太仆寺旗2020高二物理下学期期中试题.pdf

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1、2020学年度第二学期高二期中物理试卷第 I 卷（选择题）一、选 择 题（每小题只有一个选项正确，每题5 分，共 5 0分）1.如图所示，一个有弹性的金属圆环被一根橡皮绳吊于通电直导线的正下方，直导线与圆环在同一竖直面内，当通电直导线中电流增大时，弹性圆环的面积S和橡皮绳的长度1 将（）3A.S 减小，1 变长B.S 减小，1 变短C.S增大，1 变短D.S增大，1 变长2.如图所示，通电螺线管置于闭合金属环a的轴线上，当螺线管中电流I 减小时（）A.环有缩小的趋势以阻碍原磁通量的减小B.环有扩大的趋势以阻碍原磁通量的减小C,环有缩小的趋势以阻碍原磁通量的增大D.环有扩大的趋势以阻碍原磁通量的

2、增大3.关于动量和动量守恒，下列说法中正确的是A.运动物体在任一时刻的动量方向，一定是该时刻的速度方向B.只要系统中有一个物体具有加速度，系统的动量就不守恒C.只要系统所受的合外力做功的代数和为零，系统的动量就守恒D.物体的动量不变，其动能可能变化4.有一条捕鱼小船停靠在湖边码头，小船又窄又长（估计一吨左右）.一位同学想用一个卷尺粗略测定它的质量.他进行了如下操作：首先将船平行码头自由停泊，轻轻从船尾上船，走到船头后停下来，而后轻轻下船，用卷尺测出船后退的距离为d,然后用卷尺测出船长L,已知他自身的质量为叫则渔船的质量M为（）mL m（L-d）m（L+d）mdA.-B.-C.-D.-d d d

3、 L-d5,为了监测变电站向外输电的情况，要在变电站安装互感器，其接线如图所示，两变压器匝数分别为此、明和 弗、N”a 和 b 是交流电表.则（）A.N,N4C.a 为交流电压表，b 为交流电流表 D.a 为交流电流表，b 为交流电压表6.如图所示，一电阻为R 的导线弯成半径为a 的半圆形闭合回路，虚线MN右侧有磁感应强度为B 的匀强磁场，方向垂直于回路所在的平面，回路以速度v 向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN垂直，从 D点到达边界开始到C 点进入磁场为止，下列结论中正确的是（）A.圆心到达磁场边界时感应电流方向发生改变B.CD段直线始终不受安培力作用C.感应电动势平均值为 万氏”2D.通

4、过导线横截面的电荷量为驷2R7.圆形导体线圈a 平放在水平桌面上，在 a 的正上方固定一竖直螺线管b,二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路.若将滑动变阻器的滑片P 向下滑动，下列表述正确的是（）A.线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流 B.穿过线圈a的磁通量变小.C.线圈a有扩张的趋势 D.线圈a 对水平桌面的压力R将增大8.如下图所示是观察自感现象的电路图.为了观察到断开开关的瞬间灯泡有明显的闪烁现象，除了增大线圈的自感系数外，还要考虑线圈电阻R.和灯泡电阻R,它们之间应满足的关系是（）A.RLR B.RL=R C.RLR D.RLR9.如图甲为小型旋转电枢式交流发电

5、机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴0 0 匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与R=1 0 Q的电阻连接，与电阻R并联的交流电压表为理想电表,示数是10 V.图乙是矩形线圈磁通量随时间t 变化的图象.则（）A.电阻R上的热功率为20 WB.0.02 s 时 R两端的电压瞬时值为零C.R两端的电压u随时间t 变化的规律是u=14.1 x o s l O O n t（V）D.通过R的电流i 随时间t 变化的规律是i=c o s 5 0 n t （A）10.如图所示，有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域其直角边长为L,磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B.边

6、长为L、总电阻为R的正方形导线框a b e d,从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域.取沿a b e d a 的感应电流为正，则表示线框中电流i 随 b e 边的位置坐标x 变化的图象正确的是（）A.B.C.D.第 口 卷（非选择题）二、实验题，每空2 分，共 18分11.如图为“研究电磁感应现象”的实验装置.(1)将图中所缺的导线补接完整.(2)如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向左偏转了一下，那么合上电键后A、将原线圈迅速插入副线圈时，指针向左偏转一下.B、将原线圈插入副线圈后，电流计指针一直偏在零点右侧.C、原线圈插入副线圈稳定后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，电流计指针

