2023年届浙江省金丽衢十二校高考物理二模试卷附答案详解.docx

《2023年届浙江省金丽衢十二校高考物理二模试卷附答案详解.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年届浙江省金丽衢十二校高考物理二模试卷附答案详解.docx（21页珍藏版）》请在得力文库 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023 届浙江省金丽衢十二校高考物理二模试卷一、单项选择题本大题共 12 小题，共 36.0 分1. 以下说法正确的选项是()A. 在国际单位制中，“牛顿”是力学的三个根本单位之一B. 选择不同的参考系对同一运动的描述是一样的C. 时间、质量和路程都是标量，位移、速度和力都是矢量D. 小球做自由落体运动时，速度不断增大，惯性也不断增大2. 以下说法正确的选项是()A. 在求平均速度和推导匀变速直线运动的位移时间关系时，都运用“极限”的方法B. 速度、加速度和力的定义运用了比值法C. 求合力的思想是：假设法D. 争论加速度与力、质量的关系运用了把握变量法3. 以下说法正确的选项是()A. 只有

2、体积小的物体才可看作质点C. 物体的速度越大，其惯性就越大B. 只有质量小的物体才可看作质点D. 物体的质量越大，其惯性就越大4. 如以下图，水平推力𝐹使物体静止于斜面上，则()A. 物体确定只受3个力的作用B. 物体可能只受3个力的作用C. 物体确定受到沿斜面对下的静摩擦力的作用D. 物体确定受到沿斜面对上的静摩擦力的作用5. 甲、乙两物体从同一点动身且在同一条直线上运动，它们的位移时间(𝑥 𝑡)图像如以下图，由图像可以得出在0 4𝑠内()A. 2𝑠末甲、乙两物体相距2𝑚B. 4𝑠

3、时甲、乙相遇C. 甲、乙两物体始终同向运动D. 甲、乙两物体间的最大距离为6𝑚6. 如以下图，斜面上从𝐵点与斜面夹角𝛼斜向上抛出，水平击中𝐴点，到到𝐴点时速度大小为𝜐1，现将小球从图中斜面上𝐶点与斜面夹角𝛽斜向上抛出，也水平击中𝐴点，在𝐴点速度大小为𝜐2.则()A. 𝛽 𝛼，𝜐1 𝜐2C. 𝛽 = 𝛼，𝜐2 &

4、#120592;17. 以下说法正确的选项是()B. 𝛽 𝛼，𝜐 𝜐1212D. 𝛽 = 𝛼，𝜐= 𝜐A. 依据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放确定频率的光子， 同时电子的动能减小B. 放射性物质的温度上升，则半衰期减小C. 用能量等于氘核结合能的光子照耀静止氘核，可能使氘核分解为一个质子和一个中子D. 某放射性原子核经过2次𝛼衰变和一次𝛽衰变，核内质子数削减4个8. 电子束焊接机中的电子枪如以下图，

5、9870;为阴极，𝐴为阳极，阴极和阳极之间的电场线如图中虚线所示，𝐴上有一小孔，阴极放射的电子在阴极和阳极间电场作用下聚拢成一细束，以极高的速率穿过阳极上的小孔，射到被焊接的金属上，使两块金属熔化而焊接到一起。不考虑电子重力， 以下说法正确的选项是( )A. 𝐴点的电势低于𝐾点的电势B. 电子抑制电场力做功C. 电子的电势能不断减小D. 增大𝐾与𝐴的距离，电子加速获得的速度变大9. 如以下图，匀强磁场中固定的金属框架𝐴𝐵𝐶，导线棒𝐷&#

6、119864;在框架𝐴𝐵𝐶上在外部拉力作用下沿图示方向匀速平移，框架和导体材料一样，接触电阻不计，则( )A. 电路中的磁通量的变化率确定B. 电路中的感应电动势确定C. 电路中感应电流保持确定D. 𝐷𝐸棒受到的拉力确定10. 如以下图，𝑎，𝑏，𝑐是大气层外圆形轨道上运行的三颗人造地球卫星，𝑎，𝑏质量一样且小于𝑐的质量，下面说法中正确的选项是()A. 𝑏，𝑐的线速度大小相等且大于w

7、886;的线速度B. 𝑏，𝑐的向心加速度相等且大于𝑎的向心加速度C. 𝑏，𝑐的周期相等且大于𝑎的周期D. 𝑏，𝑐的向心力相等且大于𝑎的向心力11. 如以下图，两束不同的单色光𝑃和𝑄，以适当的角度射向半圆形玻璃砖，其射出光线都是从圆心𝑂点沿𝑂𝐹方向射出，则下面说法正确的选项是()A. 𝑃光束在玻璃中折射率大C. 𝑃光束穿出玻璃砖后频率变大B.

