安徽省淮南市潘集区第三次联考九年级(上)期末物理试卷(解析版).docx

《安徽省淮南市潘集区第三次联考九年级(上)期末物理试卷(解析版).docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《安徽省淮南市潘集区第三次联考九年级(上)期末物理试卷(解析版).docx（19页珍藏版）》请在得力文库 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2018-2019学年安徽省淮南市潘集区第三次联考九年级（上）期末物理试卷一、填空题（每空2分，共26分）1将硫酸铜溶液注入水的下方，可以看到清水与硫酸铜溶液之间明显的界面，如图甲，静置20日后，如图乙，这是 现象，说明液体分子 。2如图所示，某城市安装一种“按钮式红绿灯”。当路上车辆不多时，行人通过触摸按钮，使正对车辆的红灯亮起，行人安全通过；按钮相当于电路中的 ；红绿灯实际上是发光二极管，它是由 （选填“超导体”或“半导体”）材料制成的。3使用测电笔来判别照明电路的火线和零线时，手必须接触 ，当笔尖接触导线时，若氖管发光，则该导线是 线。4汽油机在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包

2、围着，这是通过 的方式减少汽缸内能，这种改变内能方式的实质是 ，用水来冷却汽缸是因为水的 较大。5家庭中使用的电灯、电冰箱等用电器的正常工作电压为 V；某小区居民在参加“地球一小时”活动中，自觉将总功率为2000千瓦的用电器停止工作1小时，可节约用电 千瓦时。6给你一只标有“10，1.2A”定值电阻和一只“20，0.5A”的定值电阻，在保证所有电路元件安全的前提下，若并联接入电路，则干路中允许通过的最大电流为 A。7如图，此电能表的读数为 （请写明数值和单位）8如图所示，电源电压U不变，当开关闭合与断开时，R1两端的电压之比是4：3，则当开关断开时，R1与R2的功率之比是多少？二、单选题（每小

3、题3分，共21分）注意：请将答案填在下表中，否则不得分9关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（ ）A物体内能增大，一定从外界吸收热量B汽油机在做功冲程把机械能转化为内能C物体内能减少时，温度可能不变D锯条锯木板时，锯条的内能增加，木块的内能减少10下列家用电器，利用电流的热效应工作的是（ ）A洗衣机B电视机C电冰箱D电水壶11将L1L2L3三只灯泡串联接入电路中，发现L1最暗，L2最亮，则通过三只灯泡的电流的关系是（ ）AI1I2I3BI1I2I3CI1I2I3D无法判断12随着生活水平的提高，家用电器越来越多，使用时若出现如图所示情形，会导致连接插座的导线发热，下列做法可行的是（ ）A在保

4、险盒中更换更粗的保险丝B减少同时使用大功率用电器C在该插座上再插入一个插座供其它用电器使用D不需理会继续使用13对如图所示电路的分析，下列说法错误的是（ ）A当闭合S3，断开Sl、S2时，L1与L2为串联B当断开S3，闭合S1、S2时，L1与L2为并联C当断开S1，闭合S2、S3时，L1与L2为串联D当断开S2，闭合Sl、S3时，就会出现短路现象14在如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时（ ）A电压表示数变大，电流表示数变小，灯泡变暗B电压表示数变小，电流表示数变大，灯泡变亮C电压表示数变大，电流表示数变大，灯泡变亮D电压表示数变小，电流表示数变小，灯泡变

5、暗15如图所示电路，闭合开关后，灯泡L1发光，L2不发光，电压表有示数。关于电路中L1、L2的连接方式和L2不发光的原因，以下判断正确的是（ ）ALl与L2串联，L2被断路BL1与L2串联，L2的实际功率比额定功率小得多CL1与L2并联，L2与灯座接触不良DL1与L2并联，L2的灯丝断了三、实验题（16题和18题（1）连线作图各2分，其他每空2分，共20分）16请把如图电路元件接入照明电路中，且符合安全用电原则。17（10分）在“比较不同物质吸热情况”的实验中，实验装置如图所示：加热时间/min01234甲的温度/2027344148乙的温度/2035506580（1）实验中应选用规格 （选填

