2021年山东省潍坊市四县市联考高考物理模拟试卷(含答案解析).pdf

《2021年山东省潍坊市四县市联考高考物理模拟试卷(含答案解析).pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021年山东省潍坊市四县市联考高考物理模拟试卷(含答案解析).pdf（14页珍藏版）》请在得力文库 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2021年山东省潍坊市四县市联考高考物理模拟试卷一、单 选 题（本大题共9 小题，共 28.0分）1.图为氢原子能级图。现有一群处于7 1=4激发态的氢原子，用这些II En/cVc o-.5-0 54氢原子辐射出的光照射逸出功为2.13eV的某金属，已知电子的电荷4-0853-1.51量为 1.6 x 1 0-1%,则（）A.这群氢原子能够发出8种不同频率的光B.如果发出的光子中有两种能使某金属产生光电效应，其中一种1-13.6一定是由n=3能级跃迁到ri=1能级发出的C.从n=4能级跃迁到律=3能级发出的光的波长最短D.该金属逸出的所有光电子中，初动能的最大值为1.7x1018/2.一钢筒

2、内装有压缩空气，当打开阀门后，气体迅速从阀门冲出，很快筒内气体的压强与大气压强Po相同，然后立即关闭阀门，如果钢瓶外部环境温度保持不变，经较长时间后筒内气体的压强（）A.等于Po B.大于Po C.小于Po D.无法判定3.直线P1 2过均匀玻璃球球心。，细光束a、b平行且关于PlP2对称，由空气射入玻璃球的光路如图所示，a、b光相比（）A.玻璃对6光的折射率较小 B.玻璃对a 光的临界角较小C.b光在玻璃中的传播速度较小 D.b光在玻璃中的传播时间较短4.通电直导线周围存在着磁场，离导线越远的点磁感应强度越小，这一规.二）律环形电流也成立。如图所示，真空中两个点电荷+q和-q 以相同的角度在

3、水平面内绕。点逆时针方向（俯视）匀速转动，+q离。点较近，则。点的磁感应强度的方向为（）A.竖直向上 B.竖直向下C.。点磁感应强度为零 D.条件不足无法判断5.关于机械振动和机械波下列说法正确的是（）A.有机械振动就有机械波B.在同一介质中波的传播速度与振源的振动速度相同C.一列波由空气传入水中频率不变D.振源一旦停止振动，则机械波将立即停止传播6.如图，a、b分别表示一个电池组和一只电阻R的 伏 安 特 性 曲 线.用4 H该电池组直接与电阻R连接成闭合电路，则以下说法正确的是（）万A.电池组的内阻是0.330 二5VB.电阻的阻值为1。C.电池组的输出功率将是41yD.改变电阻R的阻值时

4、，该电池组的最大输出功率为4W7.如图，质量为m的物块从倾角为。的粗糙斜面的最低端以速度为冲上斜面，已知物块与斜面间的动摩擦因数为”，重力加速度为g.在上升过程中物体的加速度为（）A.gsinGB.gsin9 igcosO C.gsind+p.gcos9 D.figcosd8.如图所示，质量为m的月球探测器在圆形轨道I上运动，在4点处进入椭圆轨道n,在B点处再次变轨进入轨道ni绕月球做圆周运动，其中轨道江的半径可认为近似等于月球的半径R,此时运行周期为7,变轨过 m程中探测器质量的变化忽略不计.已知轨道/半径为2R,引力常量为G,下列说法正确的是（）A.月球的密度为普GIB.探测器在轨道/上运

5、动的周期是在轨道n上运动的周期的叵倍7 64C.探测器在轨道n上运动时，8处速度大小是4处速度大小的3倍D.探测器从轨道/运动到轨道in,合外力对探测器做功为空9.如图，图中实线是一簇没标明方向的电场线，虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若带电粒子在运动过程中只受电场力的作用，下列说法正确的是（）A.粒子过a点时的速度、加速度都大于过b点时的速度、加速度B.粒子过a点时的速度、加速度都小于过b点时的速度、加速度C.若粒子是由a运动到b,电场力做正功，由b运动到a,电场力做负功D.无论粒子是由a运动到b,还是由b运动到a,都是克服电场力做功二、多 选 题（本大题共