8、𝑄光束的频率比𝑃光束的频率大D. 𝑄光束穿过玻璃砖所需时间短12. 对于物体经受的一个过程，以下说法正确的选项是()A. 物体的动能变化为零时，物体所受合外力确定为零B. 物体运动的位移为零时，摩擦力做功确定为零C. 物体运动中动能不变时，合外力总功确定为零D. 物体所受合外力为零时，物体的机械能变化确定为零二、多项选择题本大题共 4 小题，共 9.0 分13. 图甲为一放置在垂直纸面对里的匀强磁场中的正方形金属线圈，规定垂直纸面对里为磁感应强度𝐵的正方向，磁感应强度𝐵随时间𝑡变化的关系如图乙所示，

9、则以下说法正确的选项是()A. 在02𝑠的时间内，正方形线圈有收缩的趋势B. 在前2𝑠内线圈中产生了恒定的电流C. 在2𝑠3𝑠内线圈中无感应电流产生D. 在前2𝑠内和3𝑠5𝑠内这两个时间段内，线圈中产生的感应电流的方向相反14. 如以下图，在倾斜角为𝜃的光滑斜面上，相距均为𝑑的三条虚线𝑙1、𝑙2、𝑙3，它们之间的区域、分别存在垂直斜面对下和垂直斜面对上的匀强磁场，磁感应强度大小均为𝐵，一个

10、质量为𝑚、边长为𝑑、总电阻为𝑅的正方形导线框从𝑙1上方确定高度处由静止开头沿斜面下滑，当𝑎𝑏边在越过𝑙1进入磁场时，恰好以速度𝑣1做匀速直线运动；当𝑎𝑏边在越过𝑙2运动到𝑙3之前的某个时刻，线框又开头以速度𝑣2做匀速直线运动，重力加速度为𝑔。在线框从释放到穿出磁场的过程中，以下说法正确的选项是()A. 线框中感应电流的方向不变B. 线框𝑎𝑏边

11、从𝑙1运动到𝑙2所用时间大于从𝑙2运动到𝑙3所用时间C. 线框以速度𝑣2匀速直线运动时，发热功率为𝑚2𝑔2𝑅𝑠𝑖𝑛2𝜃4𝐵2𝑑2D. 线框从𝑎𝑏边进入磁场到速度变为𝑣2的过程中，削减的机械能 𝐸机与重力做功𝑊𝐺的关系式是o 𝐸= 𝑊𝐺

12、; + 1 𝑚𝑣 2 1 𝑚𝑣 2机212215. 由爱因斯坦光电效应方程可以画出光电子的最大初动能和入射光的频率的关系，如以下图，以下说法正确的选项是()A. 𝑣0表示极限频率B. 𝑃确实定值等于逸出功C. 直线的斜率表示普朗克常量的大小D. 图象说明最大初动能与入射光频率成正比16. 一列简谐横波沿𝑥轴传播，波长为1.2𝑚，周期为𝑇，振幅为𝐴. 𝑡 = 0时刻，该波波形如图中实线所示，此时𝑥 = 0处

13、的质元沿𝑦轴负向振动，则()A. 此列波沿𝑥轴正向传播B. 经过1 𝑇，𝑥 = 0.2𝑚处的质元传播到𝑥 = 0.8𝑚处2C. 𝑡 = 5 𝑇时刻波形如图中虚线所示2D. 𝑥 = 0处的质元向𝑦轴正方向运动时，𝑥 = 0.6𝑚处质元向𝑦轴负方向运动E. 𝑥 = 0处质元的位移为𝐴时，𝑥 = 0.4𝑚处质元的位移

14、为𝐴三、试验题本大题共 2 小题，共 14.0 分17. 某同学用如图甲所示的试验装置验证机械能守恒定律。(1) 假设试验时让质量为𝑚的重物从高处由静止开头下落，重物带着的纸带通过打点计时器打出一系列的点。选取一条抱负的纸带，𝑂是打点计时器打的第一个点(静止点)，𝐴、𝐵、𝐶、𝐷为相邻四个连续的计时点，各点到𝑂点的距离如图乙所示。打点计时器使用的沟通电频率为50𝐻𝑧，重物的质量𝑚 = 1.00𝑘Ү

15、92;，当地的重力加速度𝑔 = 9.80𝑚/𝑠2.由这些数据可以计算出：重物下落到𝐶点时的动能为𝐽；从开头下落到𝐶点的过程中，重物的重力势能削减了J.(计算结果保存3位有效数字)(2) 即使在试验操作标准，数据测量及数据处理很准确的前提下，该试验求得的重力势能削减量也确定略动能增加量(填“大于”或“小于”)，这是试验存在系统误差的必定结果，该系统 误差产生的主要缘由是。18. 有一根细面均匀的导电材料样品(如图𝑎所示)，横截面为同心圆环(如图𝑏所示)，此样品长

16、9871;约为3𝑐𝑚，电阻约为100𝛺，这种材料的电阻率为𝜌，因该样品的内径太小，无法直接测量现供给以下试验器材：A. 0分度的游标卡尺B. 螺旋测微器C.电流表𝐴1(量程50𝑚𝐴，内阻𝑟 = 100𝛺)D.电流表𝐴2(量程100𝑚𝐴，内阻𝑟大约为40𝛺) E.电流表𝐴3(量程3𝐴，内阻𝑟大约为0.1𝛺)F.滑