6、“相同”或“不同”）的电加热器分别给初温相同且 （选填“质量”或“体积”）相同的甲、乙两种液体加热，并记录实验数据。（2）同时加热2min，甲吸收的热量 （选填“大于”、“小于”或“等于”）乙吸收的热量。（3）分析实验数据可知， （选填“甲”或“乙”）液体吸热本领强。（4）该实验用到的研究方法有：转换法和 。18（8分）在“测定小灯泡功率”的实验中，小明所在小组使用的电源电压为6V，小灯泡的额定电压为3.8V，灯丝电阻约为56。（1）小明在连接实验电路时还有导线未接上，如图甲所示，请用笔画线代替导线把图甲中的电路连接好（导线不得交叉）。（2）闭合开关，要使小灯泡正常发光，应移动滑动变阻器的滑片

7、P使电压表的示数为 V，此时电流表的示数如图乙所示，那么小灯泡的额定功率是 W。（3）在测量小灯泡电功率时，小明还发现灯泡的电阻变化较大，这是因为 。四、计算与推导题（共23分；解答要有必要的公式和过程，只有最后答案的不能得分）19（5分）如图所示为一测量某电阻的电路，电源电压保持不变，闭合开关S1、S2，记下电流表示数为I1；断开开关S2，记下电流表示数为I2，请写出未知电阻Rx阻值的表达式。20（6分）如图甲所示电路，电源电压为9V且保持不变，小灯泡标有“6V6W”的字样，小灯泡的电流随电压的变化曲线如图乙。求：（1）当电流表的示数为0.7A时，小灯泡的电功率；（2）当电压表的示数为2V时

8、，整个电路10s内消耗的电能。21（12分）某电水壶铭牌上的一些数据如表格所示。C水4.2103J/（kg）（1）电水壶正常工作电流是多大？（2）如果将电水壶装满后，把20的水烧开（1标准大气压下），水吸收热量是多少？（3）该电水壶正常工作时，烧开一壶水需要6min，求电水壶的加热效率（结果保留一位小数）容量1kg额定电压220V加热功率1100W频率50Hz2018-2019学年安徽省淮南市潘集区第三次联考九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、填空题（每空2分，共26分）1将硫酸铜溶液注入水的下方，可以看到清水与硫酸铜溶液之间明显的界面，如图甲，静置20日后，如图乙，这是 扩散 现象

9、，说明液体分子 在永不停息地做无规则运动 。【分析】不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了分子在不停的做无规则运动。【解答】解：在量筒里装入的清水和蓝色的硫酸铜溶液之间有明显的界面，静置几天后，界面变模糊了，这属于扩散现象，说明一切物体分子都在永不停息地做无规则运动。故答案为：扩散；在永不停息地做无规则运动。【点评】本题主要考查学生对扩散现象的理解和掌握，是中考的热点，属于基础题目。2如图所示，某城市安装一种“按钮式红绿灯”。当路上车辆不多时，行人通过触摸按钮，使正对车辆的红灯亮起，行人安全通过；按钮相当于电路中的 开关 ；红绿灯实际上是发光二极管，它是由 半导体 （

10、选填“超导体”或“半导体”）材料制成的。【分析】（1）电路是指用导线把电源、用电器、开关连接起来组成的电流路径；（2）二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。【解答】解：按钮是电路中的开关；制造发光二极管的主要材料是半导体材料。故答案为：开关；半导体。【点评】本题考查了电路的组成以及二极管由什么材料制成，属于综合性题目，难度不大。3使用测电笔来判别照明电路的火线和零线时，手必须接触 笔尾金属体 ，当笔尖接触导线时，若氖管发光，则该导线是 火 线。【分析】根据测电笔的使用方法分析。【解答】解：测电笔中的氖管与人体构成通路时，会使氖管发光，故应使手与笔尾的金属体接触，当氖管亮时，说明接触的是

11、火线，当不亮时，是零线。故本题答案为：笔尾金属体；火。【点评】本题考查了测电笔的使用。4汽油机在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，这是通过 热传递 的方式减少汽缸内能，这种改变内能方式的实质是 内能的转移 ，用水来冷却汽缸是因为水的 比热容 较大。【分析】改变内能有两种方式：即做功和热传递，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；水的比热容最大，这也是我们选用水作为作取暖或冷却物体的物质的根本原因。【解答】解：汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，即通过水吸收热量而使得气缸温度降低，这是通过热传递的方式改变内能的；热传递的实质是内能的转移；水的比热容大，相同质量的水和其他液体

