上海市嘉定区2018年中考物理一模试卷(解析版).docx

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1、2018年上海市嘉定区中考物理一模试卷一、选择题（共16分）1（3分）上海地区1月份的日平均气温约为（）A10B5C15D202（3分）青春期后，男生的声音变得“低沉”了，这里的“低”主要指的是（）A音调B响度C振幅D音色3（3分）舞蹈演员利用平面镜矫正舞姿，当她向远离平面镜方向移动时，镜中的像（）A变小B不变C变大D先变大再变小4（3分）下列装置及器材中，不属于应用连通器原理的是（）A液位计B茶壶C抽水机D船闸5（3分）如图所示的各种现象中，主要说明分子间存在引力的是（）A滴在热水中的墨水比在冷水中运动快B抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合均匀C长时间压紧在一起，铅和金会相互渗透D端面磨平的

2、铅块压紧后能吊起大钩码6（3分）甲、乙两物体重力均为G，将它们挂于测力计下，使它们沿竖直方向做直线运动，图所示为甲、乙物体运动时的st图象。则（）A甲的速度小于乙的速度B6秒时，甲、乙的距离为0.3米C甲、乙所受合力相同D甲所受拉力大于乙所受拉力7（3分）如图所示，电源电压保持不变。闭合电键S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，不变的是：电流表A的示数；电压表V的示数；电流表A与A1示数的差值；电压表V与电流表A示数的比值（）A只有B只有CD8（3分）两个足够高底面积不同的圆柱形容器中分别盛有质量相等的甲、乙两种不同液体，如图所示（S甲S乙）。若在两容器中分别注入相等高度的甲、乙两种液体后，则以下

3、关于液体的密度甲、乙及此时液体对容器底部压强P甲、P乙的判断正确的是（）A甲乙，P甲P乙B甲乙，P甲P乙C甲乙，P甲P乙D甲乙，P甲P乙二、填空题（共26分）9（3分）上海地区家庭电路的电压是 伏，家里的照明灯与电饭煲是 （选填“串联”或“并联”）连接的。某款移动电源上标有“20000mAh”的字样，其中“mAh”是物理量 的单位。10（3分）如图所示，国产大飞机C919起飞时，以航站楼为参照物，它是 （选填“运动”或“静止”）的。C919首次远距离飞行中的高度可达7800米，与起飞前相比，此高度处大气压强的值 ，飞机的惯性 （后两空均选填“增大”、“不变”或“减小”）。11（3分）水的比热容

4、为4.2103焦/（千克），2千克水温度升高5吸收的热量为 焦；质量相等的铜块和铁块（C铁C铜）吸收相等的热量， （选填“铜块”或“铁块”）升高的温度高。图所示的是汽油机工作的 冲程。12（3分）2017国际滑联短道速滑世界杯上海站比赛受到市民的热情关注。如图所示，运动员用力蹬地后便能加速向前，这是因为力可以改变物体的 ，此过程中，运动员的动能 （选填“增大”、“不变”或“减小”）由于与冰面摩擦，冰刀的温度升高，这是通过 方式增加了冰刀的内能。13（3分）图中的 （选填“甲”或“乙”）滑轮是动滑轮。若物体A、B重力均为100牛，物体A在10秒内被匀速向上提升了1米，物体B在5秒内被匀速向上提升

5、了1米，不计滑轮重及摩擦。拉力F1做的功为 焦，拉力F1和F2做功的功率P1 P2（选填“大于”、“等于”或“小于”）14（3分）某导体两端的电压为8伏时，通过该导体的电流为0.4安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为 库，导体的电阻为 欧。若该导体两端的电压为10伏时，其电阻为 欧。15（1分）在图所示的电路中，电源电压为U保持不变。闭合电键S后，电路正常工作。一段时间后，小灯L突然熄灭，只有一个电压表有示数。若电路中只有一处故障，且只发生在灯L或电阻R上，请根据相关信息，写出发生故障后各电表的示数及相对应的故障。 。16（4分）某小组同学在探究光的折射规律时，意外发现：当光沿某方向从半圆玻