17、动变阻器𝑅(0 10𝛺)G.直流电源𝐸(12𝑉，内阻不计) H.导电材料样品𝑅I.开关一只，导线假设干请依据上述器材设计一个尽可能准确地测量该样品内径𝑑的试验方案，答复以下问题：(1)用游标卡尺测得该样品的长度如图甲所示，其示数𝐿 =𝑚𝑚；用螺旋测微器测得该样品的外径如图乙所示，其示数𝐷 =𝑚𝑚(2) 请选择适宜的仪器，画出最正确试验电路图，并标明所选器材的字母代号(3) 说明在电路中需要测量的量及其符号

18、；用物理量的符号和测量物理量的符号表示样品的内径𝑑 =𝑚𝑚四、简答题本大题共 2 小题，共 20.0 分19. 用始终流电动机竖直提升重物，电路如以下图。当输入电压𝑈1 = 40𝑉时，重物静止在水平地面上(电动机不转动)，此时电流表的示数为𝐼1 = 10𝐴；当输入电压𝑈2 = 110𝑉时，重物在10𝑠内被匀速提升9𝑚，且此时电流表的示数为𝐼2 = 5𝐴(不计电流表电阻，𝑔取

19、10𝑚/𝑠2)。求：(1)电动机线圈电阻𝑟； (2)所提升重物的质量𝑚。20. 如以下图，在空间中存在垂直纸面对里的场强为𝐵的匀强磁场，其 边界𝐴𝐵、𝐶𝐷的宽度为𝑑，在左边界的𝑄点处有一质量为𝑚，带电量为负𝑞的粒子沿与左边界成30的方向射入磁场，粒子重力不计。求：(1) 带电粒子能从𝐴𝐵边界飞出的最大速度；(2) 假设带电粒子能垂直𝐶

20、9863;边界飞出磁场，穿过小孔进入如以下图的匀强电场中减速至零恰好不遇到负极板，求极板间电压满足的条件及整个过程中粒子在磁场中运动的时间；(3) 假设带电粒子的速度是(2)中的3倍，并可以从𝑄点沿纸面各个方向射入磁场，求粒子能打到𝐶𝐷边界的范围。五、计算题本大题共 2 小题，共 21.0 分21. 如以下图，质量为4𝑘𝑔的物体静止在水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.5，𝑡 = 0时物体受到大小为20𝑁与水平方向成37角斜向上的拉力𝐹作用，沿水平面做匀加速运动

21、，拉力作用4𝑠后撤去(𝑔取10𝑚/𝑠2，𝑠𝑖𝑛37 = 0.6，𝑐𝑜𝑠37 = 0.8)求：(1)撤去拉力时物体的速度大小(2)物体从动身到停顿的总位移大小22. 如以下图，一半径𝑅 = 1𝑚的圆盘水平放置，在其边缘𝐸点固定一小桶(可视为质点)。在圆盘直径𝐷𝐸 的正上方平行放置一水平滑道𝐵𝐶 ，滑道右端𝐶点与圆

22、盘圆心𝑂在同一竖直线上，且竖直高度 =。𝐴𝐵为一竖直面内的光滑四分之一圆弧轨道，半径𝑟 = 0.45𝑚，且与水平滑道相切与𝐵 点。一质量𝑚 = 0.2𝑘𝑔的滑块(可视为质点)从𝐴点由静止释放，当滑块经过𝐵点时，圆盘从图示位置以确定的角速度𝜔绕通过圆心的竖直轴匀速转动，最终物块由𝐶点水平抛出，恰好落入圆盘边缘的小桶内滑块与滑道𝐵𝐶间的摩擦因数 = 0.2。(取

23、𝑔 = 10𝑚/)求(1)滑块到达𝐵点时对轨道的压力(2)水平滑道𝐵𝐶的长度；(3)圆盘转动的角速度𝜔应满足的条件。参考答案及解析1.答案：𝐶解析：解：𝐴、千克、米、秒是力学的三个根本单位，牛顿是导出单位；故A 错误；B、选择不同的参考系争论物体的运动状况，其结果一般不同；故B 错误；C、位移、速度、力都既有大小又有方向，这三个物理量都是矢量，时间、质量和路程都是标量，故 C 正确；D、小球做自由落体运动时，速度不断增大；但惯性保持不变；故D 错误； 应选：w

24、862;。千克、米、秒都是国际单位制中的根本单位；既有大小又有方向的物理量是矢量，参考系的选择可以任意，选择不同的参考系争论物体的运动状况，其结果一般不同，质量是物体惯性大小的唯一量度。此题考察对参考系的理解力气。要留意运动是确定的，运动的描述是相对的，总是相对某一参考系的，知道质量是物体惯性大小的唯一量度，与其它因素无关。2.答案：𝐷解析：解：𝐴、在推导匀变速直线运动的位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里承受了微元法。故A 错误。B、受到与加速度的定义使用了比值法，而依据牛顿其次定律：Ү