6、3 小题，共 12.0分）10.如 图（俯视）所示，完全相同的四个足球彼此相互接触叠放在水平面上处于静止状态，每个足球的质量都是小，不考虑转动情况，下列说法正确的是（重力加速度为g）（）A.下面每个球对地面的压力均为gmgB.下面的球不受地面给的摩擦力C.下面每个球受地面给的摩擦力均为的gD.上面球对下面每个球的压力均为等mg11.如图所示，滑雪运动员沿倾角为30。的滑雪道匀速下滑（）A.运动员的合力不做功B.运动员的机械能保持不变C.运动员的重力势能减小，动能增加D.如果增大滑雪道的倾角，则运动员受到的摩擦力减小12.如图所示电路，、曷是两个不同的小灯泡，a、b间有恒定的电压，两小灯泡都正常

7、发光，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，发生的现象是A.公亮度不变，G 变暗B.L 变暗，G 变亮C.电路消耗的总功率变大D.流过滑动变阻器的电流变小三、实 验 题（本大题共3 小题，共 30.0分）13.利用气垫导轨探究动能定理，实验装置图所示。实验步骤如下:调整水平桌面上的气垫导轨至水平；测量挡光条的宽度I,两光电门间的中心间距s,用天平称出滑块和挡光条的总质量M,托盘和祛码的总质量m；将滑块移至光电门1左侧某位置，由静止释放滑块，从计时器中分别读出挡光条通过两光电门的时间A ti、t2o用测量的物理量求解下列物理量：（1）滑块通过光电门1和2时瞬时速度分别为%=，v2=（2）滑块通过光电门1

8、和2时，系统（包括滑块、挡光条、托盘和祛码）的总动能分别为E电=E%=。外力对系统做的功为W=。（3）实验中，验证动能定理是否成立的关系式为 o抗 多 条 光 电“1 光电”2一 疝 疝 I14.用伏安法测定一段阻值约为50左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A 电池组（3 V,内阻1。）B.电流表（03 4,内阻0.0125。）C 电流表（0 0.64 内阻0.1250）。.电压表（0 3V，内阻3kO）E.电压表（01 5 V,内阻15k。）F.滑动变阻器（0 2 0 0,额定电流14）G.滑动变阻器（02 0 0 0 0,额定电流0.34）从开关、导线（1）上 述

9、 器 材 中 应 选 用 的 是;（填写各器材的字母代号）（2）设实验中，电流表、电压表的某组示数如图所示，图示中/=A,U=V.0 A/06 V/，（3）为使通过待测金属导线的电流能在0 0.54范围内改变，请按要求画出测量待测金属导线的电阻心的原理电路图.15.14.（10分）如图所示，质量m为0.2kg的小球固定在长为,=0.9m的轻杆的一端，轻杆可绕。点的水平转轴在竖直平面内转动。（g=lOm/s?）求：国.当小球在最高点的速度为多大时，球对轻杆的作用力为零；因当小球在最高点的速度为6m/s时，球对轻杆的作用力的大小与方向。v四、计 算 题（本大题共3 小题，共 30.0分）/L 、1

10、6.在疫情防控期间，医院的氧气消耗量较平时有所增加。某医院用的氧气 o；瓶容积是3 2 3 出厂时瓶内气体压强为130砒根。在使用过程中，当氧气:瓶内气体压强降到lOatm时就要充气，以免混入其他气体而需要洗瓶。某医院急诊室每天用LOatrn氧气3 8 4 3若不考虑温度变化，则一瓶氧气够这个急诊室用多少天？17.如图所示，用长为L的轻绳将质量为m的小球悬挂于固定的。点，先将小球拉到一定高度的4点，使得轻绳与水平方向的夹角。=30,再由静止释放小球，当小球运动到B点时，轻绳瞬间绷直，此后小球在竖直平面内做圆周运动。已知重力加速度为g。求：(1)小球从A点运动到B点的过程中，受重力的冲量大小;(

