2022年浙江省丽水市中考物理试题及答案解析.docx

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1、2022年浙江省丽水市中考物理试卷一、单选题（本大题共10小题，共32.0分）1. “鱼戏莲叶东，鱼戏莲叶西，鱼戏莲叶南，鱼戏莲叶北”我们能看见水中的鱼，是因为()A. 光的直线传播B. 光的反射C. 平面镜成像D. 光的折射2. 甲、乙为不同条形磁铁的两个磁极，弧线是部分未标方向的磁感线，如图所示。根据图中小磁针静止时的指向判断甲、乙的磁极，下列描述正确的是()A. 甲、乙都是N极B. 甲、乙都是S极C. 甲是N极，乙是S极D. 甲是S极，乙是N极3. 生活中处处有科学。下列日常工具在使用时属于费力杠杆的是()A. 独轮车B. 开瓶器C. 钓鱼竿D. 大铡刀4. 立定跳远是我市体育中考项目之

2、一，其动作分解如图所示。下列对运动员在立定跳远过程中的相关分析正确的是()A. 起跳时，没有受到地面对他的作用力B. 起跳后，能继续往前是由于他具有惯性C. 腾空到达最高点时，速度大小刚好减为零D. 落地后站稳，机械能全部转化为化学能5. 电热蚊香器是一种常用的除蚊工具。当蚊香器接上电源，需要闭合开关S，才能使指示灯L发光，发热体工作。现由于某种原因指示灯断路不亮，但发热体依然能正常工作。则下列电路连接方式符合要求的是()A. B. C. D. 6. 按如图电路进行实验，每次总观察到电磁铁A吸引大头针的数目比电磁铁B多。此现象说明影响电磁铁磁性强弱的一个因素是()A. 电流大小B. 线圈匝数C

3、. 电流方向D. 电磁铁极性7. 李白的名句“举杯邀明月，对影成三人”中，涉及到的光学知识理解正确的是()A. 空中的明月是光源B. 杯中的人影是光的折射形成的C. 地上的人影是光沿直线传播形成的D. 月光能照射到人，说明光的传播需要介质8. 某油烟机具有排气和照明的功能，这两种功能既可单独、也可同时使用。下列电路符合要求的是()A. B. C. D. 9. 如图是2022年北京冬奥会冰壶项目比赛场景。冰壶投出后，同队队员在冰壶的前方擦刷冰面，形成水膜，使冰壶沿预设轨迹运动。下列说法正确的是()A. 擦刷冰面是为了增大摩擦B. 冰面上的水膜是液化形成的C. 冰壶离手后仍能前行是由于受到惯性的作

4、用D. 冰壶最终停止是因为力能改变物体的运动状态10. 如图是某兴趣小组用轻质杆制作的杆秤，经测试发现量程偏小。下列操作能使杆秤量程变大的是()A. 将a点向左移B. 将b点向右移C. 换一个质量较小的秤砣D. 将a、b点都向左移等长距离二、填空题（本大题共5小题，共22.0分）11. 2020年11月10日，中国“奋斗者”号载人潜水器在马里亚纳海沟成功坐底，坐底深度10909米，创造中国载人深潜新纪录。“奋斗者”号通过舱外机械臂，获取了一批样品，为进一步开展深渊科学研究提供了第一手资料。(1)在下潜过程中，“奋斗者”号外表面所承受的液体压强将_ (选填“增大”“减小”或“不变”)；(2)“奋

5、斗者”号携带样品返航时，若以该样品为参照物，“奋斗者”号是_ (选填“静止”或“运动”)的。12. 用如图所示装置测物体B的摩擦力。拉力F水平向左，不计弹簧测力计重，所用弹簧测力计已调零。完成下列问题：(1)当F=5N时，物体A保持静止，弹簧测力计示数为零，此时物体B受到的摩擦力为_ ；(2)当F=20N时，物体A水平向左运动，弹簧测力计示数为3N且保持不变，此时物体B受到的摩擦力方向为_ 。13. 按如图所示电路研究电流与电压的关系。已知电源电压为6V，R1为定值电阻，滑动变阻器R2标有“201A”字样，电流表量程为“00.6A”，电压表量程为“015V”。完成下列问题：(1)闭合开关后，电