25、65; = 𝑚𝑎，可知力的定义没有使用比值法，故 B 错误。C、在探究求合力方法的试验中使用等效替代的方法，故C 错误。D、在探究加速度与力、质量的关系试验中先保持其中的某一个物理量不变，使用了把握变量法， 故 D 正确；应选：𝐷。依据速度定义式，推导匀变速直线运动的位移时间关系时；在探究加速度与力、质量的关系试验中使用了把握变量法；在探究求合力方法的试验中使用等效替代的方法。高中物理过程中会遇到很多种分析方法，这些方法对学习物理有很大的帮助，故寻常在理解概念和规律的同时，留意方法的积存。3.答案：𝐷解析：解：𝐴、

26、地球的体积很大、质量也很大，但争论地球绕太阳公转时可以看成质点，所以AB 错误C、物体的惯性只与质量有关，质量越大，惯性越大，与速度无关，故C 错误，D 正确 应选：𝐷能否看作质点物体本身无关，要看所争论问题的性质，看物体的外形和大小在所争论的问题中是否可以无视，惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大把握物体可看成质点的条件：物体在所争论的问题中外形和大小能不能无视，惯性是物理学中的一共性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起4.答案：𝐵解析：解：物体

27、受重力、支持力及推力而处于静止，如图建立直角坐标系，将重力及推力分解，则在沿斜面方向上假设重力的分力等于推力沿斜面对上的分力，而物体没有相对运动的趋势，故物体不受摩擦力；假设向上的推力的分力大于重力的分力，则有向上的运动趋势，摩擦力向下；假设推力分力小于重力的分力，则摩擦力向上；故物体可能受三个力也可能受四个力；而摩擦力的方向可能向上也可能向下，故 ACD 错误；B 正确； 应选：𝐵以物体为争论对象进展受力分析，由正交分解法得出沿斜面和垂直于斜面两个方向进展分析，由共点力的平衡条件可得出物体受力状况假设物体受三个明确力的作用而处于平衡时，一般用合成法进展分析；假设受力超过四个时

28、一般承受正交分解法进展分析5.答案：𝐵解析：解：𝐴、由𝑥 𝑡图象可知，2𝑠末甲的位移为4𝑚，乙的位移为1𝑚，则2𝑠末甲、乙两物体相距3𝑚， 故 A 错误；B、由图可看出4𝑠时甲、乙两物体间的距离为0，故 B 正确； C、由图可看出在2 6𝑠内甲向负方向运动，故 C 错误；D、由图可知，2𝑠时甲、乙两物体间的距离最大，为3𝑚，故 D 错误。应选：𝐵。位移时间图象反映的是位移随

29、时间的变化规律，依据图象可知两物体同时同地动身，图象的斜率等于速度，通过分析两物体的运动状况，来分析两者的最大距离。此题关键把握位移图象的根本性质：横坐标代表时刻，而纵坐标代表物体所在的位置，图象的斜率等于物体运动的速度，斜率的正负表示速度的方向，质点通过的位移等于𝑥的变化量𝛥𝑥。6.答案：𝐶解析：解：向上斜抛出的物体水平击中𝐴点，逆过程就是从𝐴点水平抛出的平抛运动，设平抛初速度2为𝑣，斜面倾角为𝜃，末速度方向与斜面夹角为𝛾，依据平抛规律有：w

30、905;𝑎𝑛𝜃 = 𝑦 = 1𝑔𝑡 2 = 𝑔𝑡，对末速度𝑥𝑣𝑡2𝑣进展分解可得：tan(𝜃 + 𝛾) = 𝑣𝑦𝑣= 𝑔𝑡𝑣= 2𝑡𝑎𝑛𝜃，由于斜面倾角为定值，所以𝛾为定值，且𝑣 =&

31、#119892;𝑡，2𝑡𝑎𝑛𝜃2而竖直方向： = 1 𝑔𝑡2，所以竖直位移大的，抛出速度大，击中𝐴的速度大，𝛽 = 𝛼，𝜐2 𝜐1，ABD错误，C 正确。应选：𝐶。向上斜抛出的物体水平击中𝐴点，逆过程就是从𝐴点水平抛出的平抛运动，小球从斜面上抛出又落到斜面上，位移偏角的正切值为定值𝑡𝑎𝑛𝜃，故其

32、速度偏角的正切值𝑡𝑎𝑛𝛼为定值，即𝑡𝑎𝑛𝜃 = 2𝑡𝑎𝑛𝛼，故可推断𝛼与𝛽关系，再结合平抛运动根本公式求解。物体在斜面上做平抛运动落在斜面上，竖直方向的位移与水平方向上的位移比值是确定值。以及知道在任一时刻速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍。7.答案：𝐶解析：解：𝐴、氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放确