12、相比较，升高相同温度时，水吸收的热量多，故常用水作为冷却剂。故答案为：热传递；内能的转移；比热容。【点评】本题考查了改变内能的方式，以及水的比热容较大特点的应用，属于基础知识的考查，相对比较简单。5家庭中使用的电灯、电冰箱等用电器的正常工作电压为 220 V；某小区居民在参加“地球一小时”活动中，自觉将总功率为2000千瓦的用电器停止工作1小时，可节约用电 2000 千瓦时。【分析】（1）家庭电路的电压是220V，用电器的额定电压是220V，为了使用电器正常工作，相互不影响，用电器必须并联在家庭电路中；（2）根据WPt用电器停止工作1h可节约的电能。【解答】解：（1）家庭电路电压为220V；家

13、庭电路中各用电器之间既可以单独工作又互不影响，所以，家庭电路中的电冰箱与电灯之间的连接方式为并联，所以它们正常工作电压为220V；（2）用电器正常发光时的功率P2000kW，则停止工作1h节约的电能：WPt2000kW1h2000kWh。故答案为：220；2000。【点评】本题考查了家庭电路的电压、电功的计算，都是基础知识，难度不大。6给你一只标有“10，1.2A”定值电阻和一只“20，0.5A”的定值电阻，在保证所有电路元件安全的前提下，若并联接入电路，则干路中允许通过的最大电流为 1.5 A。【分析】已知定值电阻的阻值和允许通过的最大电流，可以得到它们两端所加的最大工作电压；并联电路各用电

14、器两端电压相等，为保证元件安全，并联电路两端电压应以最小电压值为电路电压。由并联电路中干路电流等于各支路电流之和计算电路中最大电流。【解答】解：标有“10 1.2A”的定值电阻，所允许通过的最大电流为1.2A；标有“20 0.5A”的定值电阻，所允许通过的最大电流为0.5A。由欧姆定律可得，定值电阻两端允许加的最大电压分别为：U1I1R11.2A1012V，U2I2R20.5A2010V，为保证所有电路元件的安全，由并联电路的电压特点可知，并联电路两端的最大电压为：UU210V，此时通过标有“10 1.2A”定值电阻的电流为I11A，通过标有“20 0.5A”定值电阻的电流为I20.5A，由并

15、联电路的电流特点可得，干路中允许通过的最大电流为：II1+I21A+0.5A1.5A。故答案为：1.5。【点评】本题考查并联电路的电流、电压规律以及欧姆定律的灵活应用，明确电阻的铭牌的含义，熟练掌握并联电路的特点是解答本类题型的关键所在。7如图，此电能表的读数为 31.6kWh （请写明数值和单位）【分析】电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kWh。【解答】解：从电能表上可以看出电能表的数字为00316，最后一位是小数，单位是kWh，故电能表的读数为31.6kWh。故答案为：31.6kWh。【点评】本题考查了电能表的读数方法，关键是知道电能表

16、的最后一位是小数，单位是kWh。8如图所示，电源电压U不变，当开关闭合与断开时，R1两端的电压之比是4：3，则当开关断开时，R1与R2的功率之比是多少？【分析】当开关S闭合时，R2短路，R1两端的电压等于电源电压，即U1U；当开关S断开时，R1与R2串联，设此两电阻的电压分别是U1、U2根据R1两端的电压比是4：3，可求得U1、U2之比。当开关断开时，因为串联电路电流相等，根据PUI可求得R1与R2的功率之比。【解答】解：当开关闭合时，R2短路，R1两端的电压等于电源电压，即U1U；当开关断开时，R1与R2串联，根据开关闭合与断开时，R1两端的电压比是4：3所以，又UU1+U2整理得：。当开关

17、S断开时，R1与R2串联，电流相等，根据PUI得：。答：R1与R2的功率之比是3：1。【点评】本题考查了电功率的计算，求出当开关S断开时，R1与R2串联，R1与R2的电压之比是解题的关键。二、单选题（每小题3分，共21分）注意：请将答案填在下表中，否则不得分9关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（ ）A物体内能增大，一定从外界吸收热量B汽油机在做功冲程把机械能转化为内能C物体内能减少时，温度可能不变D锯条锯木板时，锯条的内能增加，木块的内能减少【分析】要解答本题需掌握：做功和热传递都能改变物体的内能，以及物体温度升高，内能一定增加，但物体内能改变，温度不一定变化【解答】解：A、物体内能增大，

