高考物理一轮复习 第八章 恒定电流 第2节 闭合电路、闭合电路欧姆定律练习 新人教版-新人教版高三全册物理试题.doc

《高考物理一轮复习 第八章 恒定电流 第2节 闭合电路、闭合电路欧姆定律练习 新人教版-新人教版高三全册物理试题.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理一轮复习 第八章 恒定电流 第2节 闭合电路、闭合电路欧姆定律练习 新人教版-新人教版高三全册物理试题.doc（7页珍藏版）》请在得力文库 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、第八章 第二节 闭合电路、闭合电路欧姆定律A级基础练1(08786799)(2018安徽合肥一模)在如图所示的电路中，开关闭合后，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，则() A灯L1变亮B灯L2变亮C电源的总功率变大D电阻R1有从b到a方向的电流解析：D开关闭合后，当滑动变阻器的滑动触头向下滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，总电阻增大，干路电流减小，灯L2变暗，B错误内电压减小，路端电压增大，因干路电流减小，则L2两端电压减小，故并联支路两端电压增大，R所在支路电流增大，则L1所在支路电流减小，故灯L1变暗，A错误电源的总功率PEI减小，C错误电容器两端电压等于并联支路两端电压，电容器两端电压

2、增大，电荷量增加，电容器处于充电过程，流过R1的电流ba，D正确2(08786800)(2018湖北八校第一次联考)如图所示，平行金属板中带电质点P处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则() A质点P将向上运动B电流表的示数减小C电压表的示数减小 DR3消耗的功率增大解析：C当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，总电流增大，R1两端电压增大，R3两端电压减小，R3的功率减小，电容器两端电压减小，质点P向下运动，A、D错误；R3中的电流减小，R2中的电流增大，电流表的示数增大，R2两端的电压增大，电压表的示数减小，B错误

3、，C正确3(08786801)(2018湖北宜昌调研)电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向a端时，下列说法正确的是()A定值电阻R2的电功率减小B电压表和电流表的示数都减小C电压表的示数增大，电流表的示数减小DR中电流变化的绝对值小于电流表示数变化的绝对值解析：B当滑动变阻器的触头由中点滑向a端时，R接入电路的电阻减小，总电阻减小，干路电流增大，内电压增大，路端电压减小，电压表的示数减小，R2的电压增大，R1的电压减小，电流表的示数减小，A、C错误，B正确；因为总电流增大，电流表的示数减小，所以R中电流增大，并且R中电流

4、变化的绝对值大于电流表示数变化的绝对值，D错误4(08786802)(2018湖南邵阳第一次联考)在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合开关S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，下列结论错误的是() A电容器C上电荷量增大B电源的输出功率变大C灯泡L变暗D电流表读数变小，电压表读数变大解析：B滑动变阻器的滑片P向左移动一段距离，总电阻增大，电流减小，内压减小，路端电压增大，所以电流表的示数减小，电压表的示数增大，D正确；灯L中的电流减小，灯泡L变暗，C正确；当外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，外电阻比电源的内阻大得越多，电源的输出功率越小，所以滑片左移，电源的输出

5、功率变小，B错误；电流减小，电源内部和灯泡两端的电压减小，则R两端的电压增大，电容器上的电荷量增大，A正确5(08786803)(2018河北百校联盟检测)在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表在滑动变阻器滑动触头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是()A电压表示数变小B电流表示数变大C电容器C所带电荷量增多Da点的电势升高解析：B在滑动变阻器滑动触头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大，则电压表示数变大，A错误电阻

6、R2两端的电压U2EI(R1r)，I增大，则U2变小，电容器极板间电压变小，其带电荷量减少，C错误根据外电路中顺着电流方向电势降低，可知a的电势大于零，a点的电势等于R2两端的电压，U2变小，则a点的电势降低，D错误，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流IAII2，I增大，I2减小，则IA增大，即电流表示数变大，B正确6(08786804)(2018重庆江津中学月考)两位同学在实验室利用如图甲所示的电路测定定值电阻R0、电源的电动势E和内电阻r，调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A和电压表V1的测量数据，另一同学记录的是电流表A和电压表V2的测量数据根据数据描

7、绘了如图乙所示的两条UI直线则图象中两直线的交点表示的物理意义是()A滑动变阻器的滑动头P滑到了最右端B电源的输出功率最大C定值电阻R0上消耗的功率为1.0 WD电源的效率达到最大值解析：B由图乙可得，电源的电动势E1.5 V，r1 ，交点位置：RR02 ，R02 ，R0，滑动变阻器的滑动头P滑到了最左端，A项错误；当电路中外电阻等于内电阻时，电源输出功率最大，但本题R0r，改变滑动变阻器时无法达到电路中内、外电阻相等，此时当外电阻越接近内电阻时，电源输出功率最大，B项正确；R0消耗的功率PIU20.5 W，C项错误；电源的效率，电流越小效率越大，可见滑动变阻器的滑动头P滑到最右端时效率最大，