7、向右偏转一下.D、原线圈插入副线圈稳定后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，电流计指针向左偏转一下12.如图所示，某同学用图装置做验证动量守恒定律的实验.先将a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下压痕，重 复10次；再把同样大小的b球放在斜槽轨道末端水平段的最右端附近静止，让a球仍从原固定点由静止开始滚下，和b球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重 复10次.(1)本实验必须测量的物理量有以下哪些_ _ _ _ _.A.斜槽轨道末端到.水平地面的高度HB.小球a、b的质量叫、mbC.小球a、b离开斜槽轨道末端后平抛飞行的时间tD.记录纸上0点到A、B、C各点的距

8、离0A、O B、0CE.a球的固定释放点到斜槽轨道末端水平部分间的高度差h(2)小球a、b的质量s、m b应该满足什么关系？(3)放上被碰小球后，两小球碰后是否同时落地？(填 是“或“否 )如果不是同时落地，对实验结果有没有影响？(填“有“或“无“)这时小球a、b的落地点依次是图中水平面上的一点和_ _ _ _ _ _ 点(4)按照本实验方法，验证动量守恒的验证式是._ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _.三、计 算 题(共 32分，其 中 13题，14题 各 10分，15 题 12分13.如图所示，M N、P Q 是足够长的光滑平行导轨，其间距为L,且 M P L M

9、 N.导轨平面与水平面间的夹角0=30。.M P 接有电阻R.有一匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为B。.将一根质量为m的金属棒a b紧靠M P 放在导轨上，且与导轨接触良好，金属棒的电阻也为R,其余电阻均不计.现用与导轨平行的恒力 F=m g 沿导轨平面向上拉金属棒，使金属棒从静止开始沿导轨向上运动，金属棒运动过程中始终与M P 平行.当金属棒滑行至c d 处时已经达到稳定速度，c d到 M P 的距离为s.已知重力加速度为g,求：(1)金属棒达到的稳定速度；(2)金属棒从静止开始运动到c d 的过程中，电阻R上产生的热量;14.如图所示，发电站通过升压变压器、输电导线和降压变压器把电能输

10、送到用户(升压变压器和降压变压器都可视为理想变压器)，若发电机的输出功率是100 k W,输出电压是25 0 V,升压变压器的原、副线圈的匝数比为1：2 5,求:发电站(1)升压变压器的输出电压和输电导线中的电流；(2)若输电导线中的电功率损失为输入功率的4%,求输电导线的总电阻和降压变压器原线圈两端的电压。15 .如图所示，粗糙的水平面连接一个竖直平面内的半圆形光滑轨道，其半径为/?=0.1机，半圆形轨道的底端放置一个质量为，=0 总的小球B,水平面上有一个质量为M=0.3kg的小球A以初速度%=4.0m/s 开始向着木块B滑动，经过时间f =0.80s 与 B发生弹性碰撞，设两个小球均可以

11、看作质点，它们的碰撞时间极短，且已知木块A与桌面间的动摩擦因数=0.2 5,求:(1)两小球碰前A的速度；(2)小球B运动到最高点C时对轨道的压力。参考答案1.D【解析】从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，磁通量逐渐增大，根据楞次定律知，感应电流的方向一直为逆时针方向.故A错 误.CD段的电流方向由D到C,根据左手定则知，CD段受到竖直向下的安培D 1 22a -5%1力，故B错误.运动的时间士乌，根据法拉第电磁感应定律得：E=-=-7rBav,v 2a 4v1 2 B-7ta-B 2故C错误.通过导线横截面的电荷量为：q=*=-2=2丝L.故D正 确.故 选D.R R 2R点睛：对于电磁感

12、应问题，往往根据法拉第电磁感应求感应电动势的平均值，公式E=BLvsina,既可以感应电动势的平均值，也可以求电动势的瞬时值.2.C【解析】由图可知，a并联在电路中是电压互感器，电路中是强电压，通过变压器变成弱电压，用电压表测量，因为电压之比等于线圈匝数比，所以NiNz,故A错误；b串联在电路中是电流互感器，电路中是强电流，通过变压器变成弱电流，用电流表测量，因为电流之比等于线圈匝数的倒数比，所以N3N“故B错误；a是电压表，b为电流表，故C错误，D正确；故选C.点睛：理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象.同时变压比与匝数成正比，变流比与匝数成反比.3.C【解析】由图

13、可知，线圈从t=0时刻到转过180的过程中通过矩形线圈的磁通量变化量为2BS,所以A错误.由瞬时值表达式知原线圈电压有效值为220V,根据电压与匝数成正比，副线圈电压即电压表的示数为22V,所以B错误.若没有线圈，则灯泡的功率P=也=4 8.4 W,由于线圈的阻碍，则功率R 10小于48.4W,所以C正确.闭合开关S后，交流电能够通过电容器，电阻R上产生焦耳热，故D错误.故选C.4.C【解析】副线圈电压由原线圈和匝数比决定，而原线圈电压和匝数比都没有变，所以副线圈输出电压不变,故B错误；开关S闭合后，负载电阻减小，而副线圈电压不变，副线圈的电流增大，即通过电阻R的电流增大，R两端的电压增大，则

