广西柳州市柳江中学2020_2021学年高二物理上学期期中检测试题含解析.docx

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1、广西柳州市柳江中学2020-2021学年高二物理上学期期中检测试题（含解析）一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1. 下列说法中正确的是( ).A. 电场线密集处场强大，电势高B. 沿电场线方向场强减小，电势降低C. 在电势高处电荷具有的电势能也大D. 场强为零处，电势不一定为零【答案】D【解析】【详解】AB电场线的疏密表示电场的强弱，沿电场线方向电势降低，两者之间没有关系，AB错误；C正电荷在电势高处电势能大，负电荷相反，C错误；D场强为零处，

2、电势不一定为零，D正确。故选D。2. 在如图所示的4种情况中，a、b两点的场强不同，电势相同的是（）A. 带电平行板电容器两极板间的a、b两点B. 离点电荷等距的a、b两点C. 达到静电平衡时导体内部的a、b两点D. 两个等量异种电荷连线上，与连线中点O等距的a、b两点【答案】B【解析】【详解】Aa、b处于匀强电场中，场强相同，电势不同，a点电势高于b点电势，故A错误；Ba、b处于同一等势面上，电势相等，而电场强度方向不同，故B正确；C处于静电平衡状态下的金属内部a，b两点，电场强度均为零，整个导体是等势体，电势相等，故C错误；D根据电场线的分布情况可知a、b两点场强相同，a、b间的电场线从正

3、电荷到负电荷，沿着电场线电势逐渐降低，故a、b两点电势不等，故D错误。故选B。3. 如图所示，PQ为某电场中的一条电场线，下列说法正确的是（）A. 该电场一定是匀强电场B. 该电场一定是点电荷产生的电场C. P点的电场强度一定比Q点的大D. 正电荷在P点受到的电场力方向沿着电场线方向【答案】D【解析】【详解】ABC.仅由这一根电场线无法判断是什么电场，不知电场线的疏密，电场的强弱也无法判断，所以ABC错误；D.正电荷受到的电场力方向沿着电场线方向，D正确4. 真空中两个点电荷相距r时,静电力为F,如果保持它们的电量不变,而将距离增大为2r时,则静电力将变为A. B. FC. D. 2F【答案】

4、C【解析】【详解】设两点电荷分别带电为q1、q2，由点电荷库仑力的公式得：电量不变，将它们之间的距离增大为2r，库仑力将变为：A.故A项错误；B. F故B项错误；C.故C项正确； D. 2F故D项错误5. 如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近P处，放置一个正点电荷，c为ab的中点，d为P和金属杆连线的中点。达到静电平衡后（ ）A. a端的电势比b端的高B. a端的电势比b端的低C. 点电荷在杆内c的场强为零D. b端的电势比d点的电势低【答案】D【解析】【详解】AB达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到a=b，所以A错误，B错误；C达到静电平衡后，导体为等势体，杆

5、内c的场强为零，点电荷在C点的场强与感应电荷在C点的场强等大反向，点电荷在杆内c的场强不为零，故C错误；D由于正电荷在右边，所以越往右电场的电势越高，所以db，故D正确。故选D。6. 下列有关物理学史或物理现象的说法中正确的是（）A. 停在高压线上的小鸟没有被电击，是因为小鸟所停处电势为零B. 法拉第以他深刻的洞察力提出场的概念，并引入了电场线C. 安培通过实验研究，发现了电流周围存在磁场，并通过安培定则判断磁场方向D. 超高压带电作业的工人所穿工作服的织物中掺入有金属丝【答案】BD【解析】【详解】A停在高压线上的小鸟没有被电击，是因为小鸟站在一根线上，两脚间的电势差为零，不是所停处电势为零，

6、故A错误；B法拉第以他深刻的洞察力提出场的概念，并引入了电场线，故B正确；C奥斯特首先发现了电流的磁效应，故C错误；D超高压带电作业的工人所穿衣服的织物中掺入金属丝是为了在穿用后，使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电势屏蔽面，从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害，故D正确。故选BD。7. 如图所示是某一电阻R的图象，根据图象以下说法正确的是（）A. 通过电阻的电流与其两端的电压成正比B. 电压增加，电阻随之增加C. 在R两端加上的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是D. 电阻【答案】AC【解析】【详解】A由图像可知，通过电阻的电流与其两端的电压成正比，选项A正确；B导体的电阻与其两

7、端电压无关，选项B错误；C由图像可知，在R两端加上6.0V的电压时，电流为3A，则根据q=It可知，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C，选项C正确；D电阻选项D错误。故选AC。8. 如今家用电器越来越多，同学们应该具备一些安全用电的常识和节约用电的意识下列关于节约用电和安全用电的说法可行的是（ ）A. 尽量避免同时使用大功率的家用电器B. 电视机和电脑不使用时应保持待机状态C. 应把节能灯换成白炽灯D. 电热毯在不使用的时候，要及时断开电源【答案】AD【解析】【详解】A尽量避免同时使用大功率的家用电器，以防电流过大，发生危险，选项A正确；B电视机和电脑在不使用时应关闭电源，不要保持待机状态，