8、D项错误7(08786805)(多选)(2018辽宁沈阳四校协作体联考)如图所示，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，已知R0r，滑动变阻器的最大阻值为2r.当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，下列说法中正确的是()A电路中的电流变大B电源的输出功率先变大后变小C滑动变阻器消耗的功率变小D定值电阻R0上消耗的功率先变大后变小解析：AC当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，R接入电路的电阻减小，总电阻减小，电路中的电流增大，A正确；当R外r时，电源的输出功率最大，所以电源的输出功率逐渐减小，B错误；当滑动变阻器R接入电路的电阻等于R0r2r时，滑动变阻器的功率最大，

9、所以滑动变阻器消耗的功率变小，C正确；定值电阻R0上消耗的功率PI2R0逐渐增大，D错误8(08786806)(多选)在某控制电路中，需要连成如图所示的电路，主要由电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及电位器(滑动变阻器)R连接而成，L1、L2是红、绿两个指示灯，当电位器的触头由弧形碳膜的中点逆时针滑向a点时，下列说法中正确的是()AL1变亮，L2变暗BL1、L2两个指示灯都变暗C若电源的负极接地，则a点的电势降低，b点的电势升高D若电源的负极接地，则a、b点的电势都降低解析：BC当电位器的触头由弧形碳膜的中点逆时针滑向a点时，R接入电路的电阻减小，总电阻减小，干路电流增大，内电压增

10、大，路端电压减小，L1变暗，L1中的电流变小，R1中的电流变大，R1两端的电压增大，则R2和L2两端的总电压减小，L2中的电流变小，L2变暗，A错误，B正确；若电源的负极接地，由于电源的路端电压减小，所以a点电势降低，由于R1两端的电压增大，所以b点电势升高，C正确，D错误B级能力练9(08786807)(多选)(2018湖北部分重点中学第二次联考)如图所示，直线a、抛物线b和c为某一稳恒直流电源在纯电阻电路中的总功率PE、输出功率PR、电源内部发热功率Pr随路端电压U变化的图象，但具体对应关系未知，根据图象可判断() APE U图象对应图线a，由图知电动势为9 V，内阻为3 BPrU图象对应

11、图线b，由图知电动势为3 V，内阻为1 CPRU图象对应图线c，图象中任意电压值对应的功率关系为PEPrPRD外电路电阻为1.5 时，输出功率最大为2.25 W解析：BC由闭合电路欧姆定律可知，路端电压的最大值是外电路断路时，此时路端电压等于电动势，所以电源电动势为3 V，当路端电压为零时，外电路短路，此时输出功率为零，电源内部消耗的功率等于电源的总功率，所以图线c是PRU图象，外电路短路时，PEPr9 W，解得电源的内阻r1 ，PEEIEU，所以图线a是PE U图象，图线b是PrU图象，A错误，B、C正确；当外电阻等于电源内阻时，即Rr1 时，电源的输出功率最大，D错误10(08786808

12、)(多选)(2018四川成都一诊)如图所示，R0为热敏电阻(温度降低时电阻增大)，R1为定值电阻，R是滑动变阻器，C为平行板电容器，C中央有一带电液滴刚好静止下列各项单独操作中能使带电液滴向上运动的是() A将R0加热BR的滑动触头P向上移动CC的上极板向上移动D开关S断开解析：AD将R0加热，电阻减小，电路中电流增大，R两端电压增大，电容器极板间的电压增大，电场强度增强，故液滴受到的电场力大于重力，带电液滴向上运动，故A正确R的滑动触头P向上移动时，电容器C两端的电压减小，极板间场强减弱，带电液滴向下运动，故B错误由EU/d分析知，上极板向上移动，板间场强减小，带电液滴所受的电场力减小，则带

13、电液滴向下运动，故C错误开关S断开，电容器两板间电压为电源电动势，故电压增大，场强增强，故带电液滴受到的电场力大于重力，带电液滴向上运动，故D正确11(08786809)如图所示，一电荷量为q3104 C带正电的小球，用绝缘细线悬于竖直放置足够大的平行金属板中的O点，已知两板相距d0.1 m合上开关后，小球静止时细线与竖直方向的夹角37，电源电动势12 V，内阻r2 ，电阻R14 ，R2R3R412 .g取10 m/s2.求：(1)流过电源的电流；(2)两板间的场强大小；(3)小球的质量解析：(1)R2与R3并联后的总阻值R23 6 ，由闭合电路欧姆定律得I A1 A.(2)电容器两板间的电压

14、UCI(R1R23)10 V，电容器两板间的电场强度大小E100 N/C.(3)小球处于静止状态，设所受电场力为F，由平衡条件得Fmgtan ，又FqE，得m4103 kg.答案：(1)1 A(2)100 N/C(3)4103 kg12(08786810)(2018吉林白山期末)如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，极板长L60 cm，两板间的距离d30 cm，电源电动势E36 V，内阻r1 ，电阻R09 ，闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球(可视为质点)从B板左端且非常靠近B板的位置以初速度v06 m/s水平向右射入两板间，小球恰好从A板右边缘射出已知小球带电荷量q2102 C，质量m2102 kg，重力加速度g取10 m/s2，求：(1)带电小球在平行金属板间运动的加速度大小；(2)滑动变阻器接入电路的阻值解析：(1)小球在金属板间做类平抛运动，有Lv0t，dat2，解得a60 m/s2.(2)两金属板间电压为U，由牛顿第二定律得mgma，UU21 V，由变阻器接入电路的阻值为R，根据串联电路的特点有，解得R14 .答案：(1)60 m/s2(2)14