高考物理二轮复习 专项突破训练：电场和磁场基本问题-人教版高三全册物理试题.docx

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1、电场和磁场基本问题1(2018天津卷)如图1所示，实线表示某电场的电场线(方向未标出)，虚线是一带负电的粒子只在电场力作用下的运动轨迹，设M点和N点的电势分别为M、N，粒子在M和N时加速度大小分别为aM、aN，速度大小分别为vM、vN，电势能分别为EpM、EpN.下列判断正确的是()图1AvMvN，aMaNBvMvN，MNCMN，EpMEpNDaMaN，EpMEpN2.(2018全国卷)如图2，三个固定的带电小球a、b和c，相互间的距离分别为ab5 cm，bc3 cm，ca4 cm.小球c所受库仑力的合力的方向平行于a、b的连线设小球a、b所带电荷量的比值的绝对值为k，则()图2Aa、b的电荷

2、同号，kBa、b的电荷异号，kCa、b的电荷同号，kDa、b的电荷异号，k3(多选)(2018山东省泰安市上学期期末)已知通电长直导线产生的磁场中某点的磁感应强度满足Bk(其中k为比例系数，I为电流强度，r为该点到直导线的距离)现有四根平行的通电长直导线，其横截面恰好在一个边长为L的正方形的四个顶点上，电流方向如图3，其中A、C导线中的电流大小为I1，B、D导线中的电流大小为I2.已知A导线所受的磁场力恰好为零，则下列说法正确的是()图3A电流的大小关系为I12I2B四根导线所受的磁场力为零C正方形中心O处的磁感应强度为零D若移走A导线，则中心O处的磁场将沿OB方向4(多选)如图4所示，在某空

3、间的一个区域内有一直线PQ与水平面成45角，在PQ两侧存在垂直于纸面且方向相反的匀强磁场，磁感应强度大小均为B.位于直线上的a点有一粒子源，能不断地水平向右发射速率不等的相同粒子，粒子带正电，电荷量为q，质量为m，所有粒子运动过程中都经过直线PQ上的b点，已知abd，不计粒子重力及粒子相互间的作用力，则粒子的速率可能为()图4A.B.C.D.5(多选)如图5所示为一个质量为m、带电荷量为q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场中现给圆环向右的初速度v0，在以后的运动过程中，圆环运动的vt图象可能是下图中的()图56水平放置的平行板电容器

4、与某一电源相连接后，断开开关，重力不可忽略的小球由电容器的正中央沿水平向右的方向射入该电容器，如图6所示，小球先后经过虚线的A、B两点则()图6A如果小球所带的电荷为正电荷，小球所受的电场力一定向下B小球由A到B的过程中电场力一定做负功C小球由A到B的过程中动能可能减小D小球由A到B的过程中，小球的机械能可能减小7(多选)光滑绝缘水平面上固定两个等量点电荷，它们连线的中垂线上有A、B、C三点，如图7甲所示一质量m1 kg的带正电小物块由A点静止释放，并以此时为计时起点，小物块沿光滑水平面经过B、C两点(图中未画出)，其运动过程的vt图象如图乙所示，其中图线在B点位置时斜率最大，根据图线可以确定

5、()图7A中垂线上B点电场强度最大B两点电荷是负电荷CB点是连线中点，C与A点必在连线两侧DUBCUAB8(多选)在真空中的x轴上的原点处和x6a处分别固定一个点电荷M、N，在x2a处由静止释放一个正点电荷P，假设点电荷P只受电场力作用沿x轴方向运动，得到点电荷P速度大小与其在x轴上的位置关系如图8所示(其中在x4a处速度最大)，则下列说法正确的是()图8A点电荷M、N一定都是正电荷B点电荷M、N一定为异种电荷C点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为41Dx4a处的电场强度不一定为零9一无限大接地导体板MN前面放有一点电荷Q，它们在周围产生的电场可看作是在没有导体板MN存在的情况下，由点电荷Q与

6、其像电荷Q共同激发产生的像电荷Q的位置就是把导体板当作平面镜时，电荷Q在此镜中的像点位置如图9所示，已知Q所在位置P点到金属板MN的距离为L，a为OP的中点，abcd是边长为L的正方形，其中ab边平行于MN，则()图9Aa点的电场强度大小为E4kBa点的电场强度大小大于b点的电场强度大小，a点的电势高于b点的电势Cb点的电场强度和c点的电场强度相同D一正点电荷从a点经b、c运动到d点的过程中电势能的变化量为零10如图10所示，光滑绝缘水平面上方存在电场强度大小为E、方向水平向右的匀强电场某时刻将质量为m、带电荷量为q的小金属块从A点由静止释放，经时间t到达B点，此时电场突然反向且增强为某恒定值

7、，又经过时间t小金属块回到A点小金属块在运动过程中电荷量保持不变求：图10(1)A、B两点间的距离；(2)电场反向后匀强电场的电场强度大小11如图11所示，在方向竖直向上、大小为E1106 V/m的匀强电场中，固定一个穿有A、B两个小球(均视为质点)的光滑绝缘圆环，圆环在竖直平面内，圆心为O、半径为R0.2 mA、B用一根绝缘轻杆相连，A的带电荷量为q7107 C，B不带电，质量分别为mA0.01 kg、mB0.08 kg.将两小球从圆环上的图示位置(A与圆心O等高，B在圆心O的正下方)由静止释放，两小球开始沿逆时针方向转动取g10 m/s2.图11(1)通过计算判断，小球A能否到达圆环的最高