6、流表无示数，电压表示数接近电源电压，出现此故障的原因可能是_ ；(2)若R1=6，为保证电路安全，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为_ 。14. 2022年5月15日，我国自主研发的“极目一号”型浮空艇从科考基地上升到海拔9032米，创造了大气科学观测世界纪录。(1)上升过程中，以地面为参照物，浮空艇是_的；(2)该浮空艇是软式飞艇，上升过程中需通过调整气囊中的气压来保持外形不变。上升过程中，该艇受到的浮力_(填“增大”、“减小”或“不变”)。15. 为研究“影响压力作用效果的因素”，小科在家中用质量可忽略的塑料瓶和海绵进行实验：测得瓶底面积为35厘米2，瓶盖面积为7厘米2，并将瓶子装满600

7、毫升水，依次正放和倒放于海绵上(如图)。(1)本实验可初步得出：压力的作用效果与_有关；(2)正放时水对瓶底的压强为p1，倒放时水对瓶盖的压强为p2，则p1_p2(填“大于”、“小于”或“等于”)；(3)要使瓶子倒放时对海绵的压强与正放时相同，需要从瓶子中倒出_毫升水。三、实验探究题（本大题共3小题，共23.0分）16. 某校“制作浮力秤”项目研究小组，制成如图所示浮力秤。使用过程中，发现称量范围较小，有待提升改造。【原理分析】浮力秤是利用物体漂浮时F浮=G物的原理工作的；浮力大小与液体密度和物体排开液体的体积有关。【问题提出】浮力大小与液体密度存在怎样的定量关系？【方案设计】器材：悬挂式电子

8、秤、金属块(4.0N)、大烧杯、水以及各种不同密度的溶液等。步骤：将金属块挂在电子秤下，读取电子秤示数并记录；将金属块浸没在盛水的烧杯中，读取电子秤示数并记录，然后取出金属块擦干；按照步骤的操作，换用不同密度的溶液，多次重复实验。【数据处理】 实验编号1234567液体密度液(g/cm3)0.81.01.21.41.92.0电子秤示数F拉(N)4.03.63.53.43.32.63.0浮力大小F浮(N)0.40.5x0.71.41.0【交流分析】(1)表格中x的数据是_ ；(2)实验过程中，除步骤外，其余每一次测量，金属块都需要浸没，其目的是_ ；(3)小组同学对实验数据进行了分析讨论，认为第

9、6次实验数据异常。若电子秤正常工作、电子秤读数和表中数据记录均无误。则造成此次实验数据异常的原因可能是_ 。【得出结论】 【知识应用】(4)根据以上探究，写出一种增大浮力秤称量范围的方法_ 。17. 为研究“电流与电压的关系”，小科和小丽设计了如图甲的电路，其中电源电压恒定不变，定值电阻R为5欧。请回答：实验次数一二三电压/伏1.01.52.0电流/安0.20.30.4(1)如图甲，若滑片P向右移时接入的阻值变小，则待接导线应与_相连(填字母)；(2)闭合开关，小科发现电压表指针不偏转，电流表指针偏转，则故障可能是_；(3)小科排除故障后，通过实验获得数据如表，分析数据可得出的结论是_；(4)

10、小丽用另一组同规格器材进行实验，获得的数据作出UI关系如图乙，发现与预期结果不一样，分析实验过程中可能存在的问题有_。18. 为更精确地测量木块的滑动摩擦力，小丽引入拉力传感器并设计了如图甲的实验。她将一块长、宽、高均不同的长方体木块平放，拉动木板发现传感器示数不稳定，同时观察到实验中木块总有些摆动，获得数据如图乙。是什么引起了木块的摆动，进而引起摩擦力测量值的不稳定？小丽继续实验，将同一木块侧放，重复实验，获得数据如图丙。(1)实验中测量滑动摩擦力时，木板_匀速直线拉动(填“需要”或“不需要”)；(2)分析图乙，第1秒末，木块所受摩擦力为_牛；(3)继续实验环节基于的假设是_；(4)小丽认为

