广元某中学高二物理下学期期中试卷（含解析）【试题教案】.pdf

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1、四川省广元实验中学2 0 1 4-2 0 1 5 学年高二下学期期中物理试 卷一、选 择 题（1 2个小题，共4 8分，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全选对的得4分，选对但不全的得2分，选错的得0分）1.（4分）如图所示，虚线框内有匀强磁场，大环和小环是垂直于磁场放置的两个圆环，分别 用I,和2表示穿过大小两环的磁通量，则 有（）B.中 中2C.中产中2D.无法确定2.（4分）老师做了一个物理小实验让学生观察：一轻质横杆两侧各固定一金属环，横杆克绕中心点自由转动，老师拿一条形磁铁插向其中一个小环，后又取出插向另一个小环，同学们看到的现象是（）A.磁铁插向左环

2、，横杆发生转动B.磁铁插向右环，横杆发生转动C.无论磁铁插向左环还是右环，横杆都不发生转动D.无论磁铁插向左环还是右环，横杆都发生转动3.（4分）关于电磁感应，下列说法中正确的是（）A.某时刻穿过线圈的磁通量为零，感应电动势就为零B.穿过线圈的磁通量越大，感应电动势就越大C.穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势就越大D.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势就越大4.（4分）如图所示，-根条形磁铁自左向右穿过一个闭合线圈，则流过表G的感应电流方向 是（）耳药A.始终由a流向b B.始终由b流向aC.先山a流向b,再由b流向a D.先由b流向a,再由a流向b5.（4分）如图1所示，矩形导线框a b

3、 e d固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直低面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图2所示.若规定顺时针方向为感应电流I的正方向，下列各图中正确的是（）6.（4分）如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，将一个水平放置的金属棒a b以水平初速度V。抛出，设运动的整个过程中棒的取向不变且不计空气阻力，则金属棒在运动过程中产生的感应电动势大小将（）A.越来越大 B.越来越小 C.保持不变 D.无法确定7.（4分）矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，所产生的交变电流的波形如图所示，下列说法中正确的是（）A.在&时刻穿过线圈的磁通量达到最大值B.在七时刻穿过线圈的磁通量达到最

4、大值C.在t 3时刻穿过线圈的磁通量的变化率达到最大值D.在口时刻穿过线圈的磁通量的变化率达到最大值8.（4分）某小型发电机产生的交变电动势为e=5 0 s i n l 0 0 n t （V）,对此电动势，下列表述正确的有（）_A.最大值是5 m V B.频率是1 0 0 H z C.有效值是2%V D.周期是0.0 2 s9.（4分）在如图所示的电路中，S i 和&是两个相同的小灯泡，L是一个自感系数相当大的线圈，其直流电阻值与R 相等.在电键S 接通和断开时，灯泡Si和 8亮暗的顺序是（）A.接通时，Si先达到最亮，断开时，Si后暗B.接通时，&先达到最亮，断开时，S2后暗C.接通时，Si

5、先达到最亮，断开时，Si先暗I）.接通时，&先达到最亮，断开时，冬先暗1 0.（4 分）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为1 0：1,R1=2OQ,Rz=30 Q,C为电容器.已知通过Ri的正弦交流电如图乙所示，则（）A.交流电的频率为0.0 2 H z _B.原线圈输入电压的最大值为20 0 a VC.电阻R,的电功率约为6.67 WD.通过Rs 的电流始终为零1 1.（4 分）远距离输送交流电都采用高压输电，其优点是（）A.可节省输电线的铜材料B.可根据需要调节交流电的频率C.可减少输电线上的能量损失D.可加快输电的速度1 2.（4 分）某发电厂原来用llkV 的交流电压输电，后来

6、改用升压变压器将电压升高到220 kV输电，输送的电功率都是P,若输电线路的电阻为R,则下列说法中正确的是（）A.据公式1=上，提高电压后输电线上的电流降为原来的工U20B.据公式1=9 提高电压后输电线上的电流增为原来的20 倍RC.据公式P=/R,提高电压后输电线上的功率损耗减为原来的工400D.据公式P,提高电压后输电线上的功率损耗将增大为原来的40 0 倍R二、本题共3 小题，共 1 5分.把答案填在题中横线上或按题目要求作答.1 3.A.B.C.D.（3 分）用多用电表同一挡位测量热敏电阻和光敏电阻的阻值时，下列描述正确的是（）测热敏电阻时,测热敏电阻时,测光敏电阻时,测光敏电阻时,

