江苏省扬州市2023-2024学年高三上学期期初模拟考试数学含答案.pdf

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1、第 1 页，共 4 页 扬州市 2024 届高三上学期期初考试模拟试题扬州市 2024 届高三上学期期初考试模拟试题 数学学科数学学科 一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 5 分，共 40 分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 5 分，共 40 分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1已知集合，则（）120Ax xx2Bx yxABABCD1,21,2,2,22在中，“”是“”的（）sinsinABcoscosABA既不充分也不必要条件 B必要不充分条件 C充分不必要条件 D充要条件 3重庆八中五四颁奖典礼上有

2、 A，B，C，D，E，F 共 6 个节日，在排演出顺序时，要求 A，B 相邻，C，D 不相邻，则该典礼节目演出顺序的不同排法种数为（）A288 种 B144 种 C72 种 D36 种 4唐朝的狩猎景象浮雕银杯如图 1 所示，其浮雕临摹了国画、漆绘和墓室壁画，体现了古人的智慧与工艺它的盛酒部分可以近似地看作是半球与圆柱的组合体（假设内壁表面光滑，忽略杯壁厚度），如图 2所示已知球的半径为 R，酒杯的容积，则其内壁表面积为（）3113RA B CD 212 R210 R28 R26 R5已知，则（）lg2a 310b5log 6 ABCD1abbab1abaab1abaab1abbab6已知椭圆

3、 C：的左、右焦点分别为、，过的直线与椭圆交于 M、N 两点，22221(0)xyabab1F2F1F若的周长为 16，离心率，则面积的最大值为（）2MNFV12e 2MNFVA12 B2 C4 D8 333第 2 页，共 4 页 7已知，则（）sincos167sin6ABCD332323338设函数 f（x）=logax（a0，a1），若 f（x1x2x2018）=4，则 f（x12）+f（x12）+f（x20182）的值等于（）A4 B8 C16 D 42log 8二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求全部选对的得 5 分，

4、部分选对的得 2 分，有选错的得 0 分.二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求全部选对的得 5 分，部分选对的得 2 分，有选错的得 0 分.9已知复数，则下列说法正确的是（）12zi A复数 的实部是 1，虚部是 2 B复数 的模为zz5C复数D复数 是方程的一个根 5iz zz2250 xx10如图，直四棱柱中，底面 ABCD 为平行四边形，点 P 是经过1111ABCDABC D1112ABAAAD点的半圆弧上的动点（不包括端点），点 Q 是经过点 D 的半圆弧上的动点（不包括端点），则1B11ADBC下列说法正确的是（）

5、A四面体 PBCQ 的体积是定值 B的取值范围是 1AD APuuu r uuu r0,4C若与平面 ABCD 所成的角为，则1C Q1tan2D若三棱锥的外接球表面积为 S，则PBCQ4,13S 11定义：若存在非零常数 k，T，使得函数 f(x)满足 f(x+T)=f(x)+k 对定义域内的任意实数 x 恒成立，则称函数 f(x)为“k 距周期函数”，其中 T 称为函数的“类周期”则（）A一次函数均为“k 距周期函数”B存在某些二次函数为“k 距周期函数”C若“1 距周期函数”f(x)的“类周期”为 1，且 f（1）=1，则 f(x)=x D若 g(x)是周期为 2 函数，且函数 f(x)

6、=x+g(x)在0，2上的值域为0，1，则函数 f(x)=x+g(x)在区间2n，2n+2上的值域为2n，2n+1 12设，是一个随机试验中的两个事件，且，则（）AB 13P A 34P B 12P ABABCD16P AB 34P B A P BP B A712P ABAB第 3 页，共 4 页 三、填空题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分三、填空题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分 13某产品的年广告费用与年销售额的统计数据如下表 xy年广告费用（万元）x4 2 3 5 年销售额（万元）y49 m39 54 经测算，年广告费用与年销售额满足线性回归方程，则的值为