14、灯泡L两端的电压减小，故A错误；C正确；原线圈的电压不变，而电流增大，故原线圈的输入功率增大，故D错 误.故 选C.点睛：本题主要考查了变压器的原理，要知道开关s闭合后，副线圈的电流和功率都变大，难度不大，属于基础题.5.D【解析】当滑动触头P向下移动时电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流增大，从而判断出穿过线圈a的磁通量增加方向向下，所以B错误；根据楞次定律即可判断出线圈a中感应电流方向俯视应为逆时针，A B 错误.再根据微元法将线圈a 无线分割根据左手定则不难判断出线圈a 应有收缩的趋势，或直接根据楞次定律的第二描述“感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因”，因为滑动触头

15、向下滑动导致穿过线圈a的磁通量增加，故只有线圈面积减少时才能阻碍磁通量的增加，故线圈a 应有收缩的趋势，C错误；开始时线圈a对桌面的压力等于线圈a的重力，当滑动触头向下滑动时，可以用”等效法”，即将线圈a 和 b 看做两个条形磁铁，不难判断此时两磁铁的N极相对，互相排斥，故线圈a 对水平桌面的压力将增大，所以D正 确.故 选 D.点睛：首先应掌握楞次定律的基本应用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在电磁感应现象中得出的必然结果.一般在解决有关相对运动类问题时用楞次定律的第二描述将会非常简便.6.A【解析】由图甲(2)可得F=F O-k v,导体棒切割磁感线产生电动势=8 5,导体棒中电流I=B

16、 L v/(R+r),D-/2导体棒受安培力F攵=BI L,对导体棒根据牛顿第二定律：F-F s=m a,代入得：乙 卜+-v =ma,所以R+rrl导体棒做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，做匀速运动，所以A正确；产安=安 R+r。=图 上/?,R消耗的功率P=1,所以B、C、D 错误。R R+r R7.C【解析】开关S闭合稳定状态时，当开关断开后灯泡中电流立即完全消失，而线圈由于由自感作用阻碍其自身电流的减小，故线圈与灯泡组成回路，其电流I I 逐渐减小，灯泡中由原来的电流I 变为电流I I 时，若要明显闪亮一下然后再逐渐熄灭，只要即R i V R 灯泡就会出现闪亮的现象，若 RLV

17、 U3,所以公 石，所以A正确；B 错误；由于远距离输电，导致线路电阻通电发热，而使功率损失，4%所以升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压；升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率，所以C错误；D 正确。1 1.C【解析】A、图示时刻，a d 速度方向向里，b e 速度方向向外，根据右手定则判断出a d 中感应电流方向为,b e 中电流方向为，线圈中感应电流的方向为，故 A错误；BD、图示时刻a d、b e 两边垂直切割磁感线，穿过线圈磁通量为0,由法拉第电磁感应定律分析得知，磁通量的变化率最大，故 BD错误；C、线圈中的感应电动势为，线圈中的感应电流为，故 C正确。点睛：本题研究

18、交变电流的产生规律，实质上是电磁感应知识的具体应用，是右手定则、法拉第电磁感应定律等知识的综合应用。1 2.A【解析】根据右手螺旋定则可知，直线电流下边磁场方向垂直纸面向里，由于电流增大，则弹性的金属圆环中的磁通量增大，导致产生感应电流，根据楞次定律可知，圆环中的感应电流方向：逆时针方向；根据左手定则可知，弹性的金属圆环上边的所受的安培力竖直向下，弹性的金属圆环下边的所受的安培力竖直向上，由于下边离长直导线电流越远，磁场越弱，所以向下的安培力大于向上的安培力，从而导致橡皮绳的长度变长；可将圆环等效成一段一段的导线，由左手定则可知，安培力指向圆心，导致弹性环面积S减小，故 A正确，BC D错误。

19、点睛：解决本题的关键会用右手螺旋定则(安培定则)判断电流周围磁场的方向，以及会用楞次定律来判定感应电流方向，左手定则判断安培力的方向.同时会运用等效思维。1 3.A【解析】当螺线管中通过的电流逐渐变小时，电流产生的磁场逐渐变弱，故穿过金属环a的磁通量变小，根据楞次定律可知，为阻碍原磁通量变小，金属环a 有收缩的趋势，故 A正确，BC D错误。1 4.A【解析】动量等于物体的质量与物体速度的乘积，即 P=m v,动量是矢量，动量的方向就是物体运动的方向，故 A正确；系统中有一个物体具有加速度时，系统的动量也可能守恒，比如碰撞过程，两个物体的速度都改变，都有加速度，单个物体受外力作用，系统的动量却