7、温度越高，多用电表指针偏角越大温度越高，多用电及指针偏角越小光照越弱，多用电表指针偏角越大光照越弱，多用电表指针偏角越小1 4.（3 分）利用传感器和计算机可以测量快速变化的力.如图所示是用这种方法获得的弹性绳中拉力随时间的变化图线.实验时，把小球举高到绳子的悬点0处，然后让小球自由下落.从此图线所提供的信息，判断以下说法中正确的是（）A.3 时刻小球速度最大C.I：,时刻小球动能最小B.七时刻绳子最长D.t 3与 t”时刻绳子最长1 5.（9 分）图 为“研究电磁感应现象”的实验装置.（1）将图中所缺的导线补接完整.（2）如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后可能现

8、的情况有：（选 填“左偏”、“右偏”或“不偏”）将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将.原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流计指针.三、本题共3小题；共 3 7 分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.1 6.（1 0 分）横截面积S R.Z n?、n=1 0 0 匝的圆形线圈A处在如图所示的磁场内，磁感应强度变化率为0.0 2 T/s.开始时S 未 闭 合,0=4 Q,RF6 Q,C=3 0 u F,线圈内阻不计,求:（1）闭合S后，通过R?的电流的大小；（2）闭合S 后一段时间又断开

9、，问 S断开后通过R 2 的电荷量是多少？XXXX1 7.(1 3 分)如图所示，两足够长的光滑金属导轨竖直放置，相距为L,一理想电流表与两导轨相连，匀强磁场与导轨平面垂直.质量为m、有效电阻为R的导体棒在距磁场上边界h处静止释放.导体棒进入磁场后，流经电流表的电流逐渐减小，最终稳定为I.整个运动过程中，导体棒与导轨接触良好，且始终保持水平，不计导轨的电阻.求：(1)磁感应强度的大小B；(2)电流稳定后，导体棒运动速度的大小v；(3)流经电流表电流的最大值L.1 8.(1 4 分)图 1 为-理想变压器,a b 为原线圈，c e 为副线圈，d为副线圈引出的一个接头.原线圈输入正弦式交变电压的u

10、 -t图象图2 所示.若只在c e 间接一只R”=4 0 0 Q 的电阻，或只在d e 间接一只R x 2 2 5 Q 的电阻，两种情况下电阻消耗的功率均为8 0 W.(1)请写出原线圈输入电压瞬时值皿的表达式；(2)求只在c e 间接4 0 0 Q 的电阻时，原线圈中的电流L；四川省广元实验中学2 0 1 4-2 0 1 5 学年高二下学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选 择 题（1 2 个小题，共 4 8 分，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全选对的得4分，选对但不全的得2 分，选错的得0 分）1.（4分）如图所示，虚线框内有匀强磁场，大环和小环是垂直

11、于磁场放置的两个圆环，分别 用 I,和 2表示穿过大小两环的磁通量，则 有（）B.01 2C.尸 2D.无法确定考点：磁通量.分析：当磁场与面垂直时，磁感应强度与面的面积的乘积是该面的磁通量.即可求出磁通量；解答：解：由题意可知，线圈A与线圈B虽然面积不同，但穿过线圈的磁场面积相同，且磁感应强度相同，所以穿过两环的磁通量相等，即B=R,.故C正确，ABD错误；故选：C点评：本题是考查磁通量大小的比较问题，抓住有效面积的含义理解，这是解题的关键.2.（4分）老师做了 一个物理小实验让学生观察：一轻质横杆两侧各固定一金属环，横杆克绕中心点自由转动，老师拿一条形磁铁插向其中一个小环，后又取出插向另一

12、个小环，同学们看到的现象是（）A.磁铁插向左环，横杆发生转动B.磁铁插向右环，横杆发生转动C.无论磁铁插向左环还是右环，横杆都不发生转动D.无论磁铁插向左环还是右环，横杆都发生转动考点：楞次定律.分析：穿过闭合回路的磁通量发生变化，闭合回路中会产生感应电流，感应电流受到磁场力的作用，横杆转动；如果金属环不闭合，穿过它的磁通量发生变化时，只产生感应电动势，而不产生感应电流,环不受力的作用，杆不转动.解答：解：左环不闭合，磁铁插向左环时，不产生感应电流，环不受力，横杆不转动；右环闭合，磁铁插向右环时，环内产生感应电流，环受到磁场的作用，横杆转动；故选B.点评：本题难度不大，是一道基础题，知道感应电

13、流产生的条件，分析清楚图示情景即可正确解题.3.（4分）关于电磁感应，下列说法中正确的是（）A.某时刻穿过线圈的磁通量为零，感应电动势就为零B.穿过线圈的磁通量越大，感应电动势就越大C.穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势就越大I).穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势就越大考点：法拉第电磁感应定律.分析：根据法拉第电磁感应定律判断感应电动势与什么因素有关.解答：解：A、穿过线圈磁通量为零，但磁通量的变化率不定为零，感应电动势不一定为 零.故A错误.B、根据磁通量大，磁通量的变化率不一定大，感应电动势不一定大.故B错误.C、根 据 磁 通 量 变 化 大，磁通量的变化率不一定大，感应电动势不一