8、选项B错误；C白炽灯的功率一般比节能灯的功率大，则应把白炽灯换成节能灯，选项C错误；D电热毯在不使用的时候，要及时断开电源，选项D正确二、实验题：（共14分。每道试题考生都必须作答）9. 美国物理学家密立根利用如图所示的实验装置，最先测出了电子的电荷量，被称为密立根油滴实验如图，两块水平放置的金属板A、B分别与电源的正负极相连接，板间产生匀强电场，方向竖直向下，板间油滴P由于带负电悬浮在两板间保持静止（1）若要测出该油滴的电荷量，需要测出的物理量有_A油滴质量m B两板间的电压UC两板间的距离d D两板的长度L（2）用所选择的物理量表示出该油滴的电荷量q=_（已知重力加速度为g）（3）在进行了

9、几百次的测量以后，密立根发现油滴所带的电荷量虽不同，但都是某个最小电荷量的整数倍，这个最小电荷量被认为是元电荷关于元电荷下列说法正确的是（ ）A油滴的电荷量可能是C B油滴的电荷量可能是CC元电荷就是电子 D任何带电体所带电荷量可取任意值【答案】 (1). ABC (2). (3). B【解析】【分析】平行金属板板间存在匀强电场，根据公式U=Ed求出两板电势差，液滴恰好处于静止状态，电场力与重力平衡，由平衡条件求解；【详解】解：(1)平行金属板板间存在匀强电场，液滴恰好处于静止状态，电场力与重力平衡，则有，所以需要测出的物理量有油滴质量m，两板间的电压U，两板间的距离d；故选ABC(2)用所选

10、择的物理量表示出该油滴的电荷量 (3)在进行了几百次的测量以后，密立根发现油滴所带的电荷量虽不同，但都是某个最小电荷量的整数倍，这个最小电荷量被认为是元电荷，其值为，故B正确，A、C、D错误；故选B10. 某同学利用伏安法测量一节干电池的电动势和内阻，除开关和导线若干外，现还提供以下器材：A.电流表A1(量程为00.6A，内阻RA为1.0)B.电压表V2(量程为03V，内阻RV2约为2k)C.滑动变阻器(阻值范围为020，额定电流2A)(1)根据实验记录，画出干电池的UI图像如图所示，则干电池电动势E_，内阻r_；(2)现有一小灯泡，其UI特性曲线如图所示，若将此小灯泡和该干电池直接串联组成闭

11、合电路，小灯泡的实际功率是_W(结果保留两位小数)。【答案】 (1). 1.5V (2). 1.0 (3). 0.53W0.60W【解析】【详解】(1)1根据闭合电路欧姆定律可知，UI曲线的纵轴截距为电源电动势，由图可知E=1.5V；2曲线斜率绝对值为电源内阻r+RA，根据图像可求得r+RA=2，则r=1.0。(2)3将小灯泡直接与此电源串联后有即即灯泡实际电流电压坐标之和为1.5，在灯泡的UI曲线中做出电源的UI曲线如图图中的交点坐标就是此时灯泡的实际电流电压值，如图坐标可读作（0.78A，0.72V），由此可计算功率由于读数误差，最终功率0.53W0.60W即可。三、计算题（共47分）11

12、. 如图所示，电源电动势E=12V，电源内阻不计定值电阻R1=2.4k、R2=4.8k（1）若在 ab 之间接一个 C=100F的电容器，闭合 S，电路稳定后，求电容器上所带的电量；（2）若在 ab之间接一个内阻 RV=4.8k的电压表，求电压表的示数【答案】（1）C；（2）6V【解析】【详解】（1）设电容器上的电压为，则有：电容器的带电量：代入数据解得：C（2）设电压表与并联后电阻为：解得： 6V12. 如图所示，热电子由K发射后，初速度可以忽略不计，经加速电压为U1的加速电场加速后，垂直于电场方向飞入偏转电压为U2的偏转电场，最后打在荧光屏（图中未画出）上已知两偏转极板间距为d，板长为L电

13、子质量为m，电荷量为e，不计电子重力求：（1）电子进入偏转电场时的速度大小；（2）电子在偏转电场中所用的时间和离开时的偏移量y；（3）电子在偏转电场中所受电场力做功【答案】（1）（2）； （3）【解析】【详解】（1）在加速电场中，根据动能定理得：解得：（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，则水平方向有：竖直方向有：则电子从偏转电场射出时垂直偏移量：（3）电子在偏转电场中所受电场力做的功为：代入解得：13. 如图所示电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L上标有“6V，12W”字样，电动机线圈的电阻RM0.50。若灯泡恰能正常发光，求：(1)流过灯泡的电流；(2)电动机的输出功率；(3)整个电路消耗的总功率。【答案】(1)2A；(2)10W；(3)24W【解析】【详解】(1)流过灯泡的电流(2电动机两端电压U1=UUL=12V6V=6V所以电动机的输入功率P=U1I=62W=12W电动机的热功率P热=I2RM=40.5W=2.0W则电动机的输出功率P2=PI2RM=12W2W=10W(3)整个电路消耗的功率P总=UI=122W=24W