11、，本实验还可得出滑动摩擦力大小与接触面积有关。小科认为不正确，并从实验中找出了说服小丽的证据_。四、计算题（本大题共4小题，共30.0分）19. 金义东(金华义乌东阳)线是金华轻轨的首条线路，全长约108千米，该线路的建成有助于打造金义都市区“一小时通勤圈”。金义东线所用列车空载时的质量约为200吨，停靠时车轮跟铁轨接触总面积为0.8平方米，最高设计速度为120千米/小时。完成下列问题：(1)若列车全程以最高设计速度行驶，途中不停靠，则从金华到东阳共需要多少小时？(2)停靠时，空载列车对铁轨的压强为多少？(3)若空载列车以最高设计速度匀速直线行驶时，所受阻力为车重的0.04倍，此时该列车的功率

12、为多少瓦？20. 便携式无线加湿器，让你随时随地实现加湿自由。某品牌便携式无线加湿器，通过旋转开关S接触不同触点，实现高、低两个挡位的转换，其简化的工作电路如图所示，铭牌上的部分参数如下表： 项目参数工作电压(V)20低挡位功率(W)5高挡位功率(W)10完成下列问题：(1)旋转开关S接触“bc”两触点时，加湿器处于_ 挡位；(2)加湿器低挡位工作时，电路通过的电流多大？(3)加湿器高挡位工作6小时，将消耗多少电能？21. 空气炸锅是一种新型家电，如图甲是某型号空气炸锅，其内部电路可简化为图乙，部分参数和食品加热时间如表所示。其工作原理是通过发热管迅速加热锅内空气，利用大功率风扇形成循环的热流

13、，使盛放篮内的食品均匀受热，不放油也能达到类似煎炸的效果。部分参数风扇额定功率/瓦80发热管额定功率/瓦1320额定电压/伏220食品加热时间薯条/分1215鸡翅/分1820(1)正常工作时，求通过发热管的电流；(2)某次用该空气炸锅炸一锅薯条耗时15分钟，求所消耗的电能；(3)根据空气炸锅的工作原理，发热管、风扇、盛放篮三者的位置从上到下依次是_。22. 火的使用推动了人类文明的进步。随着科技的发展，生活中的点火方式越来越便捷多样，但火柴仍是实验室常用的点火工具。火柴引燃过程：划动火柴擦火皮(含微量易燃物)产生火星引发火柴头燃烧。图乙是小丽设计的三种引燃火柴的方式，若F1=F2F3，且B、C

14、的火柴棒与擦火皮夹角相同，则哪种方式更容易将火柴引燃？请用所学知识解释。五、综合题（本大题共2小题，共11.0分）23. 如图甲是清代的手持消防水枪，它在消防灭火中发挥过一定作用，其部分结构如图乙：枪身由内外两个套筒组成，外筒底部是进水口，内筒顶端是喷水口、底部有活塞。使用时将进水口浸没在水中，先向上提内筒吸水，再向下压内筒喷水，如此反复。【原理分析】使用消防水枪吸水时，主要是利用了_；【方案设计】如图丙和丁是小丽设计的消防水枪进水口的两种结构，合理的是_；【尝试实践】为了解消防水枪的使用效果，小丽和小科仿制了消防水枪并进行演示，用30秒将20千克水喷到15米高处，求他们对水做功的功率。24.

15、 萤石是我市的优势矿产资源，也是我国“战略性矿物”。为探讨萤石的形成、开采、浮选等跨学科问题。兴趣小组对某萤石矿区开展项目化研究。【萤石开采】萤石开采过程中，通常用乳化炸药装入凿好的岩壁小孔，将岩石炸成碎块，再将岩石碎块装入车厢运出矿洞。乳化炸药将岩石炸成碎块的过程中，化学能转化成_。答案和解析1.【答案】D【解析】解：鱼在水中，人在岸上，鱼反射的光线从水中斜射入空气中，折射光线进入人的眼睛，人眼感觉折射光线从折射光线的反向延长线上射出的，所以看到的鱼的虚像。故选：D。光从一种介质斜射入另一种介质时，会发生折射现象。本题考查了光的折射现象，比较简单，属于一道光学基础题。2.【答案】B【解析】解

16、：由磁感线可知两磁极相互排斥，两磁极为同名磁极，小磁针静止时N极指向乙磁极，根据磁极间相互作用规律可知乙磁极为S极，故两磁极均为S极。故选：B。由磁感线的形状可知两磁极极性的关系，由磁极间相互作用规律可知磁极的极性。常见磁铁的磁感线的形状应牢记：如条形磁铁、蹄形磁铁、通电螺线管、同名磁极、异名磁极等。3.【答案】C【解析】解：A、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不合题意；B、开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不合题意；C、钓鱼竿在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C符合题意；D、大铡刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不合题意。故选