6、璃砖射向空气时，折射光消失而反射光却变得更亮，如图所示，老师告诉他们这是光的全反射现象。课后，他们查到光从玻璃射向空气时的一些数据如下表。入射角01020304041.241.842折射角015.230.948.674.68190/反射能量5%7%26%43%77%84%100%100%分析上表中的光从玻璃斜射向空气时，反射能量与入射角大小的关系可知：光从玻璃斜射向空气时， ，当入射 时，就发生了全反射现象。根据光的折射规律，请猜想当光从空气斜射向玻璃时， （选填“能”或“不能”）发生全反射现象，理由是 。三、作图题（共8分）17（2分）在图中，根据给出的反射光线OB画出入射光线AO，并标出入

7、射角及其度数。18（2分）在图中，重为10牛的均匀球体保持静止，用力的图示法画出该球受到的拉力F19（4分）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请以笔画线代替导线补上。要求：灯L1、L2并联；电流表只测量通过灯L1的电流。四、计算题（共22分）20（5分）金属块排开水的体积为1103米3，求金属块受到浮力F浮的大小。21（6分）在图（a）所示的电路中，电源电压为18伏且保持不变，电阻R1的阻值为15欧，滑动变阻器R2上标有“50 2A”字样。闭合电键S后，移动滑动变阻器的滑片P，求：当电流表示数为0.1A时，电阻R1两端的电压U1；电流表A最大示数I；当电压表V的示数如图（b）所示时，滑动变

8、阻器连入电路中的电阻R2。22（6分）如图所示，薄壁轻质圆柱形容器甲和均匀实心圆柱体乙置于水平桌面上。甲容器高为3h，底面积为2S，内盛有深为2h的水；圆柱体乙高为4h，底面积为3S。若甲容器中水的体积为4103米3，求水的质量m水；若h等于0.1米，求水对容器底部的压强P水；现沿竖直方向在圆柱体乙上切去底面积为S的部分，并将切去部分竖直置于容器甲的水中后，自然静止沉在容器底部，此时甲容器对水平桌面的压强P容与切去后的乙对水平桌面的压强P乙之比为5：8，求圆柱体乙的密度乙。五、实验题（共18分）23（4分）如图（a）所示，弹簧测力计的量程为 牛，读数为 牛。图（b）所示实验装置的名称为 ；在电

9、学实验中，连接电路时电键应处于 （选填“断开”或“闭合”）状态。24（4分）做“探究凸透镜成像规律”的实验时，要调整透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在同一高度，目的是 。如图所示，将焦距为10厘米的凸透镜置于光具座的C点处，将蜡烛置于A点，应在 间移动光屏找像（选填“AB”、“BC”、“CD”、“DE”或“EF”），直至光屏上的像清晰为止。“探究物质的质量与体积的关系”的实验，所需测量的物理量是 ，实验需对 物质进行多次测量（选填“一种”或“多种”）。25（5分）小李做“用电流表、电压表测电阻”的实验，实验器材齐全并完好，电源由几节新干电池组成，且电压保持不变。他正确串联实验器材，并将滑片放置

10、于变阻器的一端，然后将电压表并联在电路中，闭合电键后，两电表示数如图（a）、（b）所示。接着移动变阻器的滑片，观察到电压表的示数逐渐变小，直至为零。经过思考，他重新正确连接电路，操作步骤正确。闭合电键后，两电表指针所在位置仍与图（a）、（b）一致，他记下此时的电压、电流值作为实验中的第一组测量数据。小李由于记录不规范，他将正确测得的另两组实验数据记录在草稿纸上，如图2所示。调整电路后，图1（a）中电流表的示数为 安，本实验所用的电源电压为 伏，滑动变阻器的最大阻值为 欧根据记录的数据信息，计算出待测电阻的平均值是 欧。（精确到0.1欧）另一组同学在实验中，由于操作不当将滑动变阻器烧坏，若没有可

