长沙市2023年新高考适应性考试物理答案.pdf

《长沙市2023年新高考适应性考试物理答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《长沙市2023年新高考适应性考试物理答案.pdf（5页珍藏版）》请在得力文库 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、长沙市2023年新高考适应性考试物理参考答案一 选择题：1234567891 01 1BACCDDBABDABBCAC5.【解析】线框完全进入磁场后的运动为a=g 的匀加速运动，离开磁场的过程中做加速度减小的减速运动，线框完全离开磁场后的运动为。=8 的匀加速运动，故选项A、B均错误。根据C选项的图象，ab 边出磁场时，加速度为零，安培力等于重力，即此时的速度刚好等于 c d 边进入磁场时的速度：而从ab 边刚进入磁场到c d 边刚出磁场，物体的加速度为g,位移为，；接下来再运动位移为/时，加速度均小于g,ab 边刚出磁场时速度肯定大于ab 刚进入磁场时的速度，所以加速度不可能为零，故 C错误

2、。c d 边刚出磁场时的速度大小不确定，线框的加速度大于g、等于g和小于g均有可能，故 D正确。应选D。6 .【解析】如图所示，根据对称性以及几何关系可知i =2 r根据折射定律有 图 上=1.6s i n厂联立以上两式可得s i nr =0.6,故 s i nz=0.9 6故入射线与出射线的距离为J=2 则 E 2 =华，故%=-纥 2=-y-=WV 3,V 3 n 2 a 1 pi a-Td故选B o1 1.【解析】根据圆环的平衡和牛顿第三定律可判断选项A正确；由于厂 人 因此两圆环近似看作两根平行长直导线，圆环所在处的磁感应强度B由镜像圆环产生，则由题目条件可知，B =%,B错误；由于两

3、导线间的电流反向，因此上面圆环所受的安培力方向竖直向上，大小为F=BIL,故/=缭/-2 万尸，又由于圆环恰好悬浮，故尸=”?g,计算可得1=J告;，故 C正确，D错误。物理参考答案第1 页（共 5页）二、非选择题：共 5 2 分。1 2.（6分）【答案】（1）2.6 0 （2）1 8 5 7 相等【解析】（1）读数时要估读到分度值的下一位。（2）由丙图读出5=L 4 0 V,根据串联电路中 电 压 与 电 阻 的 关 系 有 与=卷，计算得到&=1 8 5 7。，若考虑电压表内阻的影响，当开U 2%关拨向接线柱1 时，电压表和待测电阻并联的总电阻为/4-,则二者分得电压为U、=0v&_ u

4、R捻-方 节-U,同理，当开关拨向接线柱2时，电压表和电1&,n R、，Rx+&K员 W&阻箱分得电压为a=RQRR。+R、RRv+R A +R、RxU,则有J =季，故测量值“0 +%与真实值相等。1 3.（9分）【答案】7 6.7 5 （2）9.6 6 或 9.6 7 （3）2 或 臂 二 少T2 T T T2（4）空气阻力的影响；刻度尺测量（读数）不精确；手机计时不精确等均给分。【解析】（1）根据表中对前面两图的读数可知，小明是根据小球上沿对齐的刻度读数，所以第 3幅图也要根据上沿对齐的刻度读数。（2）根据图可知三幅图中小球中心对应的刻度值分别为：X i =2.0 0 c m =0.0

5、2 0 0 m,x2=2 5.9 5 c m =0.2 5 9 5 m,x3 7 6.7 5 c m =0.7 6 7 5 m,根据逐差法求解加速度的方法可得：=(马一6&-%)=(07675-02595)-(02595-0Q200)a=9 66mzs?&T2小 2,;（3）设摆长与细线长度之间的差值为X,根据单摆周期公式可得刀=2 次T2=2 兀,（4）空气阻力的影响；刻度尺测量（读数）不精确；手机计时不精确等均给分。1 4.（9 分）【答案】养 匕；2 8 8 K （或 1 2。0【详解】（1）由题意可知此过程为等压变化过程，由盖-吕萨克定律知孕=书且T o=3 O O K,7 =3 1

6、0 1（解得修=磊匕（2）由理想气体状态方程*；2匕=媪 箸解 得:?!=2 8 8 K物理参考答案第2 页（共 5 页）1 5.(1 3 分)【答案】(1)0.5 T (2)-1.5 J (3)1.5 x lO4N/C【解析】(1)顺利通过的粒子作匀速直线运动，则有Bqv=qEU=Ed解得：5 i=0.5 T(2)粒子从。点到尸点的过程中由于洛伦兹力不做功，只有电场力做功，根据动能定理可知：电场力对粒子做的功等于粒子动能的增量%=-1.5 J将电场沿x 轴和y轴分解，可以得到电场力做功：W=qEjp-qEyyp又E,.t a n 0=3E*一=西+氏代入解得：2=1.5 x l O4N/C(

7、V/m)物理参考答案第3 页(共 5 页)16.(15 分)【答案】(1)1.3s(2)0.64J AE 1J(3)距离 B 点 1.4m【详解】(1)摩擦力I =加速度为a=2m/s2m小物块先加速到传送带速度5,所用时间为J v/,=-=Isa加速位移为 =at2=1,0m1,6m1 2故小物块之后做匀速运动，时间为右，r/2=0.3S%可得总时间为t=ti 4-12=l 3s.(2)若小物块与小球发生弹性碰撞，系统没有能量损失，小物块与小球速度交换，小球能上升的最大高度为，则有；m2gh=-m2v解得九=0.2 m,因为/A=0.2 m 2/,细线会发生弯曲，所以不可能是弹性碰撞。若小物

8、块与小球碰撞后，小球恰好到达与圆心O 等高的位置由机械能守恒得：加 2gm2年动量守恒定律得：=叫匕+m2V2系统损失的能量做=2 m2Vl解得：回=0.64J若小物块与小球发生完全非弹性碰撞，mV=(m+m2)V4解得：U4=lm/s系 统 损 失 的 能 量=岳 一 家 啊+7n2M解得：SE=1 J所以系统损失的能量范围为：0.64JWAeW1J物理参考答案第4页(共 5页)（3）小物块射出后相对于传送带的运动方向如图所示,滑动摩擦力与相对运动方向相反可得为=+5 =2.5 m/s，a=a a=a 唏中 干%=%=%一/A fav v v-axt所以加速变。的方向不变，小物体的两个方向的加速度分量不变，由上可知，相对地面，物体在。方向做匀减速直线运动，在 NC方向做匀加速直线运动，设小物块从8。边射出,运动时间为f,由匀减速运动可知 d=vt-art2可得t i =0.5 s 或者t 2 =2 s （舍去）此时沿/C方 向 的 位 移 为 它 做 疗=0.2 m 假设成立；所以小物块从BD边射出，射出点距离D点为x0=L-x=1.4 m物理参考答案第5 页（共 5 页）