高考物理大一轮复习 第3章 牛顿运动定律章末检测-人教版高三全册物理试题.doc

《高考物理大一轮复习 第3章 牛顿运动定律章末检测-人教版高三全册物理试题.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理大一轮复习 第3章 牛顿运动定律章末检测-人教版高三全册物理试题.doc（9页珍藏版）》请在得力文库 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、章末检测三牛顿运动定律(时间：60分钟满分：100分)一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分，15题每小题只有一个选项正确，68小题有多个选项符合题目要求，全选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分)1下列关于力学及其发展历史，正确的说法是()A牛顿根据伽利略等前辈的研究，用实验验证得出牛顿第一定律B牛顿通过研究发现物体受到的外力总是迫使其改变运动状态，而不是维持其运动状态C由牛顿第二定律得到m，这说明物体的质量跟所受外力成正比，跟物体的加速度成反比D牛顿等物理学家建立的经典力学体系不但适用于宏观、低速研究领域，也能充分研究微观、高速运动的物体解析：选B.因为不受力作用的物体是不存

2、在的，所以牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能用实验直接验证，所以A项错牛顿研究发现力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，所以B项正确；因为物体的质量由其所含物质的多少决定，与其他因素无关，所以C项错；牛顿等物理学家建立的经典力学体系只适用于宏观、低速研究领域，当研究微观、高速运动的物体时用爱因斯坦的相对论，所以D项错2如图，一人站在测力计上保持静止，下列说法中正确的是()A人所受的重力和人对测力计的压力是一对平衡力B人所受的重力和人对测力计的压力是一对作用力与反作用力C人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对作用力与反作用力D人对测力计的压力和测力计对人的

3、支持力是一对平衡力解析：选C.人所受的重力和测力计对人的支持力，这两个力作用在同一个物体上，大小相等、方向相反，是一对平衡力；人对测力计的压力和人所受的重力同方向，不是平衡力，也不是相互作用力，选项A、B错误人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对作用力与反作用力，选项C正确，D错误3为了让乘客乘车更为舒适，某研究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示，当此车减速上坡时(仅考虑乘客与水平面之间的作用)，关于乘客下列说法正确的是()A不受摩擦力的作用B受到水平向左的摩擦力作用C处于超重状态D所受合力竖直向上解析：选B.对乘客进行受力分析，

4、乘客受重力、支持力，由于乘客加速度沿斜面向下，而静摩擦力必沿水平方向，乘客有水平向左的分加速度，所以受到向后(水平向左)的摩擦力作用，选项A错误，B正确；此车减速上坡，整体的加速度沿斜面向下，乘客具有向下的分加速度，所以根据牛顿运动定律可知乘客处于失重状态，选项C错误；由于乘客加速度沿斜面向下，根据牛顿第二定律得所受合力沿斜面向下，选项D错误4在地面上以初速度v0竖直向上抛出一小球，经过2t0时间小球落回抛出点，其速率为v1，已知小球在空中运动时所受空气阻力与小球运动的速率成正比则小球在空中运动时速率v随时间t的变化规律可能是()解析：选A.因为空气阻力做负功，小球的机械能要减小，v1v0，在

5、上升阶段，小球的速率减小，加速度a是减小的，vt图象中图线越来越缓，在下降阶段，小球的速率增加，加速度a是减小的，vt图象中图线也越来越缓，选项A正确5如图所示，一根轻弹簧上端固定，下端挂一个质量为m0的小桶(底面水平)，桶中放有一质量为m的物体，当桶静止时，弹簧的长度比其自然长度伸长了L，今向下拉桶使弹簧再伸长L后静止，然后松手放开，设弹簧总处在弹性限度内，则下列说法中正确的是()刚松手瞬间桶对物体的支持力大小为mg刚松手瞬间桶对物体的支持力大小为(mm0)g刚松手瞬间物体的加速度为g，方向向上刚松手瞬间物体的加速度为g，方向向上ABC D解析：选A.本题的常规解法是先取桶与物体为整体，利用