20、守恒，故 B 错误；匀速圆周运动，合力做功为零，但动量不守恒，C错误；物体的动量不变，即速度不变，故动能不变，D 错误；r15.B【解析】据题意，人从船尾走到船头过程中，动量守恒，则有：MV=mv,即M4 =?Z ,则船的t t质量为：M/(J),B正确；A C D 错误；故选B。16.(1)如图(2)A C【解析】(1)实物连线如图;(2)如果在闭合电键时穿过线圈的磁通量增加，此时灵敏电流计的指针向左偏转了一下，那么合上电键后将原线圈迅速插入副线圈时，穿过线圈的磁通量增加，指针也向左偏转一下，选项A正确.将原线圈插入副线圈后，磁通量不变，则电流计指针一直偏在零点，选项B错误.原线圈插入副线圈

21、稳定后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，电阻增大，电流减小，穿过线圈的磁通量减小，故电流计指针向右偏转一下，选项C正确，D错 误.故 选 A C.17.B E n Q n i b 是有 A C n i a O B=m O A+m b O C【解析】(1)由题意知，要验证动量守恒，就需要知道碰撞前后的动量，所以要测量两个小球的质量及碰撞前后小球的速度，碰撞前后小球都做平抛运动，根据x=v t,因运动的时间相同，所以速度可以用水平位移代替。所以需要测量的量为：小球a、b的质量小、m b,记录纸上0 点到A、B、C各点的距离O A、0B、0C,所以选择B E；(2)在小球碰撞过程中水平方向动量守恒，故

22、有m a V o=m a V i+m b V 2,在碰撞过程中动能守恒,故有一机“说=,解得=7-m0,要碰后 a 的速度 V 1 O,即 m a-m b 。，m a m b；(3)2 2 2 ma+mh是同时落地，碰撞后两小球做平抛运动，高度相同，所以运动时间相同，如果不同，则不能用水平位移代替碰撞后的速度，对实验结果有影响；a小球和b小球相撞后，b小球的速度增大，a小球的速度减小，所以碰撞后a 球的落地点距离0 点最近，b小球离。点最远，中间一个点是未放b 球时a的落地点，所以相碰后，小球a、b的平均落点位置依次是图中A、C点；(4)根据动量守恒m a V o=m a V i+m b V

23、2,由于运动的时间相同，故可以位移代替速度，即 m O B=0人+n i b O c。18.A B C A D E 或 D E A 或 D A E n u O M+叱 0N=m i O P【解析】(1)为了使小球碰后不被反弹，入射小球的质量大于被碰小球的质量，A正确；、“验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只要离开轨道后做平抛运动，对斜槽是否光滑没有要求，B正确；要保证碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下，故 C正确；要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平，故 D错误；(2)要验证动量守恒定律定律，即验证，小球离开轨道后做平抛

24、运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t 相等，上式两边同时乘以t 得:，得:，因此实验需要测量：两球的质量、小球的水平位移，故 A D E 正确.(3)根 据(2)可知其表达式可表示为【点睛】实验的一个重要的技巧是入射球和靶球从同一高度作平抛运动并且落到同一水平面上，故.下落的时间相同，所以在实验的过程当中把本来需要测量的速度改为测量平抛过程当中水平方向发生的位移，可见掌握了实验原理才能顺利解决此类题目1 9.(1)杆做初速为零的匀加速运动.(2)7 W.【解析】试题分析：(1)电压表示数为U =/R =且且丫；由图象可知，U与 t 成正比，即 v与 t 成正比，杆做R+r初速为零的匀

25、加速运动.(2)因 v=a t,所以 U =-at-ktR+r由图象得k=0.4 V/s,即 2&=0.4 V/sR+r得 a=5 m/s2两秒末速度v=a t=1 0 m/sR+r得 F=0.7 N则 P=F v=7 W考点：法拉第电磁感应定律；牛顿第二定律的应用【名师点睛】本题考查电磁感应、电路知识和牛顿定律综合应用的能力，难点是列出电压U与时间t的关系式求出加速度。20.(1)3 A (2)i =3 s i n 迎/(3)4 5 W【解析】试题分析：(D当从图示位置转过9 0 时，线圈中有最大感应电流，最大感应电动势为E,=100 x0.1 xxO.12x V=30V*=3A.R(2)由

