2015年高考理科数学试题及答案全国卷2.docx

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1、绝密启用前2015年一般高等学校招生全国统一考试(全国卷2)理 科 数 学留意事项：1本试卷分第I卷（选择题）与第II卷（非选择题）两局部。答卷前，考生务必先将自己的姓名、准考证号码填写在答题卡上。2答复第I卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。3答复第II卷时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。4考试完毕后，将本试卷与答题卡一并交回。一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。（1） 已知集合A=-2，-1,0，1,2，B=x|（X-1）（x+2）

2、0,则AB=（ ）（A）-1,0 （B）0,1 （C）-1,0,1 （D）,0,，1，2（2）若a为实数且（2+ai）（a-2i）=-4i,则a=（ ） （A）-1 （B）0 （C）1 （D）2（3）依据下面给出的2004年至2013年我国二氧化硫排放量（单位：万吨）柱形图。以下结论不正确的是( )（A） 逐年比拟，2008年削减二氧化硫排放量的效果最显著（B） 2007年我国治理二氧化硫排放显现（C） 2006年以来我国二氧化硫年排放量呈削减趋势（D） 2006年以来我国二氧化硫年排放量与年份正相关（4）等比数列an满足a1=3， =21，则 ( )（A）21 （B）42 （C）63 （D）

3、84（5）设函数,( )（A）3 （B）6 （C）9 （D）12（6）一个正方体被一个平面截去一局部后，剩余局部的三视图如右图，则截去局部体积与剩余局部体积的比值为（A） （B） （C） （D）（7）过三点A（1,3），B（4,2），C（1,-7）的圆交于y轴于M、N两点，则=（A）2 （B）8 （C）4 （D）10（8）右边程序抗土的算法思路源于我国古代数学名著九章算术中的“更相减损术”。执行该程序框图，若输入a,b分别为14,18，则输出的a=A.0 B.2 C.4 D.14（9）已知A,B是球O的球面上两点，AOB=90,C为该球面上的动点，若三棱锥O-ABC体积的最大值为36，则球O的

4、外表积为A36 B.64 C.144 D.25610.如图，长方形ABCD的边AB=2，BC=1，O是AB的中点，点P沿着边BC，CD与DA运动，记BOP=x将动点P到A、B两点间隔 之与表示为x的函数f（x），则f（x）的图像大致为（11）已知A，B为双曲线E的左，右顶点，点M在E上，ABM为等腰三角形，且顶角为120，则E的离心率为（A） （B）2 （C） （D）（12）设函数f(x)是奇函数的导函数，f（-1）=0，当时，则使得成立的x的取值范围是ABCD二、填空题（13）设向量，不平行，向量与平行，则实数_（14）若x，y满足约束条件，则的最大值为_（15）的绽开式中x的奇数次幂项的系

5、数之与为32，则_（16）设是数列的前n项与，且，则_三解答题（17）ABC中，D是BC上的点，AD平分BAC，ABD是ADC面积的2倍。()求;() 若=1，=求与的长.(18)某公司为理解用户对其产品的满足度，从A，B两地区分别随机调查了20个用户，得到用户对产品的满足度评分如下：A地区：62 73 81 92 95 85 74 64 53 76 78 86 95 66 97 78 88 82 76 89B地区：73 83 62 51 91 46 53 73 64 82 93 48 65 81 74 56 54 76 65 79（）依据两组数据完成两地区用户满足度评分的茎叶图，并通过茎叶图

6、比拟两地区满足度评分的平均值及分散程度（不要求计算出详细值，得出结论即可）；（）依据用户满足度评分，将用户的满足度从低到高分为三个不等级：满足度评分低于70分70分到89分不低于90分满足度等级不满足满足特别满足记时间C：“A地区用户的满足度等级高于B地区用户的满足度等级”。假设两地区用户的评价结果互相独立。依据所给数据，以事务发生的频率作为相应事务发生的概率，求C的概率19（本小题满分12分）如图，长方体ABCDA1B1C1D1中，AB = 16，BC = 10，AA1 = 8，点E，F分别在A1B1，D1C1上，A1E = D1F = 4，过点E，F的平面与此长方体的面相交，交线围成一个正

