019学年高二物理下学期期末考试试题（重点班） 新版 新人教版.doc

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1、- 1 -20192019学年度第二学期高二重点班物理期末考试题学年度第二学期高二重点班物理期末考试题一、单项选择题一、单项选择题 3636（每小题（每小题 3 3 分，共分，共 1212 小题）小题）1.下列说法正确的是( )A.速度大的物体，它的动量一定也大B.动量大的物体，它的速度一定也大C.只要物体的运动速度大小不变，物体的动量就保持不变D.物体的动量变化越大则该物体的速度变化一定越大2.如图 7 所示，在光滑水平面上质量分别为mA2 kg、mB4 kg，速率分别为vA5 m/s、vB2 m/s 的A、B两小球沿同一直线相向运动，则下列叙述正确的是( )图 7A.它们碰撞前的总动量是

2、18 kgm/s，方向水平向右B.它们碰撞后的总动量是 18 kgm/s，方向水平向左C.它们碰撞前的总动量是 2 kgm/s，方向水平向右D.它们碰撞后的总动量是 2 kgm/s，方向水平向左3.在光电效应实验中，用单色光照射某种金属表面，有光电子逸出，则光电子的最大初动能取决于入射光的( )A.频率 B.强度C.照射时间 D.光子数目4.有关光的本性，下列说法正确的是( )A.光既具有波动性，又具有粒子性，两种性质是不相容的B.光的波动性类似于机械波，光的粒子性类似于质点C.大量光子才具有波动性，个别光子只具有粒子性D.由于光既具有波动性，又具有粒子性，无法只用其中一种性质去说明光的一切行

3、为，只能认为光具有波粒二象性5.爱因斯坦因提出了光量子概念并成功地解释光电效应的规律而获得 1921 年诺贝尔物理学奖。某种金属逸出光电子的最大初动能Ekm与入射光频率的关系如图 1 所示，其中0为极限频率。从图中可以确定的是( )A.逸出功与有关 - 2 -B.Ekm与入射光强度成正比C.当2 (mM)g时，木板便会开始运动D.无论怎样改变F的大小，木板都不可能运动三、填空题三、填空题 1414 分（每空分（每空 2 2 分）分）18.(1)某同学使用打点计时器测量当地的重力加速度。请完成以下主要实验步骤：按图 1(a)安装实验器材并连接电源；竖直提起系有重物的纸带，使重物_(填“靠近”或“

4、远离”)计时器下端；先_后_，使重物自由下落；关闭电源，取出纸带；换新纸带重复实验。图(b)和(c)是实验获得的两条纸带，应选取_(填“b”或“c”)来计算重力加速度。在实验操作和数据处理都正确的情况下，得到的结果仍小于当地重力加速度，主要原因是空气阻力和_。图 119. 如图 2 所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系(1)实验中直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但可以通过仅测量 (填选项前的符号)间接地解决这个问题A小球开始释放高度h B小球抛出点距地面的高度HC小球做平抛运动的射程(2)图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影实验时，

5、先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP.然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球m1从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复接下来要完成的必要步骤是 (填选项前的符号)A用天平测量两个小球的质量m1、m2B测量小球m1开始释放高度h- 5 -C测量抛出点距地面的高度HD分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE测量平抛射程OM、ON4 4、计算题计算题 3030 分分20.（8 分）一个质量为m100 g 的小球从h0.8 m 高处自由下落，落到一个厚软垫上，若从小球接触软垫到小球陷至最低点经历了t0.2 s，则在这段时

6、间内，软垫对小球的冲量是多少？(g10 m/s2)21.（10 分）从车站开出的汽车，做匀加速直线运动，走了 12 s 时，发现还有乘客没上来，于是立即做匀减速运动至停车。汽车从开出到停止总共历时 20 s，行进了 50 m。求汽车的最大速度。22.（12 分）如图 5 所示，质量为M的木块静置于光滑的水平面上，一质量为m、速度为v0的子弹水平射入木块且未穿出。设木块对子弹的阻力恒为F，求：图 5(1)射入过程中产生的内能为多少？木块至少为多长时子弹才不会穿出？(2)子弹在木块中运动了多长时间？- 6 -参考答案1、单项选择题 36（每小题 3 分，共 12 小题）12345678910111

7、2DCADDBBDCCBA2、多项选择题 20 分（每小题 4 分，多选、错选不给分，少选给 2 分）1314151617ACADBCDBCAD三、填空题 14 分（每空 2 分）18.答案 靠近 接通打点计时器电源 释放纸带b 纸带与打点计时器之间有摩擦19.答案 (1)C (2)ADE四、计算题 30 分20.（8 分）解析 设小球自由下落h0.8 m 的时间为t1，由hgt2得t10.4 s。1 22h g如设IN为软垫对小球的冲量，并令竖直向下的方向为正方向，则对小球整个运动过程运用动量定理得mg(t1t2)IN0，得IN0.6 Ns。负号表示软垫对小球的冲量方向和重力的方向相反。答案

8、 0.6 Ns 方向竖直向上21.（10 分）解析 解法一 基本公式法 设最大速度为vmax，由题意可得xx1x2a1tvmaxt2a2t1 22 11 22 2- 7 -tt1t2vmaxa1t10vmaxa2t2整理得vmax m/s5 m/s。2x t2 50 20解法二 平均速度法 匀加速阶段和匀减速阶段平均速度相等，都等于vmax 2故有xt1t2，因此有vmax m/s5 m/s。vmax 2vmax 22x t1t22 50 20解法三 图象法 作出汽车运动全过程的vt图象如图所示，vt图线与t轴围成三角形的面积等于位移的大小，故x，所以vmax m/s5 m/s。vmaxt 22x t2 50 20答案 5 m/s22.（12 分）解析 (1)以m和M组成的系统为研究对象，据动量守恒定律可得mv0(mM)v，得vmv0 Mm动能的损失 Emv (Mm)v21 22 01 2即 E，损失的机械能转化为内能。设子弹相对于木块的位移为L，对M、m系统由能量守恒定律得：FLmv (Mm)v21 22 01 2即FLvMm 2（Mm） 2 0L。(2)以子弹为研究对象，由动量定理得：Ftmvmv0把v代入上式得：tmv0 MmMmv0 （Mm）F答案 (1) (2) Mmv0 （Mm）F