26、题意知：i=Im s i n(ot,即，=3 s i n 即 9 f(A).发热功率：P =I R考点：交流电的产生和描述【名师点睛】当从题图所示位置转过9 0 时，线圈中有最大感应电流。图示位置为中性面，从中性面位置开始计时，表明瞬时值e 与 t 是正弦关系，结合感应电动势的瞬时值表达式有三个要素：最大值，角速度和初相位，只有从中性面开始计时时，瞬时值表达式才为e =E,s i n。7,进而确定电流的瞬时值表达式;再根据有效值的含义求解电阻的发热功率。21.3.2 J【解析】试题分析：金属棒下落过程做加速度逐渐减小的加速运动，加速度减小到零时速度达到最大，根据平衡条件得在下落过程中，金属棒减

27、小的重力势能转化为它的动能和电能E,由能量守恒定律得m g h=/w v2+E 通 过 导 体 某 一 横 截 面 的 电 量 为=g丝 R R1 ,E=m g h w/v-=4 J 0.8 J=3.2 J2考点：法拉第电磁感应定律；能量守恒定律【名师点睛】金属棒在运动过程中克服安培力做功，把金属棒的动能转化为焦耳热，在此过程中金属棒做加速度减小的减速运动；对棒进行受力分析、熟练应用法拉第电磁感应定律、欧姆定律、能量守恒定律等正确解题。【答案】0.L 4【解析】试题分析：由图b知：感感应强度B均匀增加，其变化率不变，为:由法拉第电磁感应定律可得线圈中的感应电动势E为:竺/ArMI 7A BI

28、75 0-1 040T/s =lQT/s=5 o o x i o x 2 o x i o r =i or由闭合电路欧姆定律可得感应电流I大小为：R+r1 09 9 +1A=QAA考点：法拉第电磁感应定律、闭合电路的欧姆定律E=n-【名师点睛】本题是感生电动势类型，关键要掌握法拉第电磁感应定律的表达式 A?,再结合闭合电路欧姆定律进行求解。【答案】（D 6 25 0 V 1 6 A （2）1 5.6 25 Q 6 0 0 0 V【解析】（1）对升压变压器，据公式”=%，有U2=-U i=X 25 0 V=6 25 0 V勺 11 _ A _ _ 100 00012=-A=1 6 AU2 U2 6

29、 250(2)P 损=/；R 线,P 损=0.0 4 P i0 04p所以区线=1 =1 5.6 25 Q因为 AU=Uz-U3=l2R 线所以 U3=U2-LR 线=6 0 0 0 V【答案】(1)P 9)=5 0 0 W A U=1 0 0 V (2)P 用=9 5 0 0 W U 用=1 9 0 0 V【解析】（1）由P出=1线u出,得I线=-%-=_-1-0-X-1-0-3。出 2 000A=5 A则输电线上损失的功率P i=/2R=5 2X 2O W=5 0 0 W钱损失的电压 A U=If f iR=5 X 20 V=1 0 0 V(2)用户得到的电压和功率分别为Uf f l=Ul

30、 l i-A U=2 0 0 0 V-1 0 0 V=1 9 0 0 VP/a u P t B-P 8 5=1 0 X 1()3 w 5 0 0 W=9 5 0 0 W25.(1)(2)-m V g2 6【解析】(1)以初速度v。的方向为正方向，设B的质量为皈，A、B碰撞后的共同速度为v,由题意知：碰撞前瞬间A的速度为上，碰撞前瞬间B的速度为2v,由动量守恒定律得2Pm +2m B V=(m+m s)v 2一由式得m B=2(2)从开始到碰后的全过程，由动量守恒定律得m v o=(m+n t e)v(3)设碰撞过程A、B系统机械能的损失为A E,则 E=+n b (2v)2 (m+n i B)

31、v22 2 2联立式得，-1 2 E=m V0【答案】(D vA=2 m/s；(2)4 7 V；(3)s=Q.2m【解析】试题分析：(1)碰前对A由动量定理有：-M g f =M u.-M%,解得：vA=2 m/s。(2)对A.B：碰撞前后动量守恒：M vA=M vA +mvB碰撞前后动能保持不变：|MV/=|MV/2+|T W VB2由以上各式解得：vAf=m/s vB=3 m/s又因为B球在轨道上机械能守恒：:J +2mgR=g机 J，解得：匕=y/5m/s。2在最高点C对小球B有：m g +E v=m上 ,解得：FN=4N.R由牛顿第三定律知：小球对轨道的压力的大小为4N,方向竖直向上。