14、定大.故C错误.D、穿过线圈的磁通量变化越快，磁通量变化率越大，则感应电动势越大.故D正确.故选D点评：解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律,知道感应电动势的大小与磁通量的变化率有关.4.(4分)如图所示，-根条形磁铁自左向右穿过一个闭合线圈，则流过表G的感应电流方向 是()A.始终由a流向bC.先由a流向b,再由b流向aB.始终由b流向aD.先由b流向a,再由a流向b考点：楞次定律.分析：楞次定律的内容：感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流磁通量的变化.根据楞次定律判定感应电流的方向.解答：解：条形磁铁从左向右进入螺线管的过程中，原磁场方向向右，且磁通量在增加，根据楞次定律，感应电流的磁场阻

15、碍原磁场磁通量的变化，所以感应电流的磁场向左，山安培定则，知感应电流的方向a-b.条形磁铁从左向右离开螺线管的过程中，原磁场方向向右，且磁通量在减少，根据楞次定律,感应电流的磁场阻碍原磁场磁通量的变化，所以感应电流的磁场向右，由安培定则，知感应电流的方向b-a.故选：C.点评：解决本题的关键掌握用楞次定律判断感应电流方向的步骤,先判断原磁场的方向以及磁通量是增加还是减小，再根据楞次定律判断出感应电流的磁场方向，最后根据安培定则,判断出感应电流的方向.5.（4分）如图1所示，矩形导线框ab ed固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直低面向里，磁感应强度B随时间变

16、化的规律如图2所示.若规定顺时针方向为感应电流I的正方向，下列各图中正确的是（）考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律.专题：电磁感应与电路结合.分析：由图2所示图象判断B的变化情况，则可得出磁通量的变化情况，由楞次定律可知电流的方向，采用排除法解题.解答：解：A、由图2所示B-t图象可知，O-ls内，线圈中磁通量增大，由楞次定律可知，电路中电流方向为逆时针，即电流为负方向，故A C错误；B、由楞次定律可知，1 -2 s内电路中的电流为顺时针，为正方向，2-3 s内，电路中的电流为顺时针，为正方向，3-4 s内，电路中的电流为逆时针，为负方向，故B错误，D正确；故选：D.点评：本题考查了判断感应电

17、流随时间变化关系，分析清楚B-t图象、应用楞次定律即可正确解题，要注意排除法的应用.6.（4分）如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，将一个水平放置的金属棒ab以水平初速度V。抛出，设运动的整个过程中棒的取向不变且不计空气阻力，则金属棒在运动过程中产生的感应电动势大小将（）A.越来越大B.越来越小C.保持不变D.无法确定考点：导体切割磁感线时的感应电动势；平抛运动.专题：电磁感应中的力学问题.分析：由感应电动势公式E=B lv s i n a,v s i n a是有效的切割速度，即是垂直于磁感线方向的分速度，结合平抛运动的特点分析选择.解答：解：金属棒ab 做平抛运动，其水平方向的分运动是匀速直线

18、运动，水平分速度保持不变，等于V。.由感应电动势公式E=B lv s i n a,v i s v a是垂直于磁感线方向的分速度，即是平抛运动的水平分速度，等于v。，则感应电动势E=B lv。，B、1、v。均不变，则感应电动势大小保持不变.则C正确.故选：C.点评：本题考查对感应电动势公式的理解和平抛运动的特点.7 .（4分）矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，所产生的交变电流的波形如图所示，下列说法中正确的是（）A.在力时刻穿过线圈的磁通量达到最大值B .在 t 2 时刻穿过线圈的磁通量达到最大值C.在七时刻穿过线圈的磁通量的变化率达到最大值D.在 L时刻穿过线圈的磁通量的变化率达到最大值考点：交流

19、发电机及其产生正弦式电流的原理.专题：交流电专题.分析：线圈在匀强磁场中匀速转动产生正弦交变电流，由电流图象读出感应电流的变化.由欧姆定律得知感应电流与感应电动势成正比，由法拉第电磁感应定律得知，感应电动势与磁通量的变化率成正比，当线圈磁通量最大时，感应电动势为零；而当线圈的磁通量为零时，感应电动势最大.解答：解：A、在 3时刻感应电流最大,B、在七时刻感应电流为零,C、在 t 3 时刻感应电流最大,确.D、在匕时刻感应电流为零,化率为0,故 D 错误.感应电动势最大,感应电动势为零,感应电动势最大,感应电动势为零,线圈与磁场平行，磁通量为零.故A错误；线圈与磁场垂直，磁通量最大，故 B正确.