17、：C。结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。4.【答案】B【解析】解：A、由于物体间力的作用是相互的，运动员对起跳时对地面一个向下的力，反过来地面会对运动员一个向上力，故A错误；B、由于运动员具有惯性，所以运动员起跳后能继续向前运动，故B正确；C、运动员到达最高点时，竖直方向上速度为零，水平方向上速度不为零，故C错误；D、运动员在运动过程中会克服空气阻力对外

18、做功，机械能没有全部转化为化学能，故D错误。故选：B。(1)物体间力的作用是相互的；(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；(3)运动员到达最高点时，竖直方向上速度为零，水平方向上速度不为零；(4)运动员在运动过程中会克服空气阻力对外做功。本题主要考查了相互作用力、惯性以及能量转化，难度不大。5.【答案】D【解析】解：根据题意可知，当蚊香器接上电源，闭合开关S，指示灯L发光，发热体工作；指示灯断路不亮，但发热体依然能正常工作，这说明发热体和指示灯互不影响，是并联的，开关在管理者红，故D正确。故选：D。根据指示灯、发热体在工作时是否相互影响分析电路的连接方式。本题考查了实验电路设计，根据题意

19、确定各电路元件的连接方式是正确解题的关键。6.【答案】B【解析】解：由图知，甲、乙两线圈串联，所以通过甲、乙两线圈的电流相等；甲的线圈匝数明显比乙的线圈匝数多，实验观察到电磁铁甲吸引大头针的数目比乙多；所以此实验说明电磁铁的磁性强弱与线圈匝数有关。故选：B。要解决此题，需要掌握电磁铁磁性强弱的因素。知道电磁铁磁性的强弱与电流的大小和线圈的匝数有关；同时要掌握串联电路中的电流特点，知道串联电路中电流相等。掌握转换法在此实验中的应用。此题是探究影响电磁铁磁性强弱因素的实验。主要考查了电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系。注意转换法的使用。7.【答案】C【解析】解：A、空中的明月自身不能发光，因此不是光源

20、，故A错误；B、酒杯中的人影是由于人关于杯中酒液面发生反射形成的虚像，故B错误；C、月光把人影照在地面上，是人挡住了月亮反射来的光，故人影是光沿直线传播形成的，故C正确；D、光的传播不需要介质，故D错误。故选：C。(1)自身能发光的物体叫光源；(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；(3)光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的例子有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象等；(4)光的传播不需要介质。本题主要考查了光的直线传播、光源的判别，光的反射等，属于光学基础知识考查，难度不大。8.【答案】C

21、【解析】解：某油烟机具有排气和照明的功能，这两种功能既可单独、也可同时使用，说明电动机和照明灯独立工作、互不影响即为并联，电动机和照明灯分别由各自支路上的开关控制，根据家庭电路安全用电的原则，开关应控制火线，只有一个保险丝的情况下，保险丝应该接在火线上，故C符合要求。故选：C。某油烟机具有排气和照明的功能，这两种功能既可单独、也可同时使用，说明电动机和照明灯独立工作、互不影响即为并联，据此结合家庭电路的安全用电原则分析选项得出答案。本题考查串并联电路的设计、家庭电路安全用电的原则，知道在家庭电路中开关控制火线是解题的关键9.【答案】D【解析】解：A、比赛时两位队员在冰壶前方“刷冰”，使冰面形成

22、水膜，其目的是通过使接触面脱离的方法来减小冰壶与冰面间的摩擦力，故A错误；B、冰面上的水膜是固态的冰变成液态的水，属于熔化，故B错误；C、冰壶离开手后仍能继续向前滑行，是由于冰壶具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；D、冰壶最终停止，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。故选：D。(1)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；(2)物质从固态变为液态是熔化；(3)体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；(4)物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，如果速度大小和方向不变，说明运动