7、 xy9.49.1yxm14若为等差数列的前 n 项和，且，则数列的通项公式nS na1522,22nnaaSn an na是15方程的解集为 3sin1cos2xx 16在ABC 中，角，所对的边分别为，c已知则角的度ABCab222222sin2sinsinCbacACcabB数为四、解答题：本题共 6 小题，共 70 分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤四、解答题：本题共 6 小题，共 70 分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤 17已知函数，且的图象在点处的切线与直线垂直ln()axf xx()f x(e,(e)f2eeyx(1)求 a 的值及的极值；()f x(2)是否存在区

8、间，使得函数在此区间上存在极值和零点?若存在，求实数 t 的取值范2,(0)3t tt()f x围；若不存在，请说明理由18设数列的前项和为，且 nannS342nnSa(1)求数列的通项公式；na(2)设数列，对任意，将数列中落入区间内的项的个数记为2lognnbaN,1mm nb121,1mmaa mc，记数列的前项和为，求使得的最小整数 mcmmS2022mSm19在，这三个条件中选择一个，补充在下面问题中，并给出2AE ACBDEABEBA 解答如图，在五面体中，已知_，且，ABCDEACBC/ED AC22ACBCED.3DCDB(1)求证：平面与平面；ABEABC(2)线段上是否存

9、在一点，使得平面与平面夹角的余弦值等于，若存在，求的BCFAEFABE5 4343BFBC第 4 页，共 4 页 值；若不存在，说明理由.20政府举办“全民健身乒乓球比赛”，比赛规则为：每队 4 人，2 男（男 1 号，男 2 号），2 女（女 1 号，女 2 号），比赛时第一局两队男 1 号进行单打比赛，第二局两队女 1 号进行单打比赛，第三局两队各派一名男女运动员参加混双比赛，第四局两队男 2 号进行单打比赛，第五局两队女 2 号进行单打比赛，五局三胜，先胜 3 局的队获胜，比赛结束.某队中的男甲和男乙两名男队员，在比赛时，甲单打获胜的概率为，23乙单打获胜的概率为，若甲排 1 号，男女混

10、双获胜的概率为；若乙排 1 号，男女混双获胜的概率为352345（每局比赛相互之间不受影响）(1)记X表示男甲排 1 号时，该队第一局和男女混双两局比赛获胜局数，求X的分布列；(2)若要该队第一局和男女混双这两局比赛获胜局数的数学期望大，甲、乙两人谁排 1 号？加以说明.2221已知椭圆C:x2y21(a b 0)的上顶点为 M右顶点为 N.(点 O 为坐标原点)的面积为ab1，直线被椭圆 C 所截得的线段长度为.yx4 105（1）椭圆 C 的标准方程；（2）试判断椭圆 C 内是否存在圆，使得圆 O 的任意一条切线与椭圆 C 交于 A，B 两222:()0O xyrr点时，满足为定值？若存在

11、，求出圆 O 的方程；若不存在，请说明理由.OA OBuu u r uuu r22已知函数，.ln 21211f xxmxmR（1）若曲线在处的切线与直线垂直，求函数的极值；yf x 22f,320 xy f x（2）若函数的图象恒在直线的下方.yf x1y 求的取值范围；m求证：对任意正整数，都有.1n 41ln2!5n nn答案第 1 页 试题解析 1D 解一元二次方程求集合A，由具体函数的定义域求集合B，再利用集合的并运算求即可.AB依题意，得，12Axx 2Bx x.,2AB 故选：D 2D 由正弦定理、三角形边角关系及充分条件、必要条件的定义即可得解.由正弦定理得，且，sinsina