20、线圈的磁通量的变化率达到最大值，故 C正根据法拉第电磁感应定律可知，磁通量的变故选：B C.点评：本题考查理解正弦交变电流与磁通量关系的能力及把握电流的变化与线圈转过的角度的关系的能力.比较简单.8.（4 分）某小型发电机产生的交变电动势为e=5 0s inl00nt （V）,对此电动势，下列表述正确的有（）_A.最大值是5 mV B.频率是1 00H z C.有效值是2%V D.周期是0.02s考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率.专题：交流电专题.分析：由输出端的交变电压瞬时值表达式知电压最大值、角速度，从而计算出有效值、周期和频率._解答：解：由输出端的交变电压瞬时值表达式知电压

21、最大值为5 0V,有效值为2 8伤口周 期 为 卫 二0 02S，频率为二 HZ=50HZ,故C D正确，A B错误.1 00 兀 V.3 Q.Q 2故选：C D.点评：本题考查了对正弦交流电的瞬时值表达式的理解，难度不大.9.（4分）在如图所示的电路中，S i和S是两个相同的小灯泡，L是一个自感系数相当大的线圈，其直流电阻值与R相等.在电键S接通和断开时，灯 泡 和S 2亮暗的顺序是（）A.B.C.D.接通时，S i先达到最亮,接通时，&先达到最亮,接通时，S i先达到最亮,接通时，为先达到最亮,断开时，S i后暗断开时，S 2后暗断开时，S i先暗断开时，S 2先暗考点：自感现象和自感系数

22、.分析：当开关接通和断开的瞬间，流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根据自感现象的规律来分析.解答：解：该电路可以看做是左右两部分并联后由串联起来.S刚刚接通时，L上的自感会使提供它的电流慢慢增大.根据变化电路的特性，L支路上的电流增大时，和它并联的8上的电流就减小，和它串联的出上的电流就增大.所以S刚刚接通时S i灯先达到最亮；S断开时，L和b构成自感回路，S?不在回路中，所以S断开时，S 2立刻熄灭，S i后熄灭.故A正确，B C D错误.故选：A.点评：对于线圈要抓住双重特性：当电流不变时，它是电阻不计的导线；当电流变化时,产生自感电动势，相当于电源.1 0.（4

23、分）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为1 0：1,R尸20Q,R2=3 0 Q ,C为电容器.已知通过R的正弦交流电如图乙所示，则（）A.交流电的频率为0.02 H z _B.原线圈输入电压的最大值为200a VC.电阻R 2的电功率约为6.6 7 WI）.通过R 3 的电流始终为零考点：变压器的构造和原理.专题：交流电专题.分析：由图象可读出R i 的电流的最大值，进而求得电流的有效值；读出电流的周期可求得频率；由电流的值及R的阻值可求出副线圈的电压，进而求得原线圈的输入电压.解答：解：由图象知电流的周期是0.0 2 S,则 其 频 率 为,u50H z则 A错误TO.02Ui n（

24、副线圈的最大电压为U 2=IM=2 0 V,则原线圈的输入电压为5,由 得 u i=2 0 0 V 故u2 n 2B 错误学）2电阻R?的功率为P=6.6 7 W故 C正确R2电容器通交流，故 R 3 有电流故D 错误故选：C点评：考查交流电的图象的读法，明确交流电的最大值，有效值之间的关系.会求功率.11.（4 分）远距离输送交流电都采用高压输电，其优点是（）A.可节省输电线的铜材料B.可根据需要调节交流电的频率C.可减少输电线上的能量损失D.可加快输电的速度考点：远距离输电.专题：交流电专题.分析：输送的功率一定，根据P=U I和 可 知 高 压 输 电 的 优 点.解答：解：输送的功率一

25、定，根据P=u i,知输电电压越高，输电电流越小，根据Pf 0=R,知输电线上损耗的能量就小.高压输电不会改变交流电的频率以及输电的速度.高压输电与所用导线的材料无关；故 C正确；A BD错误.故选：C点评：解决本题的关键掌握输送功率与输电电压和输电电流的关系，以及知道P 掘=/R12.（4 分）某发电厂原来用l l k V 的交流电压输电，后来改用升压变压器将电压升高到2 2 0 k V输电，输送的电功率都是P,若输电线路的电阻为R,则下列说法中正确的是（）A.据公式1=上，提高电压后输电线上的电流降为原来的工U20B.据公式1=卫，提高电压后输电线上的电流增为原来的20倍RC.据公式P=/

26、R,提高电压后输电线上的功率损耗减为原来的,400D.据公式P=止，提高电压后输电线上的功率损耗将增大为原来的400倍R考点：远距离输电.专题：交流电专题.分析：根据P=UI得出输送电流的大小，再根据p 损=12R求出输电线上损耗的功率解答：解：A、根 据 1=上，知输送功率不变，输送电压变为原来的20倍，则输电电流降为U原 来 的 人.故 A 正确，B 错误.20C、根据得，电流降为原来的工，则输电线上损耗的功率减为原来的.故 C 正确，D 错20 400误.故选：AC点评：解决本题的关键掌握输送功率与输送电压和电流的关系，以及知道输电线上损耗的功率p 搅=12R,注意!不是输电电压，而是输