11、替换的其他滑动变阻器，为了顺利完成实验，他们可以采取的操作方法是 。26（5分）某小组同学通过实验研究圆柱体浸入液体的过程中测力计示数F的变化情况。如图所示，他们将高H为0.10米的圆柱体甲挂在测力计下，逐步改变其下表面到液面的距离h，读出相应的测力计示数F，并将h和F记录在表一中。然后，他们变换液体重复实验，将数据记录在表二中。为进一步研究F和h关系，他们计算了每一次实验时F的变化量F，并将结果分别记录在表一和表二中。表一（密度1）序号 h（米） F（牛） F（牛）1 0 22.00 2 0.02 20.4 1.6 3 0.0418.8 3.2 4 0.0518.0 4.0 5 0.0815

12、.6 6.4 6 0.1014.0 8.0 7 0.1414.0 8.0表二（密度2） 序号h（米） F（牛）F（牛） 8 0 22.0 0 90.02 20.0 2.0 100.04 18.0 4.0 110.05 17.0 5.0 120.08 14.0 8.0 13 0.10 12.010.0 14 0.14 12.0 10.0分析比较实验序号15（或812）数据中F和h的关系及相关条件，可得出的初步结论是：在圆柱体浸入同种液体的过程中，当hH时， 。分析比较实验序号 数据中F和h的关系及相关条件，发现测力计的示数F不再随浸入的深度h的增大而变化。原因是： 。分析比较实验序号15或812

13、中F与h的数据及相关条件，可得出的初步结论是 。该组同学由实验序号4与10或6与12的数据及相关条件，发现圆柱体甲在未完全浸入不同液体的过程中，存在h不同而F相同、F相同的现象。他们通过进一步综合分析，猜想只要h和液体密度液满足 是个定值的条件，即会出现这种现象。2018年上海市嘉定区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共16分）1（3分）上海地区1月份的日平均气温约为（）A10B5C15D20【分析】根据对上海所在地理位置、环境特点作出判断。【解答】解：上海地区位于我国中东部，一月份最高气温在10，最低气温在0左右，日平均气温约5。故选：B。【点评】对物体长度、质量、温度等进行估测

14、，是初中物理的一项基本要求，平时结合所学知识对身边的如：人高、教室高、一步长、步行速度、体温、气温、教室内空气质量等等，多观察多思考，必要时做出正确判断。2（3分）青春期后，男生的声音变得“低沉”了，这里的“低”主要指的是（）A音调B响度C振幅D音色【分析】音调指声音的高低，音调跟物体的振动频率有关，振动频率越高，音调越高，振动频率越低，音调越低。【解答】解：音调是指发声体发出声音的高低，它是由发声体的振动频率决定的，频率越大，音调越高；许多男生在青春期后，说话时声带振动变慢，频率比以前低，因而声音的音调会降低。故选：A。【点评】掌握声音的三个特征，音调、响度和音色，音调和响度容易混淆，注意区

15、分。3（3分）舞蹈演员利用平面镜矫正舞姿，当她向远离平面镜方向移动时，镜中的像（）A变小B不变C变大D先变大再变小【分析】平面镜成的像与物体是等大的，据此分析即可解答。【解答】解：平面镜所成的像与物体是等大的，当人远离平面镜时，视觉上感觉像在变小，但实际上像的大小并没有变。所以若她向着远离平面镜的方向移动时，他在平面镜中像的大小不变。故选：B。【点评】人的视觉感觉总是近大远小，即离像近感觉大，离像远感觉小，像的真实大小总与物相同。4（3分）下列装置及器材中，不属于应用连通器原理的是（）A液位计B茶壶C抽水机D船闸【分析】上端开口，下部连通的容器叫做连通器，连通器的特点是容器中的水不流动时，各个

16、容器中液面总是相平的。【解答】解：A、液位计是利用连通器的原理制成的，不符合题意；B、茶壶的壶盖上有小孔，壶嘴上端有口，壶身和壶嘴底部相连通，是连通器，不符合题意；C、抽水机是利用大气压来工作的，不是利用连通器原理工作的，符合题意；D、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，不符合题意。故选：C。【点评】本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口，底部相连的，液面静止时保持相平。5（3分）如图所示的各种现象中，主要说明分子间存在引力的是（）A滴在热水中的墨水比在冷水中运动快B抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合均匀C长时间压紧在一起，铅和金会相互渗透