23、状态不变。本题考查惯性、力的作用效果和减小摩擦力的方法、液化现象等，涉及的知识点较多，综合性较强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。10.【答案】D【解析】解：A、将a点向左移，阻力臂增大，动力臂和动力不变，由杠杆平衡条件可知，阻力变小，称量的最大质量变小，量程变小，故A错误；B、将b点向右移，阻力臂增大，动力不变，动力臂变小，由杠杆平衡条件可知，阻力变小，称量的最大质量变小，量程变小，故B错误；C、换一个质量较小的秤砣，阻力臂不变，动力变小，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，阻力变小，称量的最大质量变小，量程变小，故C错误；D、将a、b点都向左移等长距离，杠杆右边长度变大，阻力臂不变，

24、动力臂变大，动力不变，由杠杆平衡条件可知，阻力变大，所称量物体的质量变大，量程变大，故D正确。故选：D。由杠杆平衡条件分析各个选项力臂的关系，可以确定量程的变化。本题以杆秤为情景考查了杠杆平衡条件的应用，体现了物理在生活中的应用。11.【答案】增大 静止【解析】解：(1)由于液体内部压强随着深度的增加而增大，故“奋斗者”在下潜过程中，所受压强将增大；(2)“奋斗者”号携带样品返航时，若以该样品为参照物，“奋斗者”号与样品之间没有发生位置的变化，是静止的。故答案为：(1)增大；(2)静止。(1)液体的压强与液体的密度和深度有关，液体内部压强的计算公式是P=gh；(2)在研究物体的运动情况时，要先

25、选取一个标准做为参照物，研究对象和参照物的位置发生了改变，就是运动的，如果位置没有发生改变，则是静止的。本题考查了液体内部压强的特点、运动和静止的相对性，属于基础知识。12.【答案】0N 水平向左【解析】解：(1)当物体B静止不动时，水平方向上受到的合力为0，弹簧测力计的拉力和A对B的摩擦力是一对平衡力，大小相等，故弹簧测力计的示数等于B所受摩擦力，即0N；(2)当物体B静止不动时，水平方向上受到的合力为0，弹簧测力计的拉力和A对B的摩擦力是一对平衡力，大小相等方向相反，所以摩擦力水平向左。故答案为：0N；水平向左。(1)当两物体发生相对运动时，受到的摩擦力为滑动摩擦力；一般情况下，滑动摩擦力

26、的方向与物体相对运动的方向相反；(2)物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力作用，即合力为零。此题主要考查了二力平衡条件的应用。解题的关键是根据运动情况分析滑动摩擦力的方向。13.【答案】R1断路 4【解析】解：(1)串联电路只有一条电流的路径，电流表无示数，说明电路中有断路；电压表有示数，说明与电压表并联的定值电阻R1断路，其它元件完好；(2)如图所示，R1与R2串联，当电源电压一定时，R2接入电路的阻值越小，电路的总电阻就越小，电路中的电流就越大。比较R2的最大电流与电流表的最大量程值可知，当I=0.6A，R2接入的阻值最小，由欧姆定律公式I=UR可得：电路的总电阻：R=UI=6V

27、0.6A=10；R2的最小值：R2=RR1=106=4故答案为：R1断路；4(1)根据电表示数情况，结合串联电路的特点，确定故障原因；(2)根据欧姆定律，结合串联电路的特点，可求得滑动变阻器接入电路的最小值。本题考查串联电路故障分析以及欧姆定律在串联电路中的应用，涉及到滑动变阻器的取值范围问题，难度适中。14.【答案】运动 减小【解析】解：(1)上升过程中，以地面为参照物，浮空艇与地面之间发生了位置的变化，是运动的；(2)上升过程中，该艇排开的空气的体积不变，空气的密度会变小，根据F浮=空gV排可知，浮空艇受到的浮力减小。故答案为：运动；减小。一个物体是运动还是静止，取决于选择的参照物，参照物

28、不同，物体运动状态也不一样；根据F浮=空gV排判断浮力的大小变化。本题考查了阿基米德原理的应用、运动和静止的相对性，属于基础题。15.【答案】受力面积 小于 480【解析】解：(1)本图是同一个瓶子的两种放置状态，压力大小相等，受力面积越小，海绵形变越大，压力作用效果越明显，所以本实验说明压力一定时，压力作用效果与受力面积有关；(2)V=600mL=600106m3 这瓶水的质量为：m=V=1103kg/m3600106m3=0.6kg。这瓶水重为：G=mg=0.6kg10N/kg=6N。物体放在水平面上，则F=G=6N。瓶子正放时对海绵的压强为p1=FS=6N35104m21.71103Pa