12、bAB,0,A B若，则，所以，所以，故充分性成立；sinsinABabABcoscosAB若，则由余弦函数的单调性可得，所以，coscosABABabsinsinAB故必要性成立.所以“”是“”的充要条件.sinsinABcoscosAB故选：D.3B 按照相邻捆绑，不相邻插空的方法求解 A，B相邻，捆绑作为一个节目与、进行全排列，然后把、插入其中的四个EFCD空档中，排法总数为 232234A A A144故选：B 4C 根据圆柱和球的体积公式和表面积公式即可求解.设圆柱部分的高是，h所以，2331 4112 33R hRR所以1 4112 33hRR所以，3hR答案第 2 页 内壁表面积

13、为，2221124234822RhRRRRR故选：C.5A 利用指数与对数的互换表示出，然后利用换底公式以及对数的运算法则求解即可lg3由题可得，即 31log 10lg3b 1lg3b原式 51lg6lg2lg31log 6lg51 lg21aabbabab故选：A6A 根据给定的离心率及三角形周长，求出椭圆方程，再设出直线MN的方程，与椭圆方程联立求解三角形面积即可.依题意，周长，2222112|416MFMNNFMFMFNFNFa解得，4a 而椭圆的离心率，则其半焦距，因此，12e 122ca22212bac椭圆C：，显然直线不垂直于y轴，设其方程为，2211612xy1(2,0)F M

14、N2xty由消去x得：，设，2223448xtyxy22(34)12360tyty1122(,),(,)M xyN xy则有，1212221236,3434tyyy ytt，22212121222222214414424124|()41(34)3434311ttyyyyy yttttt 令，函数在上单调递增，因此当时，取得最211ut 13uu1,)0t221311tt 小值 4，答案第 3 页 即，的 面 积，当 且 仅 当12max|6yy 22121211|4 61222MNFSFFyy V时取等号，MNx所以面积的最大值为 12.2故选：A 7A 根据三角函数恒等变换公式化简已知等式，

15、再根据诱导公式简化即可得到7sin6答案.sincos16sincoscossinsin166133cossin1223sin6373sinsinsin6663 故选:A 8B 由函数的解析式结合对数的运算性质即可得解.函数f（x）logax（a0，a1），f（x1x2x2018）4，f（x1x2x2018）loga（x1x2x2018）4，f（x12）+f（x12）+f（x20182）222122018alogxxxLloga（x1x2x2018）2 2loga（x1x2x2018）248 故选B 本题考查函数值的求法，考查对数性质、运算法则等基础知识，考查运算求解能力，是基础题 9BD 复

16、数,可知其实部为 1 与虚部为，其模长为，将复数代入12zi 255z zz验证即可说明复数 为方程的一个根.2250 xxz因为复数12zi 答案第 4 页 所以复数 的实部是 1，虚部是，A 错误，z2，B 正确，221(2)5z ，C 错误，(1 2i)(12i)145z z 因为，即复数 是方程的一个根，D2(1 2i)2(1 2i)51 4i424i50 z2250 xx正确.故选：BD.10BCD A.由判断；B.由，11132P BCQVAABCh11111cosAPD APAD求解判断；C.由平面ABCD，得到是与平面21114cosAD APD APuuu r uuu r1C

17、C 1C QC1C QABCD所成的角求解判断；D.以 D 为原点，分别以 为x，y，z轴，建立空间1,DB DC DD直角坐标系，设球心为，由化简得到t的范围，再由3 1,22Ot,1P x yOPOB外接球的表面积为判断.24SOBuuu r直四棱柱中，点P到底面ABCD的距离为，设点Q到BC的距1111ABCDABC D11AA 离为 h，则，因为 不是定值，故四面体PBCQ的体积不是定11132P BCQVAABChh值，故 A 错误；在中，11RtAPD11111cosAPD APAD，211111111111cos4cosAD APADAPADAPD APD APuuu r uuu