17、D端面磨平的铅块压紧后能吊起大钩码【分析】不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停的做无规则运动，分子运动的快慢和物体的温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，扩散的越快；分子间存在着相互作用的引力和斥力；【解答】解：A、滴在热水中的墨水使热水很快变色，说明分子运动的快慢和物体的温度有关，温度越高，扩散现象越快，故A错误；B、抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，属于扩散现象，说明气体分子在不停的做无规则运动，故B错误；C、铅板和金板长时间压紧在一起，铅和金会互相渗透，属于扩散现象，说明固体分子在不停的做无规则运动，故C错误；D、端面磨平的铅棒压紧后能够吊住大钩码，说明分子

18、间存在着相互作用的引力，故D正确。故选：D。【点评】此题考查的知识点有两个：一是分子之间存在着相互作用的引力和斥力；二是扩散现象说明分子在做永不停息地无规则运动，分子运动快慢和物体的温度高低有关。6（3分）甲、乙两物体重力均为G，将它们挂于测力计下，使它们沿竖直方向做直线运动，图所示为甲、乙物体运动时的st图象。则（）A甲的速度小于乙的速度B6秒时，甲、乙的距离为0.3米C甲、乙所受合力相同D甲所受拉力大于乙所受拉力【分析】（1）比较相同时间内甲乙通过的路程判断甲乙两物体的速度关系；（2）根据图象得出6秒时，甲、乙的距离；（3）处于平衡状态的物体受到平衡力的作用，其所受合力为零；（4）首先根据

19、力的平衡得出甲乙两物体所受拉力与其重力的关系，然后得出二者拉力的关系。【解答】解：A、由图象可知，t=8s时，甲通过的距离为0.8m，乙通过的距离为0.4m，根据v=可知，甲的速度大于乙的速度。故A错误；B、由图象可知，t=6s时，甲通过的距离为0.6m，乙通过的距离为0.3m，所以甲、乙的距离为0.6m0.3m=0.3m故B正确；C、甲、乙两物体均沿竖直方向做直线运动，处于平衡状态，其所受合力均为零，故C正确；D、甲、乙两物体均沿竖直方向做直线运动，处于平衡状态，其所受拉力与重力是平衡力，两物体重力相同，则所受拉力相同。故D错误。故选：BC。【点评】根据图象或图表探究物质的规律是近两年来出现

20、较多的题目，图象可以使我们建立更多的感性认识，从表象中去探究本质规律，体验知识的形成过程。此题涉及到的知识点较多，综合性很强。7（3分）如图所示，电源电压保持不变。闭合电键S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，不变的是：电流表A的示数；电压表V的示数；电流表A与A1示数的差值；电压表V与电流表A示数的比值（）A只有B只有CD【分析】由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量并联电路支路的电压（等于电源电压），电流表A1测R1支路的电流，A测干路电流；根据电源的电压判断电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R2电流的变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可

21、知该支路电流的变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化以及两电流表示数只差的变化，进一步得出电压表V与电流表A示数的比值变化。【解答】解：由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量并联电路支路的电压（等于电源电压），电流表A1测R1支路的电流，A测干路电流；因电源的电压不变，所以，电压表V的示数不变，故符合题意；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R2的电流不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I=可知，通过滑动变阻器R1支路的电流变小，即电流表A1的示数变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A的示数变小，

22、故不符合题意；因电流表A与A1示数的差值等于通过R2的电流，所以，电流表A与A1示数的差值不变，故符合题意；由电压表V的示数不变、电流表A的示数变小可知，电压表V与电流表A示数的比值变大，故不符合题意，综上可知，C正确、ABD错误。故选：C。【点评】本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键。8（3分）两个足够高底面积不同的圆柱形容器中分别盛有质量相等的甲、乙两种不同液体，如图所示（S甲S乙）。若在两容器中分别注入相等高度的甲、乙两种液体后，则以下关于液体的密度甲、乙及此时液体对容器底部压强P甲