29、；瓶子倒放时对海绵的压强为p2=FS=6N7104m28.57103Pa；所以p1小于p2；(3)要使瓶子倒放时对海绵的压强与正放时相同，由p=FS得：倒放时水的重力G=F=pS=1.71103Pa7104m21.2N，倒出的水的重力G=GG=6N1.2N=4.8N，则由G=mg得：m=Gg=4.8N10N/kg=0.48kg。由m=V得V=m=0.48kg1103kg/m3=0.48103m3=0.48103cm3=480mL。故答案为：受力面积；小于；480。(1)压力作用效果用物体形变大小来反映，压力作用效果跟压力大小和受力面积大小有关；(2)利用压强公式计算出放时水对瓶底的压强为p1和

30、倒放时水对瓶盖的压强为p2，然后进行比较；(3)要使瓶子倒放时对海绵的压强与正放时相同，根据压强求出倒放时的压力大小，则可知倒放时水的重力，与原来的重力相减，即为应倒出水的重力，根据G=mg计算质量。本题考查了重力公式、密度公式、压强公式的应用，综合性较强，解题时要注意单位的换算，灵活应用公式是解题的关键。16.【答案】0.6 控制金属块排开的液体的体积相同 金属块没有全部浸入液体中 在V排不变时，增大金属块的重力(在重力不变的情况下减小金属块的体积)【解析】解：(1)根据2、3、5组的实验数据可知，金属块受到的重力为：G=F拉+F浮=3.6N+0.4N=3.5N+0.5N=3.3N+0.7N

31、=4.0N；第4组实验中，拉力的大小为3.4N，则受到的浮力为：F浮=GF拉=4.0N3.4N=0.6N；(2)探究浮力大小与液体密度的关系时，根据控制变量法可知，需要控制金属块排开的液体的体积相同，除步骤外，其余每一次测量，金属块都需要浸没，金属块排开的液体的体积等于金属块的体积，其目的是控制金属块排开的液体的体积相同；(3)电子秤正常工作、电子秤读数和表中数据记录均无误，在排开的液体的体积相同时，液体的密度越大，电子秤的示数就越小，第6次实验数据中的电子秤的示数偏小，其原因可能是金属块没有全部浸入液体中；(4)金属块受到的浮力为：F浮=GF拉，根据阿基米德原理可知，液体的密度为：液=F浮g

32、V排=GF拉gV排，弹簧秤的最大拉力不变，在V排不变时，可以增大金属块的重力来增大密度的测量范围，也可以在重力不变的情况下减小金属块的体积来增大测量范围。故答案为：(1)0.6；(2)控制金属块排开的液体的体积相同；(3)金属块没有全部浸入液体中；(4)在V排不变时，增大金属块的重力(在重力不变的情况下减小金属块的体积)。(1)根据称重浮求出物体的重力；根据称重法求出x的大小；(2)(3)探究浮力大小与液体密度的关系时，需要控制金属块排开的液体的体积相同；(4)根据测量原理分析增大量程的方法。本题考查阿基米德的应用、称重法测浮力、数据分析能力，利用好控制变量法是解题的关键。17.【答案】A 电

33、阻R短路 电阻一定时，电流和电压成正比 电压表没有调零，指针偏右，或者是电流表没有调零，指针偏左【解析】解：(1)滑片P向右移时接入的阻值变小，说明接入阻值长度变短，由此可知，滑动变阻器是右下接线柱接入电路；(2)电流表指针偏转说明有电流通过，排除断路，电压表没有示数说明R被短路；(3)由数据可知，电压变大，电流变大，比值不变。所以结论为电阻一定时，电流和电压成正比；(4)图乙中，当电流为0时，电压表有示数，意味着电压表没有调零，指针偏右，或者是电流表没有调零，指针偏左；故答案为：(1)A；(2)电阻R短路；(3)电阻一定时，电流和电压成正比；(4)电压表没有调零，指针偏右，或者是电流表没有调