27、电线上的电压损失二、本题共3 小题，共 15分.把答案填在题中横线上或按题目要求作答.13.A.B.C.D.(3分)用多用电表同一挡位测量热敏电阻和光敏电阻的阻值时，下列描述正确的是()测热敏电阻时,测热敏电阻时,测光敏电阻时,测光敏电阻时,温度越高,温度越高,光照越弱,光照越弱,多用电表指针偏角越大多用电表指针偏角越小多用电表指针偏角越大多用电表指针偏角越小考点：多用电表的原理及其使用.专题：恒定电流专题.分析：温度越高，热敏电阻阻值越小；光照强度越大，光敏电阻阻值越小；对同一档位，欧姆表指针偏角越大，所测电阻越小.解答：解：A、测热敏电阻时，温度越高，热敏电阻越小，多用电表指针偏角越大，故

28、 A正确，B 错误；C、测光敏电阻时，光照越弱，光敏电阻阻值越大，多用电表指针偏角越小，故 C 错误，D正确；故选AD.点评：知道热敏电阻与光敏定值的特点、知道欧姆表的刻度特点即可正确解题，本题难度不大，是一道基础题.14.（3分）利用传感器和计算机可以测量快速变化的力.如图所示是用这种方法获得的弹性绳中拉力随时间的变化图线.实验时，把小球举高到绳子的悬点0处，然后让小球自由下落.从此图线所提供的信息，判断以下说法中正确的是（）A.ti时刻小球速度最大C.匕时刻小球动能最小B.t2时刻绳子最长D.t3与如时刻绳子最长考点：胡克定律；自由落体运动；牛顿第二定律.分析：把小球举高到绳子的悬点0处，

29、让小球自由下落，匕与t,时刻绳子刚好绷紧，分析小球的运动情况，判断什么时刻小球的速度最大.当绳子的拉力最大时，小球运动到最低点,绳子也最长.解答：解：A、把小球举高到绳子的悬点0处，让小球自由下落，如时刻绳子刚好绷紧，此时小球所受的重力大于绳子的拉力，小球向下做加速运动，当绳子的拉力大于重力时，小球才开始做减速运动，所以3时刻小球速度不是最大.故A错误.B、七时刻绳子的拉力最大，小球运动到最低点，绳子也最长.故B正确.C、t3时刻与。时刻小球的速度大小相等，方向相反，小球动能不是最小，应是心时刻小球动能最小.故C错误.D、t3与匕时刻都与匕时刻小球速度大小相同，绳子不最长.故D错误.故选：B点

30、评：本题考查运用牛顿定律分析小球运动情况的能力，要注意绳子拉力的变化与弹簧的弹力类似.15.（9分）图 为“研究电磁感应现象”的实验装置.（1）将图中所缺的导线补接完整.（2）如果在闭合电健时发现灵敏电流计的指针向右偏了 一 下，那么合上电键后可能现的情况有：（选 填“左偏”、“右偏”或“不偏”）将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将右偏.原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流计指针左傀.考点：研究电磁感应现象.专题：实验题.分析：（1）探究电磁感应现象实验电路分两部分，电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路，灵敏电流计与副线圈组成另一个闭合电路.(2)磁场方向不变

31、，磁通量的变化不变时电流方向不变，电流表指针偏转方向相同，磁通量的变化相反时，电流表指针方向相反.解答：解：(1)探究电磁感应现象实验电路分两部分，要使原线圈产生磁场必须对其通电,故电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路，灵敏电流计与副线圈组成另一个闭合电路；如图所示：(2)在闭合电键时，穿过线圈的磁通量增加，灵敏电流计的指针向右偏了一下；闭合开关，将原线圈迅速插入副线圈时，穿过线圈的磁通量增加，灵敏电流计指针将右偏.原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，穿过线圈的磁通量减少，灵敏电流计指针左偏.故答案为：(1)如图所不；(2)右偏；左偏.点评：本题考查研究电磁感应现象及验证楞

32、次定律的实验,对于该实验注意两个回路的不同.知道磁场方向或磁通量变化情况相反时，感应电流反向是判断电流表指针偏转方向的关键.三、本题共3小题；共 3 7 分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.1 6.(1 0 分)横截面积S=0.2 m 2、n=100匝的圆形线圈A处在如图所示的磁场内，磁感应强度变化率为0.02T/s.开始时S未闭合，R=4 Q,R2=6 Q,C=3 0 n F,线圈内阻不计，求：(1)闭合S后，通过R 2的电流的大小；(2)闭合S后一段时间又断开，问 S断开后通过R z 的电荷量是多少？考点