18、 ruuuu r uuu ruuuu ruuu r因为，所以，则，故 B 正确；110,2D AP11cos0,1D AP10,4AD APuuu r uuu r因 为平 面ABCD，所 以是与 平 面ABCD所 成 的 角，则1CC 1C QC1C Q，111tanCCC QCCQCQ因为，所以，故 C 正确；0,2CQ11tan2C QC答案第 5 页 以 D 为原点，分别以 为x，y，z轴，建立空间直角坐标系：1,DB DC DD则，线段BC的中点为，线段113,0,0,0,1,0,3,1,1,0,0,1BCAD3 1,022M的中点为，11AD31,122N设球心为，则，3 1,22O

19、t,1P x y2231122xy由得，OPOB222222231311312222xyttt 化简得，22223111211 22222txyyyy 即，易知，则，12ty112y 130,)22ty21311,)2OBtuuu r所以 外接球的表面积为，故 D 正确，244,13)SOBuuu r故选：BCD 11AD 根据新定义进行证明判断 A，假设二次函数是“k距周期函数”，然后由新定义推理判断B，用反例判断 C，根据周期函数的定义求解判断 D A设一次函数为，则，其中()f xaxb()()()f xTa xTbaxbaTf xaT答案第 6 页，A 正确；kaTB设二次函数为（），

20、2()f xaxbxc0a，222()()()(2)f xTa xTb xTcaxaTb xaTbtc若是“k距周期函数”，则，则，不满足新定义，B 错误；()f x20aT 0T C设，则是“1 距周期函数”，且类周期为 1，C 错；,()2,x xQf xxxQ()f x(1)1fD设，则，即，2,22xnn20,2xn()(2)g xg xn则，D 正确()()(2)(2)2(2)22,21f xxg xxng xnnf xnnnn故选：AD 关键点点睛：本题考查新定义，解题关键是理解新定义，然后根据新定义解决问题新定义的实质是恒成立（），因此可转化恒等式进行分析()()f xTf xk

21、0Tk 12BCD 利用和事件的概率公式和条件概率公式可得.对于 A：，P ABP AP BP AB111234P AB所以，故 A 错误；112P AB 对于 B：，P ABP ABP AQ11123P AB14P AB，故 B 正确；134143P ABP B AP A对于 C：，故 C 正确.1()112()1()43P ABP B AP A 14P B()()P B AP B对于 D：，112P ABABP ABP ABP AB，P BP ABP ABQ3144P AB12P AB 答案第 7 页，所以 D 正确.11712212P ABAB故选：BCD.1326 根据题意得到，得到，

22、解之得解.3.5,x 42y 493954424m由题得3.5,x 回归方程是经过样本中心点是，且，9.49.1yx(),x y3.5,42xy所以，解得 493954424m26m 故答案为：26 本题主要考查回归直线方程的应用，意在考查学生对这些知识的理解掌握水平.14，41nan*Nn根据已知，利用等差数列的性质以及通项公式求解.因为等差数列满足，na1522aa所以，所以，3222a 311a 又因为，22nnSn an所以，即，所以，2122=2=+2Saaa 214aa4d 所以，.3(3)11(3)441naandnn*Nn故答案为：，.41nan*Nn15|(1),6kx xk

23、kZ 方程 3sinx=1+cos2x,即 3sinx=1+12，解关于的方程即可 2sin xsin x方程 3sinx=1+cos2x,即 3sinx=1+12,即 2+3sinx2=0，2sin x2sin x求得 sinx=2(舍去),或 sinx=，12，|1,6kx xkkZ 答案第 8 页 故答案为|1,6kx xkkZ 16；3分析：根据余弦定理，将题中等式化简整理，可得 sinBcosC=2sinAcosBsinCcosB，利用两角和正弦公式化简得 2sinAcosB=sin（B+C）=sinA，在两边约去 sinA 得，结12cosB 合三角形内角取值范围即可得到角 B 的