6、平衡条件、牛顿第二定律求解，这样做费时易错，若用假设法求解，则能迅速选出正确选项假设没有向下拉弹簧，即L0，则由平衡条件知刚松手瞬间盘对物体的支持力大小仍为mg，将L0分别代入，可得对错；又由牛顿第二定律知刚松手瞬间物体的加速度为ag，方向向上，对错，A正确6在光滑水平面上，a、b两小球沿水平面相向运动当小球间距小于或等于L时，受到大小相等，方向相反的相互排斥恒力作用小球间距大于L时，相互排斥力为零小球在相互作用区间运动时始终未接触，两小球运动时速度v随时间t的变化关系图象如图所示，由图可知()Aa球质量大于b球质量B在t1时刻两小球间距最小C在0t2时间内两小球间距逐渐减小D在0t3时间内b

7、球所受排斥力方向始终与运动方向相反解析：选AC.两个小球受到的斥力大小相同，但是加速度大小不同，根据a可知加速度小的小球质量大，所以a球质量大于b球质量，A正确.0t1时间内，两小球相向运动，距离越来越小，t1t2时间内两小球运动方向相同，但a小球速度大，两小球的距离继续减小，t2时刻两小球距离最小，B错误，C正确t1t3时间内b球所受排斥力方向始终与运动方向相同，D错误7如图所示，光滑的水平地面上有三块木块a、b、c，质量均为m，a、c之间用轻质细绳连接现用一水平恒力F作用在b上，三者开始一起做匀加速运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某一木块上面，系统仍加速运动，且始终没有相对滑动则在粘上橡皮

8、泥并达到稳定后，下列说法正确的是()A无论粘在哪块木块上面，系统的加速度都不变B若粘在a木块上面，绳的张力减小，a、b间摩擦力不变C若粘在b木块上面，绳的张力和a、b间摩擦力一定都减小D若粘在c木块上面，绳的张力和a、b间摩擦力一定都增大解析：选CD.将a、b、c看做一个整体，对整体受分力析，整体受力不变，但整体的质量增大，根据牛顿第二定律得整体加速度减小，A错误；如果粘在a上，对c受力分析，绳的拉力就是c受到的合力，根据牛顿第二定律得c受到的拉力减小；对b受力分析，水平恒力F和a对b的摩擦力的合力即为b受到的合力，根据牛顿第二定律得b受到的合力减小，故a、b间摩擦力增大，B错误；如果粘在b上

9、，对c受力分析，绳的拉力即为c受到的合力，根据牛顿第二定律得c受到的拉力减小，对a、c整体受力分析，b对a的摩擦力即为两者的合力，根据牛顿第二定律得a、c整体受到的合力减小，故b对a的摩擦力减小，C正确；如果粘在c上，对b受力分析，水平恒力F减去a对b的摩擦力即为b受到的合力，根据牛顿第二定律得b受到的合力减小，故a、b间的摩擦力增大，对a受力分析b对a的摩擦力减去绳的拉力即为a受到的合力，根据牛顿第二定律得a受到的合力减小，说明绳的拉力增大，D正确8如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为，以速度v0逆时针匀速转动在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数tan

10、，则图中能客观地反映小木块的运动情况的是()解析：选BD.小木块刚放上之后的一段时间内所受摩擦力沿斜面向下，由牛顿第二定律可得：mgsin mgcos ma1，小木块与传送带同速后，因tan ，小木块将继续向下加速运动，此时有：mgsin mgcos ma2，有a1a2，故B、D正确，A、C错误二、非选择题(共4小题，52分)9(10分)在探究加速度与力、质量的关系的实验中，采用如下图所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用m表示，盘及盘中重物的总质量用m0表示，小车的加速度可由打点计时器打在纸带上的点计算出(1)当m与m0的大小关系满足_时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中重物的重力(

11、2)一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中重物的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据为了比较容易地确定出加速度a与质量m的关系，应该作a与_的图象(3)如图(a)为甲同学根据测量数据作出的aF图线，说明实验存在的问题是_(4)乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的aF图线如图(b)所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？_解析：从实验原理入手，对照本实验的操作要求，弄清各图象的物理意义，讨论实验中处理数据的方法(1)当mm0时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中重物的总重力(2)因由实验画的am图线是一条曲线，难以判定它所对应的