33、定频率的光子，库仑力做正功，动能增大，电势能减小，故 A 错误；B、半衰期是放射性元素的原子核有半数发生衰变时所需要的时间，由原子核本身打算，与原子的物理、化学状态无关，故 B 错误；C、核子结合成原子核与原子核分解为核子是逆过程，质量的变化相等，能量变化也相等，故用能量等于氘核结合能的光子照耀静止氘核，可能使氘核分解为一个质子和一个中子，故C 正确；D、依据质量数和电荷数守恒，某放射性原子核经过2次𝛼衰变质子数削减4，一次𝛽衰变质子数增加1，故核内质子数削减3个，D 错误。应选：𝐶。氢原子从高能级到低能级辐射光子，放出能量，能量不连续，轨道也不

34、连续，由较高能级跃迁到较低能级时，电子的动能增大，电势能减小；放射性元素的半衰期是由核内自身的因素打算的；依据𝛼 衰变和𝛽衰变的特点与质量数守恒以及电荷数守恒分析；解决此题关键理解玻尔理论认为原子的能量是量子化的，轨道半径也是量子化的；半衰期由原子核本身打算，与原子的物理、化学状态无关；核子结合成原子核与原子核分解为核子是逆过程，质量的变化相等，能量变化也相等。8.答案：𝐶解析：解：𝐴、依据顺着电场线方向电势降低，则知𝐴点的电势高于𝐾点的电势。故 A 错误。𝐵𝐶、电子

35、从𝐾到𝐴过程中，电场力对电子做正功，其电势能不断削减，故B 错误，C 正确；D、增大𝐾与𝐴的距离，但大𝐾与𝐴之间的电压不变，由动能定理知：电子加速获得的速度不变，故D错误；应选：𝐶。依据电场线的方向分析电势的凹凸。电场力做正功，电子的电势能削减，增大𝐾与𝐴的距离，但大𝐾与𝐴之间的电压不变，由动能定理可推断电子获得的速度怎样变化。此题只要抓住电场线的方向表示电势的凹凸，知道电场力做正功时，电荷的电势能削减，动能增大， 就能

36、轻松解答。9.答案：𝐶解析：解：𝐴𝐵、依据拉第电磁感应定律得知，电路中磁通量的变化率等于回路中产生的感应电动势， 而感应电动势𝐸 = 𝐵𝐿𝑣，𝐵、𝑣不变，有效切割的长度𝐿增加，则电路中磁通量的变化率和感应电动势都增加，故 AB 错误；C、设金属材料的电阻率为𝜌，截面积为𝑆，导体棒𝐷𝐸从𝐵点开头运动的时间为𝑡，𝐴𝐵

37、;𝐶 = 2𝜃.则回路中产生的感应电动势为：𝐸 = 2𝐵 𝑣2𝑡 𝑡𝑎𝑛𝜃回路的电阻为：𝑅 = 𝜌2𝑣𝑡𝑡𝑎𝑛𝜃 +𝑆2𝑣𝑡 cos𝜃电路中感应电流的大小为：𝐼 = 𝐸 =𝑅𝐵

38、9878;𝑡𝑎𝑛𝜃𝜌(𝑡𝑎𝑛𝜃+1 )𝑣cos𝜃，𝐵、𝑆、𝜌、𝜃均不变，则𝐼不变，故 C 正确；𝐷、𝐷𝐸杆所受的磁场力的大小𝐹 = 𝐵𝐼𝐿 = 𝐵𝐼 2𝑣𝑡 w

39、905;𝑎𝑛𝜃随着时间𝑡的延长而增大，故 D 错误。应选：𝐶。依据拉第电磁感应定律得知，电路中磁通量的变化率等于回路中产生的感应电动势，随着有效切割长度的增加而增加。依据电阻定律和欧姆定律分析电流是否变化。由安培力公式𝐹 = 𝐵𝐼𝐿分析安培力的变化。此题是电磁感应中电路问题，考察综合运用电磁感应规律和电路学问的力气。10.答案：𝐶解析：解：𝐴、卫星受到的万有引力供给向心力，得：𝐺𝑀

40、9898; = 𝑚𝑣2，所以运行速度𝑣 = 𝐺𝑀知，𝑟越大，𝑣越小，故 A 错误；𝑟2𝑟𝑟B、卫星匀速圆周运动的向心力由万有引力供给，𝐺𝑀𝑚 = 𝑚𝑎，故有𝑎 = 𝐺𝑀，而𝑟𝑏 = 𝑟𝑐 𝑟𝑎 ，故 B 错误；C、由

41、𝐺𝑀𝑚 = 𝑚4𝜋2𝑟，故𝑇 = 4𝜋2𝑟3，而𝑟= 𝑟𝑟2 𝑟 ，故 C 正确；𝑟2𝑟2𝑇2𝐺𝑀𝑏𝑐𝑎D、𝑏和𝑐质量等于𝑎的质量，而加速度小于𝑎的加速度，所以不能判定哪一个的向心力大。故 D 错误。