24、大小.详解：在ABC 中，b2=a2+c22accosB，b2a2c2=2accosB，同理可得 c2a2b2=2abcosC 2222222sinCbacsinAsinCcab，222sinCaccosBccosBsinCcosBsinAsinCabcosCbcosCsinBcosCsinC0，可得 sinBcosC=2sinAcosBsinCcosB，2sinAcosB=sinBcosC+sinCcosB=sin（B+C）=sinA，sinA0，等式两边约去 sinA，可得，12cosB 0B，角 B 的大小3点睛：点睛：（1）在三角形中根据已知条件求未知的边或角时，要灵活选择正弦、余弦定

25、理进行边角之间的转化，以达到求解的目的（2）求角的大小时，在得到角的某一个三角函数值后，还要根据角的范围才能确定角的大小，这点容易被忽视，解题时要注意17(1)，极大值 1，无极小值；(2)存在，1a 1 1,3 e(1)结合已知条件，首先求出，然后利用两直线垂直关系即可求出，然后利用导(e)f a函数求出的单调区间，进而求得极值；(2)结合(1)中结论，求出零点存在的大致区间，()f x再结合已知条件即可求解.(1)由，得，ln()axf xx 21lnaxfxx因为的图象在点处的切线与直线垂直，()f x(e,(e)f2eeyx答案第 9 页 所以，解得 2221lne1(e)eeeaaf

26、 1a 所以，令，得，1ln()(0)xf xxx 2ln0 xfxx 1x 因为当时，；当时，(0,1)x()0fx(1,)x 0fx所以在上单调递增，在上单调递减()f x(0,1)(1,)故在处取得极大值 1，无极小值()f x1x(2)由(1)，知在上单调递减，且，()f x(1,)()0f x 又在上单调递增，且，()f x(0,1)22221 lneee0ef(1)10f 所以由零点存在定理，得在区间内存在唯一零点()f x(0,1)若函数在区间上存在极值和零点，()f x2,(0)3t tt则，解得 20131 ln()0tttf tt 113et 所以存在符合条件的区间，此时实

27、数 的取值范围为 2,(0)3t ttt1 1,3 e18(1)；212nna(2)5（1）利用可求出数列的通项公式；11,1,2nnnS naSSn na（2）由（1）得，然 后 由，得，则21nbn1211mnmaba 222221mmn，从而可求出，进而可求出使得的最小整数的值.222221mmmcmS2022mSm（1）当时，得，1n 11342Sa12a 当时，由，得，2n 342nnSa11342nnSa答案第 10 页 所以，113342(42)nnnnSSaa，1344nnnaaa所以，14nnaa所以数列是以 2 为首项，4 为公比的等比数列，na所以 1212 42nnna

28、（2）由（1）得，2122loglog 221nnnban因为数列中落入区间内，nb121,1mmaa所以，1211mnmaba 所以，2(1)12(2)1212121mmn ，21232222mmn所以，222221mmn所以数列中落入区间内的项的个数 nb121,1mmaa，2222213 41mmmmc 所以，112(1 4)441 4mmmSmm由，得，2022mS1442022mm即，142026mm当时，4m 4 1441024410282026当时，5m 5 1454096541012026因为随的增大而增大，14mmm所以的最小整数为 5.2022mS19(1)证明见解析；(2

29、)存在；.34BFBC答案第 11 页（1）若选，取中点，中点，中点，可证得四边形为平行ACGBCOABHEDCG四边形，从而利用勾股定理和平行关系证得，由线面垂直和面面垂直判定得到平ACCD面平面，利用面面垂直性质可证得平面；ABCBCDDO ABC若选，取中点，中点，由线面垂直和面面垂直的判定可证得平面平BCOABHABC面，利用面面垂直性质可证得平面；BCDDO ABC若选，取中点，中点，根据长度和平行关系可证得四边形为平行四BCOABHDEHO边形，由此确定，得到，结合可得，从而利用勾股定12EHABAEBEAEBE2BE 理和平行关系证得，由线面垂直和面面垂直判定得到平面平面，利AC