18、不一定从外界吸收热量，也可能是外界对它做了功，故A错误；B、汽油机在做功冲程把内能转化为机械能，故B错误；C、物体内能减少时，温度可能不变，如晶体凝固时，放出热量，温度不变，故C正确；D、锯条锯木板时，摩擦做功，锯条和木块的内能都增加，故D错误。故选：C。【点评】本题主要考查学生对：温度、内能、热量的关系的了解和掌握。是一道中档题。10下列家用电器，利用电流的热效应工作的是（ ）A洗衣机B电视机C电冰箱D电水壶【分析】电流的热效应就是把电能转化为内能，可从能量转化的角度分析哪一用电器是利用了电流的热效应。【解答】解：洗衣机、电冰箱主要是把电能转化为机械能；电视机在工作时，主要将电能转化为光能和

19、声能，故不合题意；只有电水壶是把电能转化为内能，是利用电流的热效应，符合题意。故选：D。【点评】本题主要考查学生对：电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，是一道基础题。11将L1L2L3三只灯泡串联接入电路中，发现L1最暗，L2最亮，则通过三只灯泡的电流的关系是（ ）AI1I2I3BI1I2I3CI1I2I3D无法判断【分析】由题意可知，三灯泡串联，根据串联电路的电流特点得出通过它们的电流关系。【解答】解：由题意可知，三灯泡串联，因为串联电路中各处的电流相等，所以通过三只灯泡的电流的关系是I1I2I3。故选：B。【点评】本题考查了串联电路的电流特点，解题时要抓住关键“三盏电灯串联”，是

20、一道基础题目。12随着生活水平的提高，家用电器越来越多，使用时若出现如图所示情形，会导致连接插座的导线发热，下列做法可行的是（ ）A在保险盒中更换更粗的保险丝B减少同时使用大功率用电器C在该插座上再插入一个插座供其它用电器使用D不需理会继续使用【分析】导致连接插座的导线发热的原因是电流过大：发生短路或用电器的总功率过大，采取正确的方法，避免火灾的发生。【解答】解：A、在保险盒中更换更粗的保险丝，不能从根本上解决问题，应避免在同一插座上使用多个大功率的用电器，故A错误；B、在同一插座上可以同时使用几个大功率的用电器，会使用电器的总功率过大，导致电流过大烧坏插座，故应减少同时使用大功率用电器，故B

21、正确；C、在该插座上再插入一个插座供其它用电器使用，会使得此插座的电流更大，更易烧毁插座，故C错误；D、不理会继续使用，可能会烧毁电路，发生火灾，故D错误。故选：B。【点评】本题考查电路中电流过大的原因，是一道基础题。13对如图所示电路的分析，下列说法错误的是（ ）A当闭合S3，断开Sl、S2时，L1与L2为串联B当断开S3，闭合S1、S2时，L1与L2为并联C当断开S1，闭合S2、S3时，L1与L2为串联D当断开S2，闭合Sl、S3时，就会出现短路现象【分析】串联电路是指元件顺次连接的电路；并联电路是指元件并列连接的电路。根据串并联电路的特点和开关的状态进行分析。【解答】解：A、当闭合S3，

22、断开Sl、S2时，L1与L2为顺次连接，是串联，故A选项正确；B、当断开S3，闭合S1、S2时，L1与L2为并列连接，是并联，故B选项正确；C、当断开S1，闭合S2、S3时，为L1的基本电路，L2被短路，故C选项错误；D、当断开S2，闭合Sl、S3时，电流从正极流出通过S1，S3直接流入电源负极，形成电源短路，故D选项正确。故选：C。【点评】本题考查开关在电路中的作用，关键是会识别串联电路和并联电路，会根据通路判断用电器是否工作。14在如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时（ ）A电压表示数变大，电流表示数变小，灯泡变暗B电压表示数变小，电流表示数变大，灯泡

23、变亮C电压表示数变大，电流表示数变大，灯泡变亮D电压表示数变小，电流表示数变小，灯泡变暗【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电路；根据滑片的移动确定接入电路电阻的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和灯泡两端电压的变化，根据PI2R判断灯泡实际功率的变化，再根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断灯泡亮暗的变化。【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小；根据I可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；根据UIR可知，灯