7、方形。（1）在图中画出这个正方形（不必说明画法与理由）；（2）求直线AF与平面所成的角的正弦值。20（本小题满分12分）已知椭圆C：，直线l不过原点O且不平行于坐标轴，l与C有两个交点A，B，线段AB的中点为M。（1）证明：直线OM的斜率与l的斜率的乘积为定值；（2）若l过点，延长线段OM与C交于点P，四边形OAPB能否为平行四边形？若能，求此时l的斜率；若不能，说明理由。21（本小题满分12分）设函数。（1）证明：在单调递减，在单调递增；（2）若对于随意，都有，求m的取值范围。GAEFONDBCM请考生在第22、23、24题中任选一题作答，假如多做，则按所做的第一题记分。作答时请写清题号22

8、（本小题满分10分）选修4 - 1：几何证明选讲如图，O为等腰三角形ABC内一点，O与ABC的底边BC交于M，N两点，与底边上的高AD交于点G，且与AB，AC分别相切于E，F两点。（1）证明：EFBC；（2）若AG等于O的半径，且，求四边形EBCF的面积。23（本小题满分10分）选修4 - 4：坐标系与参数方程在直角坐标系xOy中，曲线C1：（t为参数，t 0），其中0 cd；则；（2）是的充要条件。参考答案一选择题（1）A（2）B（3）D（4）B（5）C（6）D（7）C（8）B（9）C（10）B（11）D（12）A二填空题（13）（14）（15）3（16）三解答题（17）解：因为，所以由正弦

9、定理可得（）因为，所以在与中，由余弦定理知故由（）知，所以（18）解：（）两地区用户满足度评分的茎叶图如下通过茎叶图可以看出，A地区用户满足度评分的平均值高于B地区用户满足度评分的平均值；A地区用户满足度评分比拟集中，B地区用户满足度评分比拟分散。（）记表示事务：“A地区用户的满足度等级为满足或特别满足”；表示事务：“A地区用户的满足度等级为特别满足”；表示事务：“B地区用户的满足度等级为不满足”；表示事务：“B地区用户的满足度等级为满足”，则与独立，与独立，与互斥，由所给数据得发生的频率分别为，故（19）解：（）交线围成的正方形如图：（）作，垂足为，则因为为正方形，所以于是，所以以D为坐标原

10、点，的方向为轴正方向，建立如图所以的空间直角坐标系，则设是平面的法向量，则即所以可取又，故所以AF与平面所成角的正弦值为（20）解：（）设直线将代入得，故于是直线的斜率，即所以直线的斜率与的斜率的乘积为定值（）四边形能为平行四边形因为直线过点，所以不过原点且与有两个交点的充要条件是由（）得的方程为设点的横坐标为由得，即将点的坐标代入的方程得，因此四变现为平行四边形当且仅当线段与线段互相平分，即于是，解得因为，所以当的斜率为或时，四边形为平行四边形（21）解：若，则当时，；当时，若，则当时，；当时，所以，在单调递减，在单调递增（）由（）知，对随意的在-1，0单调递减，在0,1单调递增，故在处获得

11、最小值，所以对于随意的充要条件是即设函数，则当时，；当时，故在单调递减，在单调递增。又，故当时，当时，即式成立；当时，由的单调性，即；当时，即综上，的取值范围是-1,1（22）解：（）由于是等腰三角形，所以是的平分线又因为分别与AB，AC相切于点E，F，所以，故从而（）由（）知，故是的垂直平分线.又为的弦，所以在上连结，则由等于的半径得，所以，因此与都是等边三角形因为，所以因为，所以，于是所以四边形的面积为（23）解：（）曲线的直角坐标方程为，曲线的直角坐标方程为.联立 解得 或所以与交点的直角坐标为与（）曲线的极坐标方程为，其中因此的极坐标为，的极坐标为所以当时，获得最大值，最大值为4（24）解：（）因为，由题设得因此（）（）若，则，即因为，所以由（）得（）若，则，即因为，所以，于是因此综上，是的充要条件