11、2)轻绳绷直瞬间，轻绳对小球的冲量大小。18.小物块质量m=0.99kg,静止在光滑水平面上，一颗质量为小。=/0.01kg的子弹以速度%=40(hn/s从左边射入小物块，之后小物 小 呵 鬼 /块滑上一倾角为37。的斜坡，最 后 返 回 水 平 面.水 平 面 与 斜 坡 的 连-.接处有一小段光滑圆弧，小物块与斜坡的动摩擦因数=0.5,重力加速度g=10m/s2.(sin37o=0.6,cos37=0.8)求：(1)小物块被打入子弹后沿斜坡上滑的最大距离；(2)小物块返回水平面的速度.参考答案及解析1.答案：B解析：解：4、这群氢原子能够发出废=6 种不同频率的光，故 A错误；8 0、这群

12、氢原子发出的光两种能使某金属产生光电效应，可知这两种光是能量最大的两种，分别由n 4 和n 3 向n 1跃迁产生的，根据光电效应方程可得光电子的最大初动能=%-%-%=0.8 5 W -(13.6e Q -2.13 e U =10.62e V =1.7 x I O-*/,故 B正确，。错误；C、从兀=4能级跃迁到n =3 能级发出的光的能量最小，频率最小，波长最长，故 C错误。故选：B。根据数学组合公式求出这群氢原子发出不同频率光的种数；当光子能量大于逸出功时，可以发生光电效应，根据光电效应方程可求光电子的最大初动能；能级差越小，光子频率越小，波长越长；解决本题的关键知道能级间跃迁满足的规律，

13、知道发生光电效应的条件，并能灵活运用。2.答案：B解析：解：打开阀门空气“迅速”喷出，可视为绝热过程Q =0,瓶内气体体积膨胀对外做功W 0,则由热力学第一定律知 U 0,立即关闭阀门时瓶内氧气温度必然低于外界温度，而压强等于外界大气压；“过一段时间”经过热交换，钢瓶内空气的温度升高，由于体积未变，所以瓶内气体压强将增大。故选：B o气体压强与分子密度和平均动能有关，根据热力学第一定律分析内能的变化，根据分子动理论解释气体的压强变化的原因.本题考查了热力学第一定律的应用.要明确气体的压强与分子密度和分子平均动能有关；注意由热力学第一定律进行解释.3 .答案：C解析：解：4、由题目图知，光线通过

14、玻璃砖后，b 光的偏折角大，则玻璃对b 光的折射率较大，故A错误；B、玻璃对a 光的折射率较小，由 讥。=；分析知，玻璃对a 光的临界角较大，故 B错误；C、由：分析知，b 光在玻璃中的传播速度较小，故 C 正确；。、b光在玻璃砖通过的路程较大，传播速度较小，由t=:分析知匕光在玻璃中的传播时间较长，故力错误。故选：Co根据光的偏折程度分析折射率的大小，由sinC=Z分析临界角的大小；再由=:分析光在玻璃中的nn传播速度大小，由t=;分析光在玻璃中的传播时间关系。解决该题的关键是能根据光路图正确分析两种光的折射率大小关系，熟记全反射的临界角公式以及光速的求解公式。4.答案:A解析：解：点电荷的

15、定向移动，形成电流，根据正电荷的定向移动方向即为电流的方向，由右手螺旋定则可知，正电荷在。点的磁场方向为竖直向上，而负电荷在。点的磁场方向为竖直向下，由于正电荷距离。点半径近，所以运动时在。点产生的磁场强，根据矢量叠加原理，则合磁场的方向为竖直向上，故 A 正确，BCD错误。故选：Ao点电荷的定向移动形成电流，根据右手螺旋定则可确定磁场方向，由矢量叠加来确定磁场的方向。考查电荷的定向移动形成电流，掌握右手螺旋定则，理解矢量叠加的原理，解题的关键是电流产生的磁场与电流的距离有关。5.答案：C解析：解：4、有机械波一定有机械振动，有机械振动不一定有机械波，还需要传播振动的介质。故A 错误。B、波在