34、零，指针偏左。(1)滑片P向右移时接入的阻值变小，说明接入阻值长度变短，由此可知滑动变阻器下面的接入柱是哪一边的接入电路；(2)电流表指针偏转说明有电流通过，排除断路，电压表无示数，说明定值电阻两端无电压，由此可判断电路故障；(3)由数据可知，电压变大，电流变大，比值不变；(4)图乙中，当电流为0时，电压表有示数，意味着电压表没有调零，指针偏右，或者是电流表没有调零，指针偏左；本题考查了电流和电压的关系、滑动变阻器接入方法、故障分析和实验误差分析，属于提升题。18.【答案】不需要 1 接触面积不同会引起木块摆动程度不同，进而引起滑动摩擦力测量值不稳定 接触面积大小影响的是滑动摩擦力的稳定性，而

35、不是滑动摩擦力的大小【解析】解：(1)拉动木板时，无论匀速、变速拉动，木板对木块的摩擦力不变，木块始终处于静止状态，在水平方向上受到的合力为0，此时弹簧测力计的示数始终等于滑动摩擦力；(2)由图乙可知，第1秒末，对应的摩擦力大小为1N；(3)实验过程中小丽将同一木块侧放，控制了压力相同、接触面的粗糙程度相同，改变了木块与木板的接触面积，根据控制变量法原则，继续实验环节基于的假设是：接触面积不同会引起木块摆动程度不同，进而引起滑动摩擦力测量值不稳定；(4)比较图乙和图丙的数据可知，两次实验中滑动摩擦力大小的平均值基本相同，都约为1.5N，所以，接触面积大小影响的是滑动摩擦力的稳定性，而不是滑动摩

36、擦力的大小。故答案为：(1)不需要；(2)1；(3)接触面积不同会引起木块摆动程度不同，进而引起滑动摩擦力测量值不稳定；(4)接触面积大小影响的是滑动摩擦力的稳定性，而不是滑动摩擦力的大小。(1)此实验的思路是利用二力平衡的条件，通过弹簧测力计的示数来得到摩擦力的大小，因此是否能保持正方体木块匀速直线运动或静止状态是实验是否合理的关键；(2)由图乙可知第1秒末对应的摩擦力大小；(3)根据控制变量法原则，分析实验过程中改变的物理量来确定实验环节基于的假设；(4)分析图乙和图丙可知两次的滑动摩擦力大小关系，进而判断滑动摩擦力大小与接触面积是否有关。本题是探究的是滑动摩擦力的影响因素，主要考查二力平

37、衡条件的应用、控制变量法的使用、分析图像数据的能力，对学生的要求比较高。19.【答案】解：(1)根据v=st可知，从金华到东阳需要的时间为：t=sv=108km120km/h=0.9h；(2)停靠时，空载列车对铁轨的压力等于自身的重力，空载列车对铁轨的压强为：p=FS=GS=mgS=200103kg10N/kg0.8m2=2.5106Pa；(3)列车运行时受到的阻力：f=0.04G=0.04mg=0.04200103kg10N/kg=8104N；因列车匀速行驶时，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，列车的牵引力：F=f=8104N，则列车以最高速度空载匀速运行时牵引力的功率：P=Fv=810

38、4N1203.6m/s2.67106W。答：(1)若列车全程以最高设计速度行驶，途中不停靠，则从金华到东阳共需要0.9小时；(2)停靠时，空载列车对铁轨的压强为2.5106Pa；(3)若空载列车以最高设计速度匀速直线行驶时，所受阻力为车重的0.04倍，此时该列车的功率为2.67106W。【解析】(1)根据速度公式求出时间；(2)根据p=FS=GS=mgS求出压强的大小；(3)根据题意求出列车运行时受到的阻力，根据二力平衡条件求出牵引力的大小，再根据P=Wt=Fst=Fv求出最高速度空载匀速运行时牵引力的功率。本题考查了速度公式、二力平衡条件、压强公式和功率公式的应用，从题干中获取有用的信息是关

39、键，计算过程要注意单位的换算。20.【答案】低【解析】解：(1)旋转开关S接触触点ab时，电路未接通；旋转开关S接触触点cd时，电路为R1、R2的并联电路，总电阻较小，根据P=UI=U2R可知总功率较大，旋转开关S接触触点bc时，电路为R2的简单电路，总电阻较大，根据P=UI=U2R可知总功率较小，加湿器处于低挡位；(2)已知低挡位的功率为5W，加湿器低挡位工作时，电路通过的电流I=P低U=5W20V=0.25A；(3)已知高挡位的功率为10W，加湿器高挡位工作6小时，将消耗的电能W=P高t=10W63600s=2.16105J。故答案为：(1)低；(2)加湿器低挡位工作时，电路通过的电流为0