23、、P乙的判断正确的是（）A甲乙，P甲P乙B甲乙，P甲P乙C甲乙，P甲P乙D甲乙，P甲P乙【分析】甲乙质量相等，根据=可得甲乙质量相等，对容器底的压力（F=G=mg）相等；A的底面积大，根据p=分析液体对各自容器底部的压强pA、pB的关系。【解答】解：由图知，容器底面积S乙S甲，V乙V甲，且两容器中分别注入相等高度的甲、乙两种液体后即h甲=h乙，因甲的质量等于乙的质量，所以，由=可知，m=V，甲S甲h甲=乙S乙h乙，由h甲=h乙，S乙S甲，可得，甲S甲=乙S乙，甲乙；故A、B错误；因甲的质量等于乙的质量，所以圆柱形容器中液体对容器底部的压力：F甲=F乙，容器底面积S乙S甲，由p=可得，P甲P乙，

24、故C错误、D正确。故选：D。【点评】本题主要考查学生对密度公式、重力公式压力和液体压强公式的掌握和运用，用好圆柱形容器液体对容器底的压力与液体重的关系（相等）是本题的关键。二、填空题（共26分）9（3分）上海地区家庭电路的电压是220伏，家里的照明灯与电饭煲是并联（选填“串联”或“并联”）连接的。某款移动电源上标有“20000mAh”的字样，其中“mAh”是物理量电荷量的单位。【分析】（1）我国家庭电路的电压是220V；（2）为了工作时互不影响，家庭电路中各用电器要并联；（3）据I=分析可知；【解答】解：据课本可知，上海地区家庭电路的电压是220V；一般来说，家庭电路中各用电器之间是互不影响的

25、，所以是并联的；某款移动电源上标有“20000mAh”的字样，即这个单位是20000（mAh），所以是电流和时间的乘积，即据I=可知，Q=It，故此时应该是电荷量，即该单位是电荷量的单位。故答案为：220；并联；电荷量；【点评】本题考查了求电荷量、电池储存的能量等问题，根据题意认真计算即可正确解题，解题时注意单位换算。10（3分）如图所示，国产大飞机C919起飞时，以航站楼为参照物，它是运动（选填“运动”或“静止”）的。C919首次远距离飞行中的高度可达7800米，与起飞前相比，此高度处大气压强的值减小，飞机的惯性减小（后两空均选填“增大”、“不变”或“减小”）。【分析】（1）研究物体的运动情

26、况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；（2）大气压与海拔高度有关，海拔高度越低，大气压越大；（3）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。【解答】解：大飞机C919起飞时相对于地面上航站楼的位置不断变化，所以大飞机相对于航站楼是运动的；大气压与海拔高度有关，海拔高度越高，大气压越小，C919飞行中的高度可达7800米，与起飞前相比，此高度处大气压强的值在减小；惯性大小只跟物体的质量大小有关，大飞机C919在飞行过程中，飞机的燃油在减少，它的质量减

27、小，所以惯性减小。故答案为：运动；减小；减小。【点评】此题考查了运动与静止的相对性，影响大气压和惯性大小的因素等，在分析时，注意从题目中找出有用的信息，根据影响物理量的因素分析变化情况。11（3分）水的比热容为4.2103焦/（千克），2千克水温度升高5吸收的热量为4.2104焦；质量相等的铜块和铁块（C铁C铜）吸收相等的热量，铜块（选填“铜块”或“铁块”）升高的温度高。图所示的是汽油机工作的做功冲程。【分析】（1）已知水的质量、水的比热容、水温度的升高值，利用吸热公式Q吸=cmt求水吸收的热量；（2）根据Q吸=cmt比较质量相等的铁块和铜块吸收相同的热量后温度的变化量；（3）根据气门开闭、火

28、花塞以及活塞移动方向确定冲程名称。【解答】解：（1）水吸出的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）2kg5=4.2104J；（2）已知铁的比热容大于铜的比热容，在质量相等、吸收相等的热量时，由Q吸=cmt可知，铜块升高的温度高；（3）由图知，两气门关闭，火花塞喷出电火花，活塞下移，为做功冲程。故答案为：4.2104；铜块；做功。【点评】本题考查了吸热公式Q吸=cmt的应用以及汽油机四冲程的判断，综合性强，有一定的难度。12（3分）2017国际滑联短道速滑世界杯上海站比赛受到市民的热情关注。如图所示，运动员用力蹬地后便能加速向前，这是因为力可以改变物体的运动状态，此过程中，运动员的动能增大