42、应选：𝐶。卫星匀速圆周运动的向心力由万有引力供给，由牛顿其次定律得列方程争论分析即可要抓住万有引力供给向心力这一特征，奇异选择公式，再整理出被求量的表达式加以比较争论11.答案：𝐵解析：解：A、由图看出，单色光𝑄的偏折角较大，依据折射定律得知，玻璃对单色光𝑄的折射率较大，故 A 错误。B、折射率越大，光的频率越大，所以𝑄光束的频率比𝑃光束的频率大，故 B 正确。C、光的频率由光源打算，与介质无关，则𝑃光束穿出玻璃砖后频率不变。故 C 错误。D、由𝑣 = ⻔

43、8;分析得知，𝑃在玻璃传播速度较大，所以𝑃穿过玻璃砖所需时间比𝑄短。故 D 错误。𝑛应选：𝐵。由图看出单色光𝑄的偏折角较大，依据折射定律可知玻璃对单色光𝑄的折射率较大，𝑄的频率较大由𝑣 =𝑐分析光介质中速度关系，可推断穿过玻璃砖的时间关系光的频率由光源打算，与介质无关𝑛此题考察对七种色光折射率与波长、频率、光速等等关系的理解，这是考试的热点，可结合光的色散、干预等试验结合进展记忆12.答案：𝐶解析：物体的

44、动能变化为零时，速度不愿定变化，合外力不愿定为零摩擦力做功与路程有关动能的变化与合外力做功有关机械能的变化取决于除重力以外的力做功。解决此题的关键要理解力和运动的关系、功与能的关系，可通过举例，将抽象的问题变成具体问题来理解。A、物体的动能变化为零时，速度可能不变，也可能变化，如匀速直线运动的动能不变，速度不变， 合外力为零，而匀速圆周运动的动能不变，但速度在变化，合外力不为零，故A 错误；B、滑动摩擦力做功与物体运动的路程有关，当物体运动的位移为零时，滑动摩擦力做功不为零，故 B 错误；C、物体运动中动能不变时，动能的变化为零，由动能定理知，合外力总功确定为零，故C 正确； D、物体所受合外

45、力为零时，机械能变化确定为零，如竖直方向的匀速直线运动，机械能变化量不为零，故 D 错误。应选：𝐶。13.答案：𝐴𝐶𝐷解析：解：𝐴、在02𝑠的时间内，磁场增加，从而产生感应电流，使其受到安培力，则正方形线圈有收缩的趋势，故 A 正确，B、在前2𝑆内，磁感应强度的变化率不断增加，依据法拉第电磁感应定律公式𝐸 = 𝑛 ，感应电动势𝑡增加，故感应电流增加，故 B 错误；C、2𝑠3𝑠内磁感应强度不变，故穿过线圈的

46、磁通量不变，故没有感应电流产生，故C 正确；D、在前2𝑠内磁通量增加，在3𝑠5𝑠内磁通量减小，依据楞次定律，这两个时间段内，线圈中产生的感应电流的方向相反，故 D 正确；应选：𝐴𝐶𝐷在𝐵 𝑡图中同一条直线磁通量的变化率是一样的；由法拉第电磁感应定律可推断感应电动势大小是否恒定；由楞次定律可得出电流的方向此题关键明确感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，感应电流的方向可以通过楞次定律推断， 根底问题14.答案：𝐶𝐷解析：解：Ү

47、60;、线圈的𝑎𝑏边进入磁场过程，由右手定则推断可知，𝑎𝑏边中产生的感应电流方向沿𝑎 𝑏方向。𝑑𝑐边进入磁场的过程中，由右手定则推断可知，𝑐𝑑边中产生的感应电流方向沿𝑑 𝑐方向，𝑎𝑏边中感应电流方向沿𝑏 𝑎方向，故 A 错误；B、依据共点力的平衡条件可知，两次安培力与重力的分力大小相等、方向相反；其次种状况下，两边均受安培力，故⻖

48、7;2应小于𝑣1，则线框𝑎𝑏边从𝑙1运动到𝑙2所用时间小于从𝑙2运动到𝑙3的时间；故 B 错 误；C、线圈以速度𝑣2匀速运动时，𝑚𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃 = 2𝐵𝐼𝑑 = 2𝐵 2𝐵𝑑𝑣2 𝑑，得𝑣 = 𝑚𝑔&#

49、119877;𝑠𝑖𝑛𝜃 ；电功率𝑃 = 𝐹𝑣 =𝑚𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃 𝑚𝑔𝑅𝑠𝑖𝑛𝜃4𝐵2𝑑2𝑅= 𝑚 2𝑔2𝑅𝑠𝑖𝑛 2𝜃；故