33、：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律.专题：电磁感应与电路结合.分析：线圈平面垂直处于匀强磁场中，当磁感应强度随着时间均匀变化时，线圈中的磁通量发生变化，从而导致出现感应电动势，产生感应电流.由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小.再由闭合电路的殴姆定律可求出电流，从而得出电阻两端电压，最终确定电量.解答：解：(1)磁感应强度变化率的大小为等=0.02 T/s,B 逐渐减弱，所以 E=n3广 100X 0.02X 0.2 V=0.4 V=3 A=0.04 A,R+R2 4+6方向:从上向下流过R z.(2)R?两端的电压为 U：；=-E=X 0.4 V=0.24 VR+R2 4+6所以

34、Q=C U z=3 0X l O X O.24 Q=7.2X 10-6 C.点评：利用法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律求解电流大小.S断开后，流过R 2的电荷量就是S闭合时C上带有的电荷量17.(13 分)如图所示，两足够长的光滑金属导轨竖直放置，相距为L,-理想电流表与两导轨相连，匀强磁场与导轨平面垂直.一质量为m、有效电阻为R的导体棒在距磁场上边界h处静止释放.导体棒进入磁场后，流经电流表的电流逐渐减小，最终稳定为I.整个运动过程中，导体棒与导轨接触良好，且始终保持水平，不计导轨的电阻.求：(1)磁感应强度的大小B；(2)电流稳定后，导体棒运动速度的大小v；(3)流经电流表电流的最大值

35、L,.考点：导体切割磁感线时的感应电动势；机械能守恒定律；电磁感应中的能量转化.专题：电磁感应功能问题.分析：(1)山题，导体棒进入磁场后，最终做匀速运动，电流达到稳定值I,根据平衡条件和安培力公式求解B；(2)由感应电动势E=B L v、感应电流1=旦结合求解v；R(3)由题意分析知，导体棒进入磁场后先做减速运动，最后做匀速运动，刚进入磁场时的速度最大，产生的感应电流最大，由机械能守恒定律研究自由下落的过程，得到导体棒刚进磁场时的速度大小，即可E=B L v、1=旦求出电流的最大值I.R解答：解：(1)电流稳定后，导体棒做匀速运动，安培力与重力平衡，则有B I L=m g 解得8=强 IL(

36、2)感应电动势E=B L v 感应电流1=2由式解得mg(3)由题意知，导体棒刚进入磁场时的速度最大，产生的感应电流最大，设最大速度为v.对于自由下落的过程，根据机械能守恒得：m g h=lr o v22 m感应电流的最大值I /1 1 1R R代入解得，代 嗯 缶 I R答：(1)磁感应强度的大小B是 嬖；I L(2)电流稳定后，导体棒运动速度的大小v是 建；m g(3)流经电流表电流的最大值I.是 里 返 国.I R点评：本题分析导体棒的运动情况是解题的基础，根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律、安培力等等电磁学常用的规律求解.18.(14 分)图 1 为一理想变压器,ab 为原线圈，c e为

37、副线圈，d为副线圈引出的一个接头.原线圈输入正弦式交变电压的u-t 图象图2 所示.若只在c e间接一只R 1 4 0 0 Q 的电阻，或只在d e间接一只跖=225。的电阻，两种情况下电阻消耗的功率均为8 0 W.(1)请写出原线圈输入电压瞬时值Uab 的表达式；(2)求只在c e间接4 0 0 Q 的电阻时，原线圈中的电流L；(3)求 c e和 de 间线圈的匝数比如.nd e考点：变压器的构造和原理；交流的峰值、有效值以及它们的关系.专题：计算题；交流电专题.分析：(1)要求原线圈的输入电压的瞬时值的表达式需要知道输入电压的圆频率和电压的最大值，而圆频率3=空；(2)已知原线圈的输入功率

38、等于副线圈的输出功率，而输入T功率P=U U 即可求出原线圈的输入电流I.(3)根据输出功率关系可以知道输出电压关系，根据原副线圈的电压关系可知c e和 d e间线圈匝数关系.解答：解：(1)山题图 2 知 3=2 2 L=W L=2 0 0 n r ad/sT 0.0 1故原线圈的输入电压瞬时值ua=4 0 0 si n 20 0 n t(V)(2)原线圈输入电压的有效值=要=4%V2 V2故 U1=2 0 0 V2V理想变压器输入功率等于副线圈的输出功率即P.=P2=80W根据 P i-Ui l iP,可得原线圈中的电流11二 u解得 I,=2 A0.28 A(3)设 ab 间匝数为mU-