16、介质中的传播速度由介质本身的性质决定，与振源的振动速度无关，故 B错误；C、机械波的频率等于波源的振动频率，由波源决定的。在不同介质中均相同，故 C 正确；。、波是一种能量形式，振源停止振动时，机械波仍继续传播，故。错误。故选：C。机械波形成要有两个条件：一是机械振动，二是传播振动的介质.有机械振动才有可能有机械波，波的传播速度与质点振动速度没有直接关系.横波在介质中的传播速度由介质本身的性质决定.机械波产生的条件是振源与介质.质点不随波迁移，注意波速由介质决定，而频率由振源决定，同时注意理解振动速度和波的速度的不同.6.答案：D解析：本题考查读图的能力.对于图象，往往从数学上斜率、截距、交点

17、等知识来理解其物理意义。电池组的伏安特性曲线的斜率绝对值等于电池的内阻；电阻的伏安特性曲线斜率的倒数大小等于电阻；图线的交点表示将该电阻接在该电池组两端时电路的工作状态；当外电阻等于电池的内阻时电池组有最大的输出功率。A.电池组的内阻r=|当|=早。=1。，故 A错误。8.电 阻 的 阻 值 约/?=*=?。=3 0，故 8错误。C 两图线的交点表示将该电阻接在该电池组两端时电路的工作状态，由图读出路端电压为U =3 V,电流为/=14电池组的输出功率是P =U/=3W,故 C 错误。D当外电阻等于电池的内阻时，即外电阻R =r=10 时，电池组的最大输出功率P%=(券)2/?=w K+r(*

18、)2 x l =4W,故。正确。故选Do7 .答案：C解析：解；物块受力分析如图所示：垂直斜面方向有平衡得：FN=mgcosO 又/=叫沿斜面方向由牛顿第二定律得：f+mgsind=m a 联立得：a-gsind+ngcosd所以A B。错误，C 正确，故选：C.对物块受力分析，利用牛顿第二定律列式求解.本题重点考查受力分析，利用牛顿第二定律求解加速度，较简单.8 .答案：D解析：根据万有引力提供向心力求月球质量，再根据密度公式求密度：根据开普勒第三定律求探测器在轨道 I 上运动的周期与轨道n 上周期之比；根据牛顿第二定律求出48处的向心加速度之比，再由a=%求出4、B处速度之比；根据动能定理

19、求合外力对探测器做的功；解决本题的关键是掌握万有引力定律的两个重要理论：万有引力提供向心力，并能灵活运用.A、探测器在轨道HI上绕月球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，有G警=小 誓 R,得月球质K 12 347r2-3量”=月球的密度。=上=芋=葛，故 A 错误；GT2 y v 4TIR3 G723B、椭圆轨道n 的长轴为3 R,半长轴为|R,根据开普勒第三定律，有 普=篙=引 得,=聆，所以探测器在轨道I 上运动的周期是在轨道口上运动的周期的回倍，故 8 错误；7 27C、根据牛顿第二定律，G m a,得 1 =詈，B处的向心加速度是4 处的4倍，再根据a=%，因为椭圆的对称性，所以4B

20、两点的曲率半径相等，所以B处速度大小是4处速度大小的2倍，故 C错误；。、探测器围绕地球做匀速圆周运动的线速度=回，在轨道/和轨道m上的线速度之比，空=叵=专，在轨道HI线速度方=半，在轨道I 上的线速度%=专 半，根据动能定理，合外力对探测器做功W=|m v1-|m v|=如（等）2一 如（专 攀）2=隼 贮,故。正确；故选：Do9.答案：A解析：解：粒子在a点的电场线比在b点的电场线密集，所以在a的加速度大于b的加速度，由轨迹弯曲方向与粒子速度方向的关系分析可知，若粒子从a运动到b,电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增大，则粒子在a点的速度较大，在b点电势能较大.若粒子从b运动到a

21、,电场力对粒子做正功，粒子的动能增大，电势能减小，则粒子在a点的速度较大，在6点电势能较大.故A 正确，BCO错误.故选：A.10.答案：AC解析：解：4、根据整体法，下面每个球对地面的压力为N,3N=4 m g,故gmg；故 A 正确8、四个球的球心连线构成了正四面体，对下面的球受力分析如图，故 B 错误C、根据几何关系可求，尸与mg的夹角的余弦值为手，正弦值为当；则有：F 9 +7ng=N=F =f3 7联立解得：f=E m g F =m g，故。正确，。错误66故选：AC整体法可求地面的支持力，根据牛顿第三定律求对地面的压力，对下面的其中一个球受力分析，可求所受地面给的摩擦力、上面球对下