50、 C 正确；4𝐵2𝑑24𝐵2𝑑2D、由能量守恒得知：线框从𝑎𝑏边进入磁场到速度变为𝑣2的过程中，削减的机械能 𝐸机与线框减小的重力势能与减小的动能之和，即为 𝐸机应选：𝐶𝐷。= 𝑊𝐺 + 1 𝑚𝑣2 1 𝑚𝑣2.故 D 正确。212感应电流的方向依据右手定则推断；由左手定则推断安培力方向；当𝑎𝑏

51、边刚越过𝑙1进入磁场𝐼时做匀速直线运动，安培力、拉力与重力的分力平衡，由平衡条件和安培力公式结合求解线圈𝑎𝑏边刚进入磁场𝐼时的速度大小；线圈进入磁场做匀速运动的过程中，分析线框的受力状况，由动能定理争论拉力𝐹所做的功与线圈抑制安培力所做的功的关系。此题考察了导体切割磁感线中的能量及受力关系，要留意共点力的平衡条件及功能关系的应用，要知道导轨光滑时线框减小的机械能等于产生的电能。15.答案：𝐴𝐵𝐶解析：解：𝐴、依据光电效应方程得，

52、9864;𝑘𝑚 = 𝛾 𝑊0 = 𝛾 𝛾0，与图象比较可知，横轴截距为金属的极限频率，即𝑣0表示极限频率。故 A 正确；B、横轴截距与普朗克常量的乘积等于𝑃，其确定值表示金属的逸出功。故B 正确；C、由上面的分析可知𝐸𝑘𝑚 与𝛾成一次函数关系，知图线的斜率等于普朗克常量，即为：𝑘 = ；其单位则为：𝐽/𝐻𝑧 = 𝐽 w

53、904;；故 C 正确；D、图象说明𝐸𝑘𝑚 与𝛾成一次函数关系，不是成正比。故D 错误。应选：𝐴𝐵𝐶。此题考察光电效应的特点：金属的逸出功是由金属自身打算的，与入射光频率无关；光电子的最大初动能𝐸𝑘𝑚 与入射光的强度无关；光电子的最大初动能满足光电效应方程只要记住并理解了光电效应的特点，只要把握了光电效应方程就能顺当解决此题，所以可以通过多看课本加强对根底学问的理解16.答案：𝐴𝐶𝐷解析：

54、解：𝐴、𝑥 = 0处的质元沿𝑦轴负方向振动，依据波动规律可知，波沿𝑥轴正方向传播，故 A 正确。B、波在传播过程中，质元不随波迁移，故B 错误。C、经过时间𝑡 = 5 𝑇 = 2.5𝑇，振动状况与𝑡 = 0时刻完全相反，即波形关于𝑥轴对称，故 C 正确。2D、波长为1.2𝑚，平衡位置相距半波长的两个质元，振动状况完全相反，故𝑥 = 0处的质元向𝑦轴正方向运动时，𝑥 = 0.6⻕

55、8;处质元向𝑦轴负方向运动，故 D 正确。E、𝑥 = 0处质元和𝑥 = 0.4𝑚处质元的平衡位置小于0.5𝜆，𝑥 = 0处质元的位移为𝐴时，𝑥 = 0.4𝑚处质元的位移不为𝐴，故 E 错误。应选：𝐴𝐶𝐷。依据质元的振动方向确定波的传播方向。波在传播过程中，质元不随波迁移。平衡位置相距半波长的两个质元，振动状况完全相反。此题考察质元间关系与波形、间距、周期和波长的制约关系，往往画出波形图帮助

56、分析推断，明确平衡位置相距半波长的两个质元，振动状况完全相反。17.答案：7.617.63大于 重锤下落时受到空气阻力以及纸带受到打点计时器的阻力作用，重锤的机械能减小解析：解：(1)依据中间时刻的速度等于平均速度可得 ：𝑣𝐶= (85.8070.20)102𝑚/𝑠 = 3.93𝑚/𝑠20.02则重物下落到𝐶点时的动能为：𝐸𝑘 = 1 𝑚𝑣2 = 1 1.00 3.932𝐽 = 7.61𝐽

57、2𝐶2依据重物重力做与重力势能变化的关系，可得从开头下落到𝐶点的过程中，重物的重力势能削减了𝑚𝑔 = 1.00 9.8 0.7790𝐽 = 7.63𝐽；(2)即使在试验操作标准，数据测量及数据处理很准确的前提下，该试验求得的重力势能削减量也确定略大于动能的增加量，这是试验存在系统误差的必定结果，该系统误差产生的主要缘由是重锤下 落时受到空气阻力以及纸带受到打点计时器的阻力作用，重锤的机械能减小。故答案为：(1)7.61，7.63；(2)大于，重锤下落时受到空气阻力以及纸带受到打点计时器的阻力作用，

58、重锤的机械能减小。(1) 纸带法试验中，假设纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，从而求出动能；(2) 由于重物下落过程中受阻力作用，纸带与打点计时器间也有阻力存在，则可分析系统误差主要原因。解决此题的关键知道试验的原理及误差的分析，验证重力势能的减小量与动能的增加量是否相等。以及知道通过求某段时间内的平均速度表示瞬时速度。18.答案：30.35；3.205；𝐷2 4𝜌𝐿(𝐼𝐷 𝐼𝐶)𝜋𝐼