39、enl nde尢 噎rq nee所 以 叫 工 nde nee由题意知R=P代 入 数 据 得 吆=1nd e 3答：原线圈的输入电压瞬时值Uub=4 0 0 si n 20 0 n tV.(2)原线圈中的电流为0.28 A.(3)c e和 d e间线圈的匝数比为4：3.点评：掌握原副线圈的电压之比等于匝数比，输入功率等于输出功率,就能顺利解决此题.另附:初高中物理知识点总结第一章声现象知识归纳1.声音的发生：由物体的振动而产生。振动停止，发声也停止。2.声音的传播：声音靠介质传播。真空不能传声。通常我们听到的声音是靠空气传来的。3.声速：在空气中传播速度是：340米/秒。声音在固体传播比液体

40、快，而在液体传播又比空气体快。4.利用回声可测距离:S=l/2vt5.乐音的三个特征：音调、响度、音色。（1）音调:是指声音的高低，它与发声体的频率有关系。（2）响度:是指声音的大小，跟发声体的振幅、声源与听者的距离有关系。6.减弱噪声的途径：在声源处减弱；（2）在传播过程中减弱；在人耳处减弱。7.可听声：频 率 在20Hz20000Hz之间的声波：超声波：频率高于20000Hz的声波；次声波：频率低于20Hz的声波。8.超声波特点：方向性好、穿透能力强、声能较集中。具体应用有：声呐、B超、超声波速度测定器、超声波清洗器、超声波焊接器等。9.次声波的特点：可以传播很远，很容易绕过障碍物，而且无

41、孔不入。一定强度的次声波对人体会造成危害，甚至毁坏机械建筑等。它主要产生于自然界中的火山爆发、海啸地震等，另外人类制造的火箭发射、飞机飞行、火车汽车的奔驰、核爆炸等也能产生次声波。第二章物态变化知识归纳1.温度：是指物体的冷热程度。测量的工具是温度计,温度计是根据液体的热胀冷缩的原理制成的。2.摄氏温度（）:单位是摄氏度。1摄氏度的规定：把冰水混合物温度规定为0度，把一标准大气压下沸水的温度规定为100度，在0度 和100度之间分成100等分，每一等分 为l o3 .常见的温度计有实验室用温度计；体温计；寒暑表。体温计：测量范围是3 5 c至42,每一小格是0.1o4.温度计使用：（1）使用前

42、应观察它的量程和最小刻度值；使用时温度计玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；待温度计示数稳定后再读数；读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中液柱的上表面相平。5.固体、液体、气体是物质存在的三种状态。6.熔化：物质从固态变成液态的过程叫熔化。要吸热。7.凝固：物质从液态变成固态的过程叫凝固。要放热.8.熔点和凝固点：晶体熔化时保持不变的温度叫熔点；。晶体凝固时保持不变的温度叫凝固点。晶体的熔点和凝固点相同。9.晶体和非晶体的重要区别：晶体都有一定的熔化温度（即熔点），而非晶体没有熔点。10.熔化和凝固曲线图：1 1 .（晶体熔化和凝固曲线图）（非晶体熔化曲线图）1 2

43、 .上图中A D 是晶体熔化曲线图，晶体在A B 段处于固态，在 B C 段是熔化过程，吸热，但温度不变，处于固液共存状态，CD段处于液态；而 DG是晶体凝固曲线图，D E段于液态，EF 段落是凝固过程，放热，温度不变，处于固液共存状态，F G 处于固态。1 3 .汽化：物质从液态变为气态的过程叫汽化，汽化的方式有蒸发和沸腾。都要吸热。1 4 .蒸发：是在任何温度下，且只在液体表面发生的,缓慢的汽化现象。1 5 .沸腾：是在一定温度（沸点）下，在液体内部和表面同时发生的剧烈的汽化现象。液体沸腾时要吸热，但温度保持不变，这个温度叫沸点。1 6 .影响液体蒸发快慢的因素：液体温度；（2）液体表面积

44、；（3）液面上方空气流动快慢。1 7 .液化：物质从气态变成液态的过程叫液化，液化要放热。使气体液化的方法有：降低温度和压缩体积。（液化现象如：“白气”、雾、等）1 8 .升华和凝华：物质从固态直接变成气态叫升华，要吸热；而物质从气态直接变成固态叫凝华，要放热。1 9 .水循环：自然界中的水不停地运动、变化着，构成了一个巨大的水循环系统。水的循环伴随着能量的转移。第三章光现象知识归纳1.光源：自身能够发光的物体叫光源。2,太阳光是由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫组成的。3 .光的三原色是：红、绿、蓝；颜料的三原色是：红、黄、蓝。4 .不可见光包括有：红外线和紫外线。特点：红外线能使被照射的物体发热