30、BDABCBCD用面面垂直性质可证得平面；DO ABC三个条件均可说明两两互相垂直，则以为坐标原点可建立空间直角坐标系，,DO OH BCO利用面面垂直的向量证明方法可证得结论；（2）假设存在满足题意的点，利用二面角的向量求法可构造方程求得0,011Ftt ，由此可确定点位置，得到的值.12t FBFBC（1）若选，取中点，中点，中点，连接，ACGBCOABH,EG DO OH，四边形为平行四边形，/ED ACQ12CGACEDEDCG/EG CD，又，3EG112AGAC2AE 222AGEGAEAGEG答案第 12 页 又，又，平面，/CD EGACCDACBCBCCDC,BC CD BC

31、D平面，平面，平面平面，ACBCDAC QABCABCBCD，又平面，平面平面，BDCDQDOBCDO BCDBCDIABCBC平面，又，；DOABC/OH ACACBCOHBC若选，平面，ACBDQACBCBCBDBI,BC BD BCD平面，平面，平面平面，ACBCDAC QABCABCBCD取中点，中点，连接，BCOABH,DO OH，又平面，平面平面，BDCDQDOBCDO BCDBCDIABCBC平面，又，；DOABC/OH ACACBCOHBC若选，取中点，中点，连接，BCOABH,OD OH EH，又，；3DCBDQDOBC2BC 2DO分别为中点，又，,O HQ,BC AB1/

32、2OHAC1/2EDAC/OH ED四边形为平行四边形，；DEHO2EHDO答案第 13 页，ACBCQ2ACBC2 2AB12EHABAEBE，EABEBA Q2BEAE222BDDEBE，又，BDDE/DE ACACBD又，平面，ACBCBCBDBI,BC BD BCD平面，平面，平面平面，ACBCDAC QABCABCBCD又，平面，平面平面，DOBCDO BCDBCDIABCBC平面，又，；DOABC/OH ACACBCOHBC综上所述：两两互相垂直，,DO OH BC则以为坐标原点，为轴，可建立如图所示空间直角坐标系，O,OD OH OBuuu r uuu r uuu r,x y z

33、则，2,1,0A0,1,0B1,0,2E2,2,0AB uuu r1,1,2BE uuu r平面，平面的一个法向量；DO QABCABC0,0,1m u r设平面的法向量，ABE1111,xny zu r则，令，解得：，111111122020AB nxyBE nxyz uuu v u vuuu v u v11x 11y 10z 11,1,0nu r，即，平面与平面.10m nu r u r1mnu ru rABEABC（2）设在线段上存在点，使得平面与平面夹角的余弦值BC0,011Ftt AEFABE等于，5 4343答案第 14 页 由（1）得：，1,2EFt uuu r1,1,2AE u

34、uu r设平面的法向量，AEF2222,nxy zu u r则，令，则，222222222020AE nxyzEF nxtyz uuu v u u vuuu v u u v21y 212tx2214tz；2211,1,24ttn u u r11,1,0nu r，12122212115 432cos,43112128tn nn nnntt u r u u ru r u u ru ru u r化简可得：，解得：或（舍），221370tt12t 7t，；10,02F32BF34BFBC综上所述：在线段上存在点，满足，使得平面与平面夹角的余弦BCF34BFBCAEFABE值等于.5 434320(1)

35、答案见解析(2)乙排 1 号，理由见解析（1）求出的可能取值及对应的概率，得到分布列；X（2）在（1）的基础上，求出男甲排 1 号时的期望值，再求出男甲排 1 号时的期望值，比较后得到结论.（1）的可能取值为，X0,1,2，221011339P X 2222411133339P X，2242339P X 故分布列为：X0 1 2 答案第 15 页 P194949（2）由（1）知，甲排 1 号时，期望值为，14440129993E x 设表示男乙排 1 号时，该队第一局和男女混双两局比赛获胜局数，Y则的可能取值为，Y0,1,2则，3420115525P Y 343411111555525P Y，

