上海市虹口区2016年中考化学三模试卷（含解析）.doc

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1、上海市虹口区2016年中考化学三模试卷一、选择题（共20分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂1现代社会的生产和生活要消耗大量能量，下列活动中，通过化学反应提供能量的是（）A发射航天飞机 B水力发电 C太阳能供热 D风力发电【分析】此题是关于化学中有关能量来源的判断问题，解题时必须熟知物理变化和化学变化中能量变化问题解答时首先从选项中判断出属于化学变化的选项【解答】解：化学变化不但生成新物质而且还会伴随着能量的变化，这种能量变化经常表现为热能、光能和电能的放出或吸收炸药、石油、煤炭、蓄电池等储存的能量，都是靠化学反应

2、释放出来的A、发射航天飞机，就是靠燃料的燃烧释放的能量推动火箭不断地向上运行，发生了化学变化，故A正确；B、C、D三项只是单纯的能量间转化，并无新物质的生成，均属于物理变化中的能量变化，故BCD错误故选：A【点评】解答此题实质归结到物理变化和化学变化区别上，关键是看能量转变过程中是否有新物质的生成通过本题学会处理问题的变通2地壳中含量最高的金属元素是（）A氧元素 B铝元素 C氮元素 D钙元素【分析】根据地壳中含量最多的前五种元素和金属元素的判断方法考虑【解答】解：地壳中含量最多的前五种元素：氧、硅、铝、铁、钙，汉字中带钅字旁（汞和金除外）的属于金属元素，所以地壳中含量最多的金属元素是铝故选：B

3、【点评】本题考查地壳中元素的含量，题目难度不大，解答本题关键是掌握地壳中含量最多的前五种元素3将少量下列物质与水混合，不能形成溶液的是（）A面粉 B氯化钠 C蔗糖 D硝酸钾【分析】本题考查溶液的概念，在一定条件下溶质分散到溶剂中形成的是均一稳定的混合物【解答】解：A、面粉不溶于水，混合后形成的液体不均一、不稳定，属于悬浊液，故A正确；B、氯化钠可以与水以任意比例互溶，形成均一、稳定的混合物，属于溶液，故B错；C、蔗糖溶于水形成均一、稳定的混合物，属于溶液，故C错；D、硝酸钾溶于水形成均一、稳定的混合物，属于溶液，故D错；故选A【点评】应熟悉溶液是一种均一稳定的混合物，在不改变条件时，溶液的组成

4、和浓度都不会发生变化，要与悬浊液和乳浊液区分4下列物质中不属于有机化合物的是（）A葡萄糖 B甲烷 C酒精 D碳酸钙【分析】含有碳元素的化合物，或碳氢化合物及其衍生物总称为有机化合物，简称有机物无机物是无机化合物的简称，通常指不含碳元素的化合物少数含碳的化合物，如一氧化碳、二氧化碳、碳酸盐、氰化物等也属于无机物无机物大致可分为氧化物、酸、碱、盐等熟记常见的有机物【解答】解：A、葡萄糖是含有碳元素的化合物，属于有机物，故A不符合题意；B、甲烷是含有碳元素的化合物，属于有机物，故B不符合题意；C、酒精是含有碳元素的化合物，属于有机物，故C不符合题意；D、碳酸钙随含有碳元素，其性质与无机物相似，一般归

5、为无机物类故D符合题意故选D【点评】了解有机物与无机物的区别：有机物一般难溶于水，易溶于有机溶剂，熔点较低绝大多数有机物受热容易分解、容易燃烧5下列属于正盐的是（）ANaOH BKCl CNaHSO4DHCl【分析】根据正盐的概念进行分析，酸跟碱完全中和生成的盐属于正盐【解答】解：酸跟碱完全中和生成的盐属于正盐，不含有酸中的氢离子，也不含有碱中的氢氧根离子，只有金属阳离子和酸根离子A、氢氧化钠属于碱，故错误B、氯化钾只有金属阳离子和酸根离子，属于正盐，故正确C、正盐中不含有氢离子，故错误D、盐酸属于酸，故错误故选B【点评】正盐：在酸跟碱完全中和生成的盐，不含有酸中的氢离子，也不含有