59、;𝐶𝑟1解析：解：(1)游标卡尺读数为𝐿 = 30𝑚𝑚 + 7 0.05𝑚𝑚 = 30.35𝑚𝑚， 螺旋测微器测得该样品的外径𝑑 = 3𝑚𝑚 + 20.5 0.01𝑚𝑚 = 3.205𝑚𝑚(2) 因三个电流表中，𝐷电流表的满偏电流大于𝐶电流表的满偏电流，又𝐶电流表内阻为定值，依据欧姆定律与串并联

60、学问，应将𝐶电流表与待测材料并联后再与𝐷电流表串联，又因滑动变阻器阻值太小应用分压式接法，可设计电路图如以下图(3) 设𝐶电流表示数为𝐼𝐶，𝐷电流表示数为 𝐼𝐷，由欧姆定律可得待测电阻阻值为：𝑅 =𝐼𝐶𝑟1𝐼𝐷 𝐼𝐶又由电阻定律𝑅 = 𝜌𝐿以及𝑆 = 𝜋w

61、863;2 𝜋𝑑 2𝑆44解得样品的直径为：𝑑 = 𝐷2 4𝜌𝐿(𝐼𝐷 𝐼𝐶)𝜋𝐼𝐶𝑟1故答案为：(1)30.35，3.205；(2)如以下图；(3)电流表𝐴1 读数为𝐼𝐶，𝐷电流表示数为𝐼𝐷 ，𝐷2 4𝜌𝐿(

62、19868;𝐷 𝐼𝐶)𝜋𝐼𝐶𝑟1(1) 游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读；螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读(2) 对此题设计测量电路的关键是，考虑𝐷电流表满偏电流大于𝐶电流表的满偏电流，同时𝐶电流表的内阻是定值，因此可以求出𝐶电流表两端的实际电压，从而可将𝐶电流表当做电压表而求出样品两端的电压此题属于电流表与电压表的反常规接法，即可将电流表当做电压表来使用，关键是依

63、据电路图能求出待测电阻的阻值才行19.答案：解：(1)电动机不转时，电路属于纯电阻电路，依据欧姆定律可知，电动机线圈内阻𝑟 = 𝑈1 =𝐼140𝑉 = 4𝛺10𝐴(2)重物匀速上升时的速度𝑣 = 𝑥 =𝑡9𝑚10𝑠= 0.9𝑚/𝑠电动机的总功率𝑃总 = 𝑈2𝐼2 = 110𝑉 5𝐴 = 550𝑊

64、电动机的热功率𝑃热 = 𝐼2𝑟 = 52 4𝑊 = 100𝑊机械总热电动机的机械功率𝑃= 𝑃 𝑃= 550𝑊 100𝑊 = 450𝑊而𝑃= 𝐹𝑣 = 𝑚𝑔𝑣机械解之可得：𝑚 = 50𝐾𝑔答：(1)电动机线圈电阻为4𝛺；(2) 所提升重物的质量为50𝑘

65、;𝑔。解析：依据串联电路的电压关系计算𝑅两端的电压，依据欧姆定律计算电流。依据功率公式计算电动机消耗的功率，依据消耗功率和热功率，求解输出功率。再依据机械功率公式𝑃 = 𝑚𝑔𝑣求出质量即可。考察非纯电阻电路的功率计算。电动机的输出功率假设不能直接通过机械功率计算，可以先计算总功率和热功率，然后依据总功率和热功率求解输出功率即可。20.答案：解：(1)粒子能从左边界射出，临界状况是轨迹与磁场右边界相切，粒子的运动轨迹如图所示，则有：𝑅 + 𝑅𝑐w

66、900;𝑠30 = 𝑑由𝐵𝑞𝑣 = 𝑚𝑣2得：𝑣 =𝑅𝐵𝑞𝑑𝑚(1+𝑐𝑜𝑠30 )= 2(23)𝐵𝑞𝑑𝑚所以粒子能从左边界射出速度应满足𝑣 2(23)𝐵𝑞𝑑 𝑚(2)粒子能从右边界射出，由几何学问得：

67、𝑅 = 𝑚 𝑣21 𝑚𝑣2 = 𝑞𝑈𝑑𝑐𝑜𝑠30由𝐵𝑞𝑣22 和2𝑅2解得：𝑈 =𝐵2𝑞𝑑22𝑚𝑐𝑜𝑠 2 30= 2𝐵2 𝑞𝑑 23𝑚故粒子不遇到右极板所加电压满足的条件为：𝑈 2𝐵2𝑞𝑑23𝑚因粒子转过的圆心角为60，所用时间为𝑇，而𝑇 = 2𝜋𝑚6𝐵𝑞因返回通过磁场所用时间一样，所以总时间为：𝑡 = 2 𝑇 = 2𝜋𝑚63𝐵𝑞(3