12、函数式，从而难以确定a与m的定量关系，所以在实验中应作a图象而不是am图象来分析实验结果(3)图(a)为甲同学根据测量数据作出的aF图线，图线没有过原点，而是与F轴交于一点，说明没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够(4)乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的aF图线，两图线的斜率不同，说明两个同学做实验时的小车及车中砝码的质量不同答案：(1)mm0(2)(3)没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够(4)小车及车中砝码的质量不同10(12分)为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置，板上有两个光电门相距为d，滑块通过细线与重物相连，细线的拉力F大小等于力传感器的示

13、数让滑块从光电门1由静止释放，记下滑到光电门2的时间t，改变重物质量来改变细绳拉力大小，重复以上操作5次得到下列表格中5组数据.次数a/(ms2)F/N11.00.7622.00.9933.01.2344.01.5055.01.76(1)若测得两光电门之间距离为d0.5 m，运动时间t0.5 s，则a_ m/s2；(2)依据表中数据在坐标纸上画出aF图象(3)由图象可得滑块质量m_ kg，滑块和轨道间的动摩擦因数_(g取10 m/s2)解析：(1)滑块在两个光电门之间从静止开始做匀加速直线运动，dat2，代入距离和时间得加速度a m/s24.0 m/s2.(2)描点作图，注意根据牛顿第二定律F

14、mgma，所以aF是一条倾斜的直线而且由于摩擦力，所以不过原点(3)根据牛顿第二定律可得aFg，即aF图象斜率表示，整理得m0.25 kg，当加速度等于0时，则有0Fg40.510，整理得0.2.答案：(1)4.0(2)图象如下(3)0.250.211(15分) 如图是某同学的航模飞机，操作遥控器使飞机起飞时，飞机受到空气竖直向上的恒定推动力，大小是重力的倍一次试飞中，让飞机由静止从地面竖直上升，3 s末关闭发动机(忽略空气阻力，取重力加速度g10 m/s2) (1)此飞机最高可上升到距地面多高处？(2)关闭发动机多长时间后重新启动，才能使飞机恰好安全落地？解析：(1)飞机加速上升阶段，由牛顿

15、第二定律可得：Fmgma1解得：a1g3 s末的速度为v1a1t110 m/s上升的高度为h1a1t15 m减速上升阶段有a2g上升的高度为h25 m故总上升的高度为Hh1h220 m(2)设飞机上升到最高点后经过时间t启动发动机，再经t飞机安全落地，则由运动学公式可得：vgtgtg(t)2g(t)2H解得：t1 s，t3 s关闭发动机后上升的时间为t21 s故关闭发动机后经过ttt22 s，重新启动发动机，飞机安全落地答案：(1)20 m(2)2 s12(15分)如图所示，薄板A长L5 m，其质量M5 kg，放在水平桌面上，板右端与桌边相齐在A上距右端s3 m处放一物体B(可看成质点)，其质

16、量m2 kg.已知A、B间动摩擦因数10.1，A与桌面间和B与桌面间的动摩擦因数均为20.2，原来系统静止现在在板的右端施加一大小一定的水平力F持续作用在A上直到将A从B下抽出才撤去，且使B最后停于桌的右边缘求： (1)B运动的时间；(2)力F的大小解析：(1)对于B，在未离开A时，其加速度为：aB11 m/s2设经过时间t1后B离开A，离开A后B的加速度为：aB22 m/s2设物体B离开A时的速度为vB，则vBaB1t1aB1ts，代入数据解得t12 s，t21 s，所以B运动的时间是：tt1t23 s.(2)设A的加速度为aA，则根据相对运动的位移关系得aAtaB1tLs解得：aA2 m/s2，由牛顿第二定律得F1mg2(mM)gMaA，代入数据得：F26 N.答案：(1)3 s(2)26 N