32、(3)对A沿圆轨道运动时：M vA2 m b 是 有 A C n i a O B=m a O A+n i b O C1 3 .试题分析：（1）金属棒先做加速度减小的变加速运动，当金属棒稳定运动时做匀速运动,根据平衡条件.则有：，/=m g s i n。+Q切割产生的电动势为：E =B0Lv金属棒所受的安培力：%=B J L（2）金属棒从静止开始运动到c d 的过程,则根据功能关系得回路中产生的总热量为:故电阻R上产生的热量为：QR晶电流为：I=2R解得=里麻尸由动能定理得：Fs-mgs sin 0-=m v2-0Q =W安=2 酸-2B（V则得QR=1-mgs-m3g2R24B江1 4.【解析

33、】（D 对升压变压器，据 公 式 七=四，有5 4U2=-U 1=-X 2 5 0 V=6 2 5 0 V/1l 2=A=A=ioo o o oA=1 6 AU2 U2 6 250(2)Pf fi=Z|R a,P is=0.0 4 P d所以R战0.044r22=1 5.6 2 5 Q因为 A U=l)2 U 3=L R 线所以 U 3=U z L R 线=6 0 0 0 V1 5.试题分析：（1）碰前对A由动量定理有：-4 吸/=加 匕-加%,解得：n*=2，/s（2）对 A.B：碰撞前后动量守恒：MVA=M vA +mvB碰撞前后动能保持不变：MVA2=MVA2由以上各式解得：vA =m/

34、s vB-3 m/s又因为B球在轨道上机械能守恒：m vci+2mgR=mVB1,解得：vc=m/s.2在最高点C 对小球B有：mg+FN=,解得：FN=4 N oR由牛顿第三定律知：小球对轨道的压力的大小为4 N,方向竖直向上。高考理综物理模拟试卷注意事项：1 .答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2 .选择题必须使用2 B 铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4 .保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄

35、皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题1.如图所示，挂在天平底部的矩形线圈ab ed的一部分悬在匀强磁场中，当给矩形线圈通入如图所示逆时针方向的电流I时，调节两盘中的祛码，使天平平衡。然后使电流I反向，这时要在天平的左盘上加质 量 为 2 X1 0-2 k g的祛码，才能使天平重新平衡。若矩形线圈的匝数为1 0 匝，通入的电流1=0.1 A,b e边 长 度 为 1 0 cm,g 取 1 0 m/s2,则磁场对b e 边作用力F的大小和该磁场的磁感应强度B的大小分别是()豳A.F=0.2 N,B=2 0 TB.F=0.2 N,B=2 TC.F=0.I N,B=1 TD.F=0.I

36、N,B=1 0 T2.下列核反应中放出的粒子为中子的是A.俘获一个a 粒子，产 生 并 放 出 一 个 粒 子B.吕俘获一个a 粒子，产生兽尸并放出一个粒子C.俘获一个质子，产生:Be 并放出一个粒子D.工1 俘获一个质子，产生：He 并放出一个粒子3.如图所示，放置在水平地面上的箱子内，带电小球a、b用绝缘细线分别系于箱子的上、下两边，均处于静止状态，下列说法正确的是A.两球一定带异种电荷B.若增大b球带电量，连接b的绳子拉力可能变小C.若增大b球带电量，连接a的绳子拉力可能不变D.若增大b球带电量，箱子对地面的压力一定增大4.如图所示，一束质量、速度和电荷量不全相等的离子，经过由正交的匀强

37、电场和匀强磁场组成的速度选择器后，进人另一个匀强磁场中并分裂为A、B两束，下列说法中正确的是（）速度地择容A.组成A束和B束的离子都带负电B.A束离子的比荷大于B束离子的比荷C.组成A束和B束的离子质量一定不同D.速度选择器中的磁场方向垂直于纸面向外5.光滑的水平地面上有三块木块A、B、C,质量均为m、A、B之间用轻质细绳连接。现用一水平恒力F作用在A上，三者开始一起做匀加速直线运动，此时A、B间细绳的拉力为T、B、C间摩擦力为f。运动过程中把一块橡皮泥粘在木块A上，系统仍做匀加速直线运动，且B、C之间始终没有相对滑动。稳定后,T和f的变化情况是（）A.T变大，f变小B.T变大，f应大C.T变

38、小，f变小D.T变小，f变大6.韩晓鹏是我国首位在冬奥会雪上项目夺冠的运动员。他在一次自由式滑雪空中技巧比赛中沿“助滑区”保持同一姿态下滑了一段距离，重力对他做功1 9 0 0 J,他克服阻力做功lO O J o韩晓鹏在此过程中（）A.动能增加了 1 9 0 0 JB.动能增加了 2000 JC.重力势能减小了 1900JD.重力势能减小了 2000J二、多项选择题7.如图所示为粮袋的传送带装置，已知AB间的长度为L,传送带与水平方向的夹角为9 ,工作时运行速度为v,粮袋与传送带间的动摩擦因数为U,正常工作时工人在A点将粮袋从A到B的运动，以下说法正确的是（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（）A