36、341225525P Y 故期望值为，2111270122525255E Y 因为，故乙排 1 号时期望值更大.473521（1）；（2）存在，方程为.2214xy2245xy（1）根据条件，列出关于的方程组，求椭圆的标准方程；（2）当斜率存在时，,a b设直线，与椭圆方程联立，得到韦达定理，结合直线与圆相切，得到，ykxm2221mrk并代入的坐标表示，利用定值与无关，求得圆的方程，当斜率不存在时，可直接OA OBuu u r uuu rk求得点的坐标，得到的值，求得圆的的方程.,A BOA OBuu u r uuu r（1）由题意知，由，得.(0,)Mb(,0)N a112ab 2ab 设

37、直线与椭圆C交于点，则.yx00,P x x00,Qxx220|8PQx把代入椭圆方程，得，00,P x x222022a bxab故，即.22222284 10|5a bPQab222245a bab答案第 16 页 由，解得或(舍去)，所以椭圆C的标准方程为.2241ab2214ab2214xy（2）假设存在这样的圆O，设.OA OBuu u r uuu r当直线AB的斜率存在时，设直线AB的方程为.ykxm由，得.2214ykxmxy222148440kxkmxm设，则，.11,A x y22,B xy122814kmxxk 21224414mx xk故22222121212122244

38、8111414mkmOA OBx xy ykx xkm xxmkkmmkkuuu r uuu r.22254414mkk由，得.2|1mrk2221mrk由，得，当与k无关时，22254114rkk0245r 即圆O的半径为.2 55当直线AB的斜率不存在时，若直线AB的方程为，2 55x 将其代入椭圆C的方程，得，2 5 2 5,55A2 52 5,55B此时.0OA OBuu u r uuu r若直线AB的方程为，同理可得.2 55x 0OA OBuu u r uuu r综上，存在满足题意的圆O，其方程为.2245xy解决存在性问题的注意事项：答案第 17 页（1）存在性问题，先假设存在，

39、推证满足条件的结论，若结论正确则存在，若结论不正确则不存在；（2）当条件和结论不唯一时，要分类讨论；（3）当给出结论而要推导出存在的条件时，先假设成立，再推出条件；（3）当条件和结论都未知，按常规方法解题很难时，要思维开放，采取另外的途径。22（1）极大值为，无极小值；（2）；见解析.ln21,e（1）先对函数求导，然后结合导数的几何意义及直线垂直时斜率的关系可求，m然后结合单调性可求极值；（2）由已知可得对任意的恒成立，分离参数后通过构造函ln 21210 xmx12x 数，转化为求解相应函数的最值，结合导数可求；结合可得对任意的恒成立，赋值，可得2 21ln 215xx12x 21kxkN

40、，然后结合对数的运算性质可求 2ln5kk（1），ln 21211f xxmxQ 2221fxmx由已知可得，解得.212233fm 12m 则，其中.3ln 212f xxx 23212121xfxxx 12x 令，得.0fx32x 当时，；当时，.32x 0fx1322x()0fx所以，函数的单调递增区间为，单调递减区间为.yf x1 3,2 23,2所以，函数的极大值为，无极小值；yf x333ln2ln2222f（2）由条件知，只需，即对任意的恒成立，1f x ln 21210 xmx12x 答案第 18 页 即，其中，21ln 21mxx12x 令，则，即，210tx lnmttln

41、lntmttmt构造函数，则，令，得，列表如下：lntg tt 21 lntg tt 0g tte t0,e e,e g t 0 g t 极大值 所以，函数的单调递增区间为，单调递减区间为，yg t0,e,e 所以，因此，实数的取值范围是；max1g tg ee1mem1,e由可知，当时，对任意的恒成立，25m 2 21ln 215xx12x 令，则，21kxkN2ln5kk 所以，212412ln1 ln2ln3ln 21232555nnn nnn LL所以.41ln2!5n nn本题主要考查了利用导数的几何意义求解参数及利用分离法求解参数范围问题，体现了转化思想的应用，属于难题.公众号：高中试卷站