29、（选填“增大”、“不变”或“减小”）由于与冰面摩擦，冰刀的温度升高，这是通过做功方式增加了冰刀的内能。【分析】力可以改变物体的运动状态和形状；影响动能大小的因素是速度和质量。通过摩擦的方法使物体内能增加的都属于以做功的方式改变内能。【解答】解：运动员用力蹬地后便能加速向前，运动员受到了地面的作用力，其速度发生了变化，这是因为力可以改变物体的运动状态；运动员的质量不变，速度变大，动能变大；由于冰刀与冰面摩擦，冰刀的温度升高，这是通过做功的方式增加了冰刀的内能。故答案为：运动状态；增大；做功。【点评】明确影响动能大小的因素，了解改变物体内能的两种方式，是解答此题的关键。13（3分）图中的甲（选填“

30、甲”或“乙”）滑轮是动滑轮。若物体A、B重力均为100牛，物体A在10秒内被匀速向上提升了1米，物体B在5秒内被匀速向上提升了1米，不计滑轮重及摩擦。拉力F1做的功为100焦，拉力F1和F2做功的功率P1小于P2（选填“大于”、“等于”或“小于”）【分析】（1）随物体一块运动的滑为动滑轮；（2）不计滑轮重及摩擦。拉力F1做的功等于克服重力作的功，由W=Gh求解；（3）由已知条件，根据P=分析。【解答】解：（1图中的甲滑轮是动滑轮。（2）不计滑轮重及摩擦。拉力F1做的功等于克服重力作的功：W1=Gh=100N1m=100J；W2=Gh=100N1m=100J；根据P=，因物体A在10秒内被匀速向

31、上提升了1米，物体B在5秒内被匀速向上提升了1米，拉力F1和F2做功的功率P1小于P2故答案为：甲；100；小于。【点评】本题考查功和功率公式的运用，关键是明确不计滑轮重及摩擦。拉力做的功等于克服重力作的功14（3分）某导体两端的电压为8伏时，通过该导体的电流为0.4安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为4库，导体的电阻为20欧。若该导体两端的电压为10伏时，其电阻为20欧。【分析】（1）知道通过导体的电流，根据Q=It求出10秒内通过该导体横截面的电荷量，又知道导体两端的电压，根据I=求出导体的电阻；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过

32、的电流无关。【解答】解：由I=可得，10秒内通过该导体横截面的电荷量：Q=It=0.4A10s=4C，由I=可得，导体的电阻：R=20，因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以，当该导体两端的电压为10伏时，导体的电阻仍为20不变。故答案为：4；20；20。【点评】本题考查了电流的定义式和欧姆定律的应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。15（1分）在图所示的电路中，电源电压为U保持不变。闭合电键S后，电路正常工作。一段时间后，小灯L突然熄灭，只有一个电压表有示数。若电路中只有一处故障，且只发生在灯L或电阻R上，请根据相关信息，写出发生

33、故障后各电表的示数及相对应的故障。V1的示数为U，V2的示数为0，则故障是灯L短路或电阻R断路；V1的示数为0，V2的示数为U，则故障是灯L断路。【分析】闭合开关，电路正常工作，过一段时间，灯泡熄灭，说明电路发生了断路或灯泡L短路，根据只有一个电压表有示数分析。【解答】解：由图可知，闭合电键S，电路正常工作时，灯L与电阻R串联，电压表V1测电阻R两端的电压，电压表V2测灯L两端的电压；一段时间后，小灯L突然熄灭，说明灯泡L短路或电路发生了断路，有以下3种可能：a、若L短路，则V2也被短路，V2的示数为0，此时为电阻R的简单电路，电压表V1测电源电压，V1的示数U；满足只有一个电压表有示数；b、