39、.粮袋到达B点的速度与v比较，可能大，也可能相等或小B.粮袋开始运动的加速度为g（sin。-cos。），若L足够大，则以后将一定以速度v做匀速运动C.若U gsin。8.如图所示，一火箭中固定有一水平放置的压力传感器，传感器上放有一个质量为m的科考仪器。火箭从地面由静止开始以鸟的初始加速度竖直向上加速运动，火箭通过控制系统使其在上升过程中压力传感器2的示数保持不变。当火箭上升到距地面上的高度时（地球的半径为R,地球表面处的重力加速度为g）,2以下判断正确的是（）Anii iiA.此高度处的重力加速度为L g44B.此高度处的重力加速度为-g9C.此高度处火箭的加速度为jg19D.此高度处火箭的

40、加速度为一 g9.如图所示，等腰直角三角形OCD由不同材料A、B拼接而成，P为两材料在CD边上的交点，且DPCP.现0 D 边水平放置，让小物块无初速从C滑到D；然后将0 C 边水平放置，再让小物块无初速从D滑到C,小物块两次滑动到达P点的时间相同.下列说法正确的是）（）A.第二次滑到P点速率大B.两次滑动中物块到达P点时的速度大小相等C.两次滑动中物块到达底端时的速度大小相等D.第一次滑到P点速率大1 0 .图甲为风力发电的简易模型.在风力作用下，风叶带动与杆固连的永磁体转动，磁铁下方的线圈与电压传感器相连.在某一风速时，传感器显示如图乙所示，则A.磁铁的转速为5nr/sB,线圈两端电压的有

41、效值为6 五 VC.交变电流的电压表达式为u=1 2 sin5ntVD.该交变电流可以直接加在击穿电压为6 正丫的电容器上三、实验题1 1 .如图所示，一排球球内气体的压强为p。，体积为V。，温度为T。，用大气筒对排球冲入压强为p。，温度为T o的气体，使球内气体压强变为3 po,同时温度升至2 T o,充气过程中气体向外放出Q的 热 量，假设排球体积不变，气体内能U与温度的关系为U=k T （k为正常数），求：（i）打气筒对排球充入压强为P o,温度为T。的气体的体积；（ii）打气筒对排球充气过程中打气筒对气体做的功。1 2 .如图所示为“探究加速度与物体受力的关系”的实验装置图。图中A为小

42、车，质量为耀1,连接在小车后面的纸带穿过电火花打点计时器B,它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的足够长的木板上，P的质 量 为 的，C为弹簧测力计，实验时改变P的质量，读出测力计不同读数F,不计绳与定滑轮、动滑轮之间的摩擦。(1)电火花打点计时器工作电压为2 2 0 V的 电(选填“交流”或“直流”)；(2)下 列 说 法 正 确 的 是(填 选 项 前 的 符 号)A.实验时应先接通电源后释放小车B.实验中啊应远小于搐12c.测力计的读数始终为5 2g(3)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a-F 图像，可能是下图中的(填选项前的符号)。四、解答题1 3.如图所示

43、，电源电动势为E,内阻为r,竖直光滑导轨上滑接一段质量为m,电阻为R,长度为L的金属导体P Q,导轨平面内有一个方向垂直纸面向里的匀强磁场，导体P Q 恰能静止于导轨上，导轨电阻不计,重力加速度为g.求磁场的磁感应强度B的大小。1 4 .如图所示，半径为R的半圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场；磁场的磁感应强度大小为B,圆心在x轴上的坐标点为很，0),圆弧与y 轴相切于坐标原点。在坐标原点有一粒子源，可以在坐标平面内射出质量为m,电荷量为q 的带负电的粒子，不计粒子的重力，求：(1)若粒子源沿X轴正向射出不同速度的粒子，要使所有粒子都不从直径PQ上射出磁场，则粒子的速度最大为多少？(2)若粒

44、子源在纸面内向各个方向射出速率相同的粒子，要使所有粒子都不从直径PQ上射出磁场，粒子射出的速度最大又为多少(3)在(2)中，使粒子均以最大速度射出，则在磁场区域中有粒子通过的面积多大？【参考答案】一、单项选择题题号123456答案CBABCC二、多项选择题7.AC8.BD9.AC10.BC三、实验题11.(i)V=0.5V0(ii)W=Q+kT12.交 流 A C四、解答题mg(R+r)1 0 -EL1 4.剪 理(15-64炉m 2m 2 4高考理综物理模拟试卷注意事项：1 .答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2 .选择题必须使用2 B 铅