8、点C.(2)求小球A的最大速度的大小(可保留根号)(3)求小球A从图示位置逆时针转动的过程中，其电势能变化的最大值参考答案1.答案D2.答案D3.答案ACD4.答案ABC解析由题意可知粒子可能的运动轨迹如图所示所有圆弧的圆心角均为90，所以粒子运动的半径r(n1,2，3)，由洛伦兹力提供向心力得qvBm，则v(n1,2,3)，故A、B、C正确，D错误5.答案BC解析当qvBmg时，小环做匀速运动，此时图象为平行于t轴的直线，故B正确；当qvBmg时，FNqvBmg，此时：FNma，所以小环做加速度逐渐减小的减速运动，直到qvBmg时，小环开始做匀速运动，故C正确；当qvBmg时，FNmgqvB

9、，此时：FNma，所以小环做加速度逐渐增大的减速运动，直至停止，所以其vt图象的斜率应该逐渐增大，故A、D错误6.答案D解析小球在极板间受到竖直向下的重力作用与电场力作用，由题图所示小球运动轨迹可知，小球向下运动，说明小球受到的合力竖直向下，重力与电场力的合力竖直向下；当小球带正电时，若上极板带正电荷，小球受到的合力向下，小球运动轨迹向下，若上极板带负电，但如果电场力小于重力，小球受到的合力向下，小球运动轨迹向下，故无法确定电场力与重力的大小关系，A错误；如果小球受到的电场力向下，小球从A运动到B点过程中电场力做正功，如果小球受到的电场力向上，则电场力做负功，小球的机械能可能增加，也可能减小，

10、B错误，D正确；小球受到的合力向下，小球从A点运动到B点过程中合外力做正功，小球的动能增加，C错误7.答案AD解析根据vt图象的斜率表示加速度，知小物块在B点的加速度最大，所受的电场力最大，所以中垂线上B点电场强度最大，A正确；小物块从B到C动能增大，电场力做正功，小物块带正电，可知两点电荷是正电荷，B错误；中垂线上电场线分布不均匀，B点不在连线中点，C错误；根据动能定理，AB有：qUABmvB2mvA2(1420) J8 J；BC有qUBCmvC2mvB2(172142) J16.5 J，对比可得UBCUAB，D正确8.答案AC解析由题图图象可知，点电荷P的速度先增大后减小，所以点电荷P的动

11、能先增大后减小，说明电场力先做正功，后做负功，结合正电荷受到的电场力的方向与场强的方向相同可知，电场强度的方向先沿x轴的正方向，后沿x轴的负方向，根据点电荷的电场线的特点与电场的叠加原理可知，点电荷M、N一定都是正电荷，A正确，B错误；点电荷P的动能先增大后减小，由于只有电场力做功，所以点电荷P的电势能一定是先减小后增大，由图可知，在x4a处点电荷P的速度最大，速度的变化率为0，说明x4a处的电场强度等于0，则点电荷M与N在P点的电场强度大小相等，方向相反，根据库仑定律得：，则qMqN41，点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为41，C正确，D错误9.答案B解析由题意可知，周围空间电场与等量异种

12、点电荷产生的电场等效，所以a点的电场强度Ekk，A错误；等量异种点电荷周围的电场线和等势面分布如图所示由图可知EaEb，ab，B正确；图中b、c两点的场强不同，C错误；由于a点的电势高于d点的电势，所以一正点电荷从a点经b、c运动到d点的过程中电场力做正功，电荷的电势能减小，D错误10.答案(1)t2 (2)3E解析(1)设t末和2t末小物块的速度大小分别为v1和v2，电场反向后匀强电场的电场强度大小为E1，小金属块由A点运动到B点过程a1，xa1t2联立解得xt2(2)v1a1t解得v1t小金属块由B点运动到A点过程a2xv1ta2t2联立解得E13E.11.答案(1)A不能到达圆环最高点(

13、2) m/s(3)0.134 4 J解析(1)设A、B在转动过程中，轻杆对A、B做的功分别为WT、WT，则WTWT0假设A能到达圆环最高点，设A到达圆环最高点时，A、B的动能分别为EkA、EkB对A由动能定理：qERmAgRWT1EkA对B由动能定理：WT1mBgREkBWT1WT10联立解得：EkAEkB0.04 J上式表明，A在圆环最高点时，系统动能为负值故A不能到达圆环最高点(2)设B转过角时，A、B的速度大小分别为vA、vB，因A、B做圆周运动的半径和角速度均相同，故vAvB对A由动能定理：qERsin mAgRsin WT2mAvA2对B由动能定理：WT2mBgR(1cos )mBvB2WT2WT20联立解得：v(3sin 4cos 4)5sin(53)4解得当37时，A、B的最大速度均为vmax m/s(3)A、B从题图所示位置逆时针转动过程中，当两球速度为0时，电场力做功最多，电势能减少最多，故得：3sin 4cos 40解得：sin (sin 0舍去)故A的电势能减少量：|Ep|qERsin 代入数值得：|Ep| J0.134 4 J