34、若L断路，则V2串联在电路中，V1并联在R两端；此时V2测电源电压，即V2的示数为U，因电压表V2的内阻很大，则电路中的电流几乎为0，故R两端的电压几乎为0，即V1的示数为0，满足只有一个电压表有示数；c、若R断路，由图知，V2并联在灯L两端，V1串联在电路中；此时V1测电源电压，即V1的示数为U，因电压表V1的内阻很大，则此时电路中的电流几乎为0，故L两端的电压几乎为0，即V2示数为0，满足只有一个电压表有示数；综上所述，发生故障后各电表的示数及相对应的故障如下：V1的示数为U，V2的示数为0，则故障是灯L短路或电阻R断路；V1的示数为0，V2的示数为U，则故障是灯L断路。故答案为：V1的示

35、数为U，V2的示数为0，则故障是灯L短路或电阻R断路；V1的示数为0，V2的示数为U，则故障是灯L断路。【点评】用电压表判断电路故障时，如果有示数，说明与电压表串联的元件是完好的；如果无示数，说明与电压表串联的元件有断路，或与电压表并联的元件短路。16（4分）某小组同学在探究光的折射规律时，意外发现：当光沿某方向从半圆玻璃砖射向空气时，折射光消失而反射光却变得更亮，如图所示，老师告诉他们这是光的全反射现象。课后，他们查到光从玻璃射向空气时的一些数据如下表。入射角01020304041.241.842折射角015.230.948.674.68190/反射能量5%7%26%43%77%84%100

36、%100%分析上表中的光从玻璃斜射向空气时，反射能量与入射角大小的关系可知：光从玻璃斜射向空气时，入射角越大，反射能量越多，当入射41.8时，就发生了全反射现象。根据光的折射规律，请猜想当光从空气斜射向玻璃时，不能（选填“能”或“不能”）发生全反射现象，理由是入射角大于折射角，折射角小于90。【分析】（1）由表中数据可知：当入射角增大时，反射能量和折射角也随着增大；当入射角为41.8时，折射光线消失了，反射能量达到100%。（2）光从空气射向玻璃，折射角小于入射角。假设发生全反射，折射角等于90，那入射角必大于90。【解答】解：由表中的数据知：光从玻璃斜射向空气时，反射能量随着入射角的增大而增

37、大；当入射角达到41.8时，反射能量达到100%，就发生了全反射现象；根据光路可逆，当光从空气斜射向玻璃时，折射角小于入射角，折射角小于90，因此折射光线不能消失，则不能发生全反射现象。故答案为：入射角越大，反射能量越多；41.8 不能；入射角大于折射角，折射角小于90。【点评】此题通过实验效果图一步步引导学生，发挥想象力得出全反射的条件及结论，是考查学生的创新能力的一道好题。三、作图题（共8分）17（2分）在图中，根据给出的反射光线OB画出入射光线AO，并标出入射角及其度数。【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出入射

38、光线并标出入射角及其度数。【解答】解：由反射角为30可知，入射角也为30；在法线左侧画出入射光线AO，入射角的度数等于30即可，如图所示：【点评】由于题目已经作出法线，根据反射角等于入射角在同一平面内法线的另一侧画出入射光线即可，注意完成题目的要求。要注意入射角是入射光线与法线之间的夹角。18（2分）在图中，重为10牛的均匀球体保持静止，用力的图示法画出该球受到的拉力F【分析】先选出标度，然后根据拉力的方向是竖直向上，过重心表示出拉力的大小及方向。【解答】解：均匀球体保持静止，受到重力和拉力的作用，这两个力是一对平衡力，故拉力的方向是竖直向上的；选取标度为5N，然后过球心作竖直向上的、大小为1

39、0N的拉力。如图所示：【点评】本题考查了力的图示的画法，力的图示应选择合适的标度，属于基础知识的考查。19（4分）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请以笔画线代替导线补上。要求：灯L1、L2并联；电流表只测量通过灯L1的电流。【分析】两灯并联，电流表与待测电路串联。据此分析作图。【解答】解：灯L1、L2并联；电流表只测量通过灯L1的电流，电流表与L1串联，如图所示：【点评】本题考查根据连接实物图，关键是明确电流表的连接。四、计算题（共22分）20（5分）金属块排开水的体积为1103米3，求金属块受到浮力F浮的大小。【分析】知道金属块排开水的体积，根据阿基米德原理求出受到的浮力。【解答】解：