45、笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4 .保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题1.如图所示，站在车上的人，用锤子连续敲打小车。初始时，人、车、锤都静止。假设水平地面光滑,关于这一物理过程，下列说法正确的是A.连续敲打可使小车持续向右运动B.人、车和锤组成的系统机械能守恒C.当锤子速度方向竖直向下时，人和车水平方向的总动量为零D.人、车和锤组成的系统动量守恒2.2 0 1 8年 6月 1 4 日 1 1 时

46、0 6 分，探月工程嫦娥四号任务“鹊桥”中继星成为世界首颗成功进入地月拉格朗日L点的H alo使命轨道的卫星，为地月信息联通搭建“天桥”。如图所示，该 L z点位于地球与月球连线的延长线上，“鹊桥”位于该点，在几乎不消耗燃料的情况下与月球同步绕地球做圆周运动，已知地球、月 球和“鹊桥”的质量分别为此、乩、m,地球和月球之间的平均距离为R,L?点离月球的距离为x,则（）A.“鹊桥”的线速度小于月球的线速度B.“鹊桥”的向心加速度小于月球的向心加速度C.x 满足MeC ffl _(K+X)2依+x)D.x 满足一y+T=(K +x)(K +X)2 炉 炉 3.在如图所示电路中，A i与小是完全相同

47、的灯泡，线圈L的电阻可以忽略。下列说法中正确的是（）_ m m n-（2IA.合上电键S接通电路时，A i先亮，A?后亮，最后一样亮B.合上电键S 接通电路时，A和 A z始终一样亮C.断开电键S 切断电路时，A 2 立刻熄灭，儿过一会儿才熄灭D.断开电键S 切断电路时，人和&都要过一会儿才熄灭4 .如图所示，小球A质量为m,木块B质量为2 m,两物体通过轻弹簧连接竖直放置在水平面上静止.现对A施加一个竖直向上的恒力F,使小球A 在竖直方向上运动，经弹簧原长时小球A速度恰好最大，已知重力加速度为g.则在木块B对地面压力为零时，小球A的 加 速 度 大 小 为（）ofKA.3g B.2.5g C

48、.2 g D.1.5g5.空间存在水平向右的匀强电场，方向与x轴平行，一个质量为m,带负电的小球，电荷量为一q,从坐标原点以v=1 0 m/s的初速度斜向上抛出，且初速度V。与 x 轴正方向夹角。=37 ,如图所示。经过一段时间后到达最高点，此时速度大小也是10m/s,该小球在最高点的位置坐标是（s i n 3 7 =0.6,c o s 3 7 =0.8,g 取 10m/s2）A.0.6 m,1.8 m B.-0.6 m,1.8 mC.5.4 m,1.8 m D.0.6 m,1.08 m6.如图所示，某种带电粒子由静止开始经电压为5的电场加速后，射入两水平放置、电势差为灰的两导体板间的匀强电场

49、中，带电粒子沿平行于两板的方向从两板正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场中，则粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d随着心和&的变化情况为（不计重力，不考虑边缘效应）（）A.d随口变化，d与&无关B.d与Ui无关，d随 耳变化c.d随Ui变化，d随“变化D.d与Ui无关，d与&无关二、多项选择题7,下 列 说 法 正 确 的 是。A.偏振光可以是横波，也可以是纵波B.光学镜头上的增透膜利用了光的干涉现象C.光纤通信及医用纤维式内窥镜都是利用了光的全反射原理D.X射线在磁场中能偏转，穿透能力强，可用来进行人体透视E.声源与观察者相对靠近时，观察者所接收的频率大于声

50、源振动的频率8.现在城市的滑板运动非常流行，在水平地面上一名滑板运动员双脚站在滑板上以一定速度向前滑行，在横杆前起跳并越过杆，从而使人与滑板分别从杆的上方、下方通过，如图所示，假设人和滑板运动过程中受到的各种阻力忽略不计，若运动员顺利地完成了该动作，最终仍落在滑板原来的位置上，则A.运动员起跳时，双脚对滑板作用力的合力竖直向下B.起跳时双脚对滑板作用力的合力向下偏后C.运动员在空中最高点时处于失重状态D.运动员在空中运动时，单位时间内速度的变化相同9.以下关于分子力的说法，正确的是（）A,分子间的距离增大则分子间的斥力与引力均减小B.气体分子之间总没有分子力的作用C.液体难于压缩表明液体中分子