45、，具有热效应（如太阳的热就是以红外线传送到地球上的）；紫外线最显著的性质是能使荧光物质发光，另外还可以灭菌。1.光的直线传播：光在均匀介质中是沿直线传播。2 .光在真空中传播速度最大，是3义1。8米/秒，而在空气中传播速度也认为是3 X 1（）8米/秒。3 .我们能看到不发光的物体是因为这些物体反射的光射入了我们的眼睛。4 .光的反射定律：反射光线与入射光线、法线在同一平面上，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角。（注：光路是可逆的）5 .漫反射和镜面反射一样遵循光的反射定律。6 .平面镜成像特点：平面镜成的是虚像；像与物体大小相等；（3）像与物体到镜面的距离相等；像与物体的连线与

46、镜面垂直。另外，平面镜里成的像与物体左右倒置。7 .平面镜应用：成像；改变光路。8 .平面镜在生活中使用不当会造成光污染。球面镜包括凸面镜（凸镜）和 凹 面 镜（凹镜），它们都能成像。具体应用有：车辆的后视镜、商场中的反光镜是凸面镜；手电筒的反光罩、太阳灶、医术戴在眼睛上的反光镜是凹面镜。第四章光的折射知识归纳光的折射.：光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向一般发生变化的现象。光的折射规律：光从空气斜射入水或其他介质，折射光线与入射光线、法线在同一平面上；折射光线和入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角；入射角增大时，折射角也随着增大；当光线垂直射向介质表面时，传播方向不改变。（折射光路也

47、是可逆的）凸透镜：中间厚边缘薄的透镜，它对光线有会聚作用，所以也叫会聚透镜。凸透镜成像：物体在二倍焦距以外（u 2 f）,成倒立、缩小的实像（像距：f v 2 f）,如照相机；物体在焦距和二倍焦距之间（f u 2 f）o如幻灯机。物体在焦距之内（u f），成正立、放大的虚像。光路图：6 .作光路图注意事项：（1）.要借助工具作图；是实际光线画实线，不是实际光线画虚线；光线要带箭头，光线与光线之间要连接好，不要断开；作光的反射或折射光路图时，应先在入射点作出法线（虚线），然后根据反射角与入射角或折射角与入射角的关系作出光线；（5）光发生折射时，处于空气中的那个角较大；平行主光轴的光线经凹透镜发散

48、后的光线的反向延长线一定相交在虚焦点上；平面镜成像时，反射光线的反向延长线一定经过镜后的像；（8）画透镜时，一定要在透镜内画上斜线作阴影表示实心。7 .人的眼睛像一架神奇的照相机，晶状体相当于照相机的镜头（凸透镜），视网膜相当于照相机内的胶片。8 .近视眼看不清远处的景物，需要配戴凹透镜；远视眼看不清近处的景物，需要配戴凸透镜。9 .望远镜能使远处的物体在近处成像，其中伽利略望远镜目镜是凹透镜，物镜是凸透镜；开普勒望远镜目镜物镜都是凸透镜（物镜焦距长，目镜焦距短）。1 0 .显微镜的目镜物镜也都是凸透镜（物镜焦距短，目镜焦距长）。第五章物体的运动1 .长度的测量是最基本的测量，最常用的工具是刻

49、度尺。2 .长度的主单位是米，用符号：m 表示，我们走两步的距离约是1 米，课桌的高度约0.7 5 米。3 .长度的单位还有千米、分米、厘米、毫米、微米,它们关系是：1 千米=1 0 0 0 米=1。3 米；1 分米=0.1 米=1 0：米1 厘米=0.0 1 米=1 0 米；1 毫米=0.0 0 1 米米1 米=1。6微米；1 微米=1 0-6米。4 .刻度尺的正确使用：（1）.使用前要注意观察它的零刻线、量程和最小刻度值；（2）.用刻度尺测量时，尺要沿着所测长度，不利用磨损的零刻线；（3）.读数时视线要与尺面垂直，在精确测量时，要估读到最小刻度值的下一位；.测量结果由数字和单位组成。5.误

50、差：测量值与真实值之间的差异，叫误差。误差是不可避免的，它只能尽量减少，而不能消除，常用减少误差的方法是：多次测量求平均值。6.特殊测量方法：累积法：把尺寸很小的物体累积起来，聚成可以用刻度尺来测量的数量后，再测量出它的总长度，然后除以这些小物体的个数，就可以得出小物体的长度。如测量细铜丝的直径，测量一张纸的厚度.平移法：方法如图:测硬币直径；（b）测乒乓球直径；替代法：有些物体长度不方便用刻度尺直接测量的，就可用其他物体代替测量。如怎样用短刻度尺测量教学楼的高度，请说出两种方法？（b）怎样测量学校到你家的距离?怎样测地图上一曲线的长度？（请把这三题答案写出来）估测法:用目视方式估计物体大约长