22、面每个球的压力.考查了受力分析，整体法隔离法的运用，合理转换研究对象.11.答案：AD解析：解：力、运动员匀速下滑，所受合外力为零，合外力不做功，故 A 正确；2、运动员匀速下滑，动能不变，重力势能减少，机械能减少，故 BC错误；D、运动员受到的滑动摩擦力f =7ngcos。，如果增大滑雪道的倾角仇则运动员受到的摩擦力将减小，故。正确；故选：AD.运动员下滑过程中，重力做正功，即可知道重力势能的变化；摩擦力做功，即可知机械能的变化；运动员做匀速运动，合力为零，即可知合力做功情况.本题关键要掌握重力势能的变化与重力做功有关，机械能的变化与除重力以外的力做功有关.12.答案：BD解析：电路结构是：

23、滑动变阻器与灯泡乙 2并联，再与灯泡L1串联，滑动变阻器的滑动头向右移动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，引起并联部分电阻变化，外电路总电阻变化，干路电流变化，再分析灯泡乙 2电压的变化来分析灯泡亮度的变化，根据P=U/来判断电路消耗的总功率；利用串并联电路的特点动态分析电路，结合欧姆定律解题。4B.滑动变阻器的滑动头向右移动的过程中，Rp变大，外电路总电阻R变大，干路电流/=三减小，刀变暗，灯泡L2的电压/=U-/&变大，L2变亮，故 A 错误，B 正确;C 因为干路电流减小，根据P=U/,电路消耗的总功率变小，故 C 错误；D 因为干路电流减小，灯泡L2的电压U2=U-/RI变大，流过L

24、2的电流变大，故流过滑动变阻器的电流减小，故。正确。故选BD.13答案：京显陋+m),(M+m脸mgs mgs=+咆 点 产 一 会 月解析：解：(1)依据中时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，则滑块到达光电门的速度为：%=ii(2)滑块通过光电门1和2时，系统的总动能分别为：+=Ek2=“M+m泗=1(M +m塌钩码的重力对系统做的功：W=mgs(3)系统获得的动能：Ek=3(m+M)v2=(M+7n)(-j)2 (y)2；因此要验证物理做功与动能的关系，只需要验证：m 9 5=+m)(%)2-(奈)2即可；故答案为：2，W；(2)|(M +与M+m)/p mgs1 1,1，mgs=5(

25、M+m)(7 7 i)-(T V)Z cz(1)依据平均速度等于中时刻的瞬时速度，并结合加速度公式，即可求解；(2)根据动能的定义式求出动能，由做功得公式求出重力做的功；(3)在该过程中钩码的重力对系统做功，只需要验证系统获得的动能等于钩码的重力对钩码做的功即可，由此写出表达式。本题考查游标卡尺的读数方法，要注意分析精度，掌握读数方法，并注意有效位数的确定，掌握运动学公式的内容，理解专-X 图象斜率的含义。14.答案:ACDFH 0.48 2.20解析：解：(1)必选器材有：4、机电池组的电动势是3 V,电压表的量程选3 V,即选择电压表D.金属导线的电阻约为50左右，则通过导线的电流最大值约

26、Anax=|=0.64故电流表选C.为方便实验操作，滑动变阻器应选凡 即需要的实验器材是：4、C、0、F、H.|_0 I(2)由图示电流表可知，其量程为0 0.6 4 分度值为0.0 2 4 示数为0.484；?由图示电压表可知，其量程为03乙 分度值为0.1人 示数为2.20V.I-待测电阻阻值约为5。，电流表内阻约为0.1 2 5 4,电压表内阻约为3k0,旧1 相对来说，电压表内阻远大于待测定值阻值，因此电流表应采用外接法.实验原理如图.故答案为：(Y)ACDFH(2)0.4 8 4 2.2 0 V如图用伏安法测定电阻的原理是电阻定义式R .根据电源的电动势，选择电压表的量程.由电源的电