24、泡两端的电压变大，即电压表的示数变大；根据PI2R可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是会分析滑片移动时电路的变化和知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。15如图所示电路，闭合开关后，灯泡L1发光，L2不发光，电压表有示数。关于电路中L1、L2的连接方式和L2不发光的原因，以下判断正确的是（ ）ALl与L2串联，L2被断路BL1与L2串联，L2的实际功率比额定功率小得多CL1与L2并联，L2与灯座接触不良DL1与L2并联，L2的灯丝断了【分析】灯泡L1与L2顺次连接，电压表测灯L2电压。要解答此题需掌握电压表在电路中的作

25、用，会根据电压表的示数来判断电路故障。【解答】解：CD、由图可知，两个灯泡顺次连接，因此两灯串联，并且电压表测量L2两端电压，故CD错误；A、由图知，Ll与L2串联，若L2断路，则电路中无电流，L1也不亮，不符合题意，故A错误；B、因为灯泡L1发光，电压表有示数，因此L2未被短路，可能是L2的电阻太小，L2分担的电压较小，L2的实际功率比额定功率小得多，导致L2不发光，故B正确。故选：B。【点评】此题考查了电路故障的判断以及灯泡的实际功率决定灯泡的明暗程度，掌握当灯泡的实际功率远远小于灯泡的额定功率时，灯泡不会发光。三、实验题（16题和18题（1）连线作图各2分，其他每空2分，共20分）16请

26、把如图电路元件接入照明电路中，且符合安全用电原则。【分析】开关控制灯泡时，首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套，这样灯泡既能工作，在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡更安全。三孔插座的接法：地线直接进入上孔，零线直接进入左孔，火线接右孔。【解答】解：灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上；三孔插座的接法：地线直接接三孔插座的上孔，零线直接接三孔插座的左孔，右孔接火线。如图所示：【点评】掌握家庭电路中灯泡、开关、两孔插座、三孔插座、保险丝的接法，注重将物理知识联系生活实际。17（10分）在“比较不同物质吸热情况”的实验中，

27、实验装置如图所示：加热时间/min01234甲的温度/2027344148乙的温度/2035506580（1）实验中应选用规格 相同 （选填“相同”或“不同”）的电加热器分别给初温相同且 质量 （选填“质量”或“体积”）相同的甲、乙两种液体加热，并记录实验数据。（2）同时加热2min，甲吸收的热量 等于 （选填“大于”、“小于”或“等于”）乙吸收的热量。（3）分析实验数据可知， 甲 （选填“甲”或“乙”）液体吸热本领强。（4）该实验用到的研究方法有：转换法和 控制变量法 。【分析】（1）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。根据控制变量法分析解答；（2）加热相

28、同的时间吸收的热量相同；（3）比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；（4）根据（1）知此实验的方法。【解答】解：（1）根据密度公式有：mV，不同物质密度不同，若体积相同，则质量不同，故应选用质量相同的不同液体。根据转换法，实验中应选用规格相同的电加热器分别给初温相同且质量相同的甲、乙两种液体加热，并记录实验数据。（2）使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，若加热相同的时间吸收的热量相同；（3）分析实验数据可

29、知，加热时间相同，比较温度的变化，此实验是通过比较温度变化来判断吸热能力强弱的，由表中数据，根据比较吸热能力的第二种方法，甲液体温度升高的少，吸热本领强。（4）该实验用到的研究方法有：转换法和控制变量法。故答案为：（1）相同；质量；（2）等于；（3）甲； （4）控制变量法。【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。18（8分）在“测定小灯泡功率”的实验中，小明所在小组使用的电源电压为6V，小灯泡的额定电压为3.8V，灯丝电阻约为56。（1）小明在连接实验电路时还有导线未接上，如图甲所示，请用笔画线代替导线把图甲中的电路连接好（导线

30、不得交叉）。（2）闭合开关，要使小灯泡正常发光，应移动滑动变阻器的滑片P使电压表的示数为 3.8 V，此时电流表的示数如图乙所示，那么小灯泡的额定功率是 2.66 W。（3）在测量小灯泡电功率时，小明还发现灯泡的电阻变化较大，这是因为 灯丝电阻随温度升高而增大 。【分析】（1）将电压表与电阻并联，根据灯泡的额定电压选择其量程；（2）当灯泡两端的电压等于额定电压时，才会正常发光；根据图乙确定电流表的量程和分度值，读出示数，由PUI计算出电功率；（3）根据灯丝的电阻受温度的影响来分析。【解答】解：（1）将电压表与灯泡并联，灯泡的额定电压为3.8V，所以电压表应选择015V的量程，如图所示：（2）要