40、金属块受到浮力：F浮=水gV排=1.0103kg/m39.8N/kg1103m3=9.8N。答：金属块受到浮力为9.8N。【点评】本题考查了阿基米德原理的应用，属于基础题目。21（6分）在图（a）所示的电路中，电源电压为18伏且保持不变，电阻R1的阻值为15欧，滑动变阻器R2上标有“50 2A”字样。闭合电键S后，移动滑动变阻器的滑片P，求：当电流表示数为0.1A时，电阻R1两端的电压U1；电流表A最大示数I；当电压表V的示数如图（b）所示时，滑动变阻器连入电路中的电阻R2。【分析】（1）根据欧姆定律求出电阻R1两端的电压；（2）由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电

41、压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器R2的滑片在左端时，电路中只有电阻R1连入，电路中电流最大，根据欧姆定律即可求出；（3）根据电源电压和滑动变阻器的最大阻值确定电压表的量程，读出示数；然后根据串联电路电压的特点求出定值电阻R1两端的电压，再根据欧姆定律求出电路中的最电流，最后利用R=求出变阻器连入电路中的电阻R2。【解答】解：由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；当电流表示数为0.1A时，根据I=可得，电阻R1两端的电压为：U1=I1R1=0.1A15=1.5V；由电路图可知，当滑动变阻器R2的滑片在右端时，电路中只有电阻R1连入电路，电

42、路中电阻最小，电流最大，则最大电流（即电流表A最大示数）：I=1.2A；当电压表V的示数如图（b）所示时，若量程为015V，则电压表示数为15伏，则R1两端的电压为：U1=UU2=18V15V=3V，串联电路电流处处相等，则电路中的电流：I2=I1=0.2A，变阻器连入电路中的电阻：R2=7550，所以电压表的量程不可能为015V，R2=75应舍去；则电压表量程应为03V，此时电压表示数为3V，此时R1两端的电压为：U1=UU2=18V3V=15V，此时电路中的电流：I2=I1=1A，则变阻器连入电路中的电阻：R2=3。答：电阻R1两端的电压为1.5V。电流表A最大的示数I为1.2A。变阻器连

43、入电路中的电阻R2为3。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算，以及电压表的正确使用；关键是电路串并联的辨别，解题时应从电压表量程着手。22（6分）如图所示，薄壁轻质圆柱形容器甲和均匀实心圆柱体乙置于水平桌面上。甲容器高为3h，底面积为2S，内盛有深为2h的水；圆柱体乙高为4h，底面积为3S。若甲容器中水的体积为4103米3，求水的质量m水；若h等于0.1米，求水对容器底部的压强P水；现沿竖直方向在圆柱体乙上切去底面积为S的部分，并将切去部分竖直置于容器甲的水中后，自然静止沉在容器底部，此时甲容器对水平桌面的压强P容与切去后的乙对水平桌面的压强P乙之比为5：8，求圆柱体乙的密度乙。【

44、分析】知道水的体积和水的密度，利用m=V求出水的质量；知道h的大小可求水的深度，根据p=gh求出水对容器底部的压强；根据m=V求出乙圆柱体的质量，然后求出沿竖直方向在圆柱体乙上切去底面积为S的部分后截取部分的质量、剩余部分的质量，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等，利用p=求出乙对水平桌面的压强；根据V=Sh求出甲容器的容积和甲容器中水的体积，再根据V=Sh求出容器甲恰好不溢水时需要水的体积，然后判断出水要溢出，然后求出剩余容器内水的体积，根据m=V求出剩余水的质量，根据p=求出甲对水平桌面的压强，利用p容：p乙=5：8得出等式即可求出乙的密度。【解答】解：由=可得，甲容器中水的质量：m水=水V水=1.0103kg/m34103m3=4kg；当h=0.1m时，甲容器中水的深度：h水=2h=20.1m=0.2m