27、动势与测电阻的大约值，估算电流的最大值，选择电流表的量程.根据待测电阻与变阻器总阻值的大小，选择变阻器的规格.根据两电表内阻与待测电阻的大小关键，选择电流表的内接法或外接法.由图示电表确定其量程与分度值，然后读出其示数.本题考查了实验器材的选择、电流表的接法、电表读数；对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直.1 5.答案：(l)3 m/s；(2)6 N,方向竖直向上解析：本题考查了牛顿第二定律在圆周运动中的应用。小球在最高点时，对小球受力分析，受重力G和杆的弹力N,假定弹力N向下，如图所示：2由牛顿第二定律和向心力公式得：由上 式 得：N =0时的速度为：

28、V j =-JgL=V l O xO-9 wIs=3 m!s；(2)由公式得小球在最高点的速度以=6 m/s时，杆对球的作用力为：N =mg 0.2 x1 0 N=+6 2 7r 0.9”+”说明方向竖直向下,由牛顿第三定律得：球对杆的作用力大小N =N =6 N,方向竖直向上。1 6.答案：解：以氧气瓶内的气体为研究对象，气体发生等温变化，气体的状态参量：P i =1 3 0 a tm,p2=lOatm,p3=l.Oatm,V1=3 2L设压强为P 2时，能向外放出气体的体积为%由玻意耳定律得：PM=p2（y2+匕）设放出的气体压强为P 3时，气体体积为匕对放出的气体，由玻意耳定律的得：p2

29、V2=设氧气能用n天，则：n =AV其中：AV=3 8 4 L代入数据解得：n =1 0天答：一瓶氧气够这个急诊室用1 0天。解析：气体发生等温变化，应用玻意耳定律求出使用气体的体积，然后求出使用的天数。本题考查了求氧气能使用的天数，分析清楚气体的状态变化过程是解题的前提与关键，应用玻意耳定律即可正确解题；解题时注意研究对象的选择。1 7.答案：解：（1）小球从4到B过程做自由落体运动，设运动时间为3下降高度为3则：L=gt2小球的运动时间：t=后重力的冲量大小：/=mgt=my1 2gL（2）小球到达B点时的速度：v=gt=/初轻绳绷直前，小球沿绳方向的分速度%=vsind=理轻绳绷直瞬间，

30、小球沿绳方向的分速度也变为零，在轻绳绷直瞬间，绳对小球的冲量大小：,/=m v1 0 =答：（1）小球从A点运动到B点的过程中，受重力的冲量大小是m商I；（2）轻绳绷直瞬间，轻绳对小球的冲量大小是哼L解析：（1）从4到B过程小球做自由落体运动，应用运动学公式求出小球的运动时间，然后求出重力的冲量大小。(2)轻绳绷直瞬间小球沿绳方向的分速度变为零，垂直于绳方向的分速度不变，应用动量定理求出轻绳对小球的冲量大小。本题考查了动量定理的应用，根据题意分析清楚小球的运动过程是解题的前提，应用运动学公式、动量的计算公式与动量定理即可解题。18.答案：解：(1)子弹射入小物块的过程，取水平向右为正方向，根据

31、动量守恒定律得:movo (m0+m)v可得u=m0+7n0.01X4000.01+0.99m/s=4m/s设小物块滑上斜坡的最大距离为S,根据动能定理得：19/z(m0+m)gscos37 (m0+rn)gssin37=0-(m0+m)vz解得 s=0.8m(2)设小物块返回水平面的速度为%,根据动能定理得:(m0+m)gssin37-i(m0+Tn)gscos37=1(m0+m)说 0解得 Vi=m/s答：(1)小物块被打入子弹后沿斜坡上滑的最大距离是0.8m；(2)小物块返回水平面的速度是誓m/s.解析：(1)先研究子弹射入小物块的过程，根据动量守恒定律求出二者的共同速度.之后，小物块沿斜坡上滑，根据动能定理可求小物块沿斜坡上滑的最大距离.(2)再对小物块下滑的过程，由动能定理求小物块返回水平面的速度.解决本题的关键是理清物体的运动情况，抓住子弹打击过程的基本规律：动量守恒定律.涉及求高度时，首先要想到动能定理.