31、使小灯泡正常发光，应移动滑动变阻器的滑片P使电压表的示数为3.8V；灯泡正常发光时的电阻大约为R0.76A，由图乙知，电流表的量程应为03A，分度值为0.1A，示数为0.7A；PUI3.8V0.7A2.66W；（3）由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以灯泡的电阻变化较大。故答案为：（1）见上图；（2）3.8；2.66；（3）灯丝电阻随温度升高而增大。【点评】此题是测定小灯泡功率的实验，考查了实物电路的连接、滑动变阻器的应用、电功率的计算及灯丝电阻与温度的关系，考查全面。四、计算与推导题（共23分；解答要有必要的公式和过程，只有最后答案的不能得分）19（5分）如图所示为一测量某电阻的电路，电源

32、电压保持不变，闭合开关S1、S2，记下电流表示数为I1；断开开关S2，记下电流表示数为I2，请写出未知电阻Rx阻值的表达式。【分析】由图可知：在没有电压表时，定值电阻与待测电阻串联，则利用电源电压不变，根据电流表和定值电阻的示数利用UIR得出电源电压的表达式，然后组成等式解之。【解答】解：由图可知：闭合开关S1和S2，电路为只有Rx工作的简单电路，电流表示数为I1。闭合S1，断开S2，电阻R0和Rx串联，电流表测量R0和Rx的电流，记为I2。根据电源电压相等知：I1RxI2（Rx+R0）电阻Rx阻值的表达式：Rx。【点评】本题考查了特殊的方法测量电阻，掌握电源电压不变是解题的关键。20（6分）

33、如图甲所示电路，电源电压为9V且保持不变，小灯泡标有“6V6W”的字样，小灯泡的电流随电压的变化曲线如图乙。求：（1）当电流表的示数为0.7A时，小灯泡的电功率；（2）当电压表的示数为2V时，整个电路10s内消耗的电能。【分析】（1）根据图示图象求出电流对应的电压，然后应用PUI求出灯泡的实际功率。（2）由图示图象求出电路电流，然后应用WUIt求出电路消耗的电能。【解答】解：（1）由图甲所示电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电流表示数为0.7A时通过灯泡的电流为0.7A，由图示图象可知，灯泡两端电压为3V，灯泡的电功率：PUI3V0.7A2.1W；（2）由图示图象可知，电压表

34、示数为2V时电路电流为0.5A，10s电路消耗的电能：WUIt9V0.5A10s45J；答：（1）当电流表的示数为0.7A时，小灯泡的电功率是2.1W；（2）当电压表的示数为2V时，整个电路10s内消耗的电能是45J。【点评】本题考查了欧姆定律的应用与电能的计算，由IU图象找出电压与对应的电流值，是正确解题的前提与关键。21（12分）某电水壶铭牌上的一些数据如表格所示。C水4.2103J/（kg）（1）电水壶正常工作电流是多大？（2）如果将电水壶装满后，把20的水烧开（1标准大气压下），水吸收热量是多少？（3）该电水壶正常工作时，烧开一壶水需要6min，求电水壶的加热效率（结果保留一位小数）容

35、量1kg额定电压220V加热功率1100W频率50Hz【分析】（1）电水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据PUI求出通过的电流；（2）电水壶装满水后已知水的质量，1标准大气压下水的沸点是100，根据Q吸cm（tt0）求出水吸收的热量；（3）根据WPt求出该电水壶正常工作6min消耗的电能，利用100%求出电水壶的加热效率【解答】解：（1）由PUI可得，电水壶正常工作电流：I5A；（2）将电水壶装满后，已知水的质量：m1kg，在一个标准大气压下水的沸点是100，则水所需吸收热量：Q吸cm（tt0）4.2103J/（kg）1kg（10020）3.36105J；（3）该电水壶正常工作6min消耗的电能：WPt1100W660s3.96105J，电水壶的加热效率：100%100%84.8%。答：（1）电水壶正常工作电流是5A；（2）如果将电水壶装满后，把20的水烧开，水吸收热量是3.36105J；（3）电水壶的加热效率是84.8%。【点评】本题考查了电功率公式、密度公式、吸热公式、电功公式、效率公式的应用，要注意1标准大气压下水的沸点是100。