40、.25A；(3)加湿器高挡位工作6小时，将消耗2.16105J的电能。(1)旋转开关S接触触点ab时，电路未接通；旋转开关S接触触点cd时，电路为R1、R2的并联电路，总电阻较小，根据P=UI=U2R可知总功率较大，旋转开关S接触触点bc时，电路为R2的简单电路，总电阻较大，根据P=UI=U2R可知总功率较小，据此分析加湿器处于哪一挡位；(2)已知低挡位的功率为5W，根据P=UI计算加湿器低挡位工作时，电路通过的电流；(3)已知高挡位的功率为10W，根据W=Pt计算加湿器高挡位工作6小时，将消耗多少电能。本题考查电功率的有关计算，属于对基础知识的考查，关键是公式的灵活运用。21.【答案】风扇、

41、发热管、盛放篮【解析】解：(1)通过发热管的电流：I=PU=1320W220V=6A；(2)空气炸锅炸加热时的总功率：P=P1+P2=1320W+80W=1400W；该空气炸锅炸所消耗的电能：W=Pt=1400W1560s=1.26106J；(3)食物用盛放篮盛放后只有上表面方便通过空气加热，因此放在最下；通过发热管加热后的锅内空气密度变小，浮力大于重力会上升，要利用大功率风扇把热空气吹到食物上，因此，风扇在最上面。发热管、风扇、盛放篮三者的位置从上到下依次是风扇、发热管、盛放篮。答：(1)正常工作时，通过发热管的电流为6A；(2)该空气炸锅炸一锅薯条耗时15分钟所消耗的电能为1.26106J

42、；(3)风扇、发热管、盛放篮。(1)根据P=UI求出发热管的工作电流；(2)根据W=Pt求出空气炸锅炸一锅薯条耗时15分钟消耗的电能；(3)结合浮力，密度知识分析解答。本题考查了电功率公式和电功公式的灵活应用，分析了空气炸锅的原理，注重了物理与社会相结合。22.【答案】答：火柴头与擦火皮之间的压力越大，产生的摩擦力越大；火柴滑动过程中，克服摩擦力做功越多，机械能转化为内能越多；内能增大，温度很高；温度达到擦火皮上易燃物的着火点，产生火星；放出的热量传递到火柴头，引发火柴头燃烧。【解析】摩擦力大小和压力有关，摩擦力越大，做功越多，转化为内能越多，内能使温度升高，从而达到火柴头的着火点，使火柴点燃

43、。本题考查了摩擦力和压力的关系、做功能改变内能、内能与温度的关系和燃烧的条件，属于综合分析题。23.【答案】大气压 丙【解析】解：(1)使用消防水枪吸水时，首先用力推动活塞，将水枪筒内的空气排出，然后将进水口浸入水中，再拉动活塞，此时筒内气压减小，在外界大气压的作用下，水被压入水枪筒内，故使用消防水枪吸水时，主要是利用了大气压；(2)将进水口浸没在水中，先向上提内筒吸水，此时在阀门应打开，再向下压内筒喷水，阀门应关闭，由消防水枪的结构看，丙符合要求，而丁图中结合吸水时阀门会关闭，喷水时阀门会打开；(3)喷水时对水做的功：W=Gh=mgh=20kg10N/kg15m=3000J，对水做功的功率：

44、P=Wt=3000J30s=100W。故答案为：(1)大气压；(2)丙；(3)对水做功的功率为100W。(1)使用消防水枪吸水主要利用的是大气压；(2)根据先向上提内筒吸水，再向下压内筒喷水，结合图示分析判断；(3)由W=Gh=mgh计算喷水时对水做的功，由P=Wt计算对水做功的功率。本题考查了对大气压应用的认识、功以及功率的计算，体现物理知识点在生活中的应用，是一道好题。24.【答案】机械能【解析】根据题意可知，乳化炸药具有化学能，用乳化炸药装入凿好的岩壁小孔，将岩石炸成碎块，岩石碎块飞出，具有机械能，所以该过程中化学能转化为机械能。故答案为：机械能。根据题分析能量的转化情况。本题考查了机械能的转化，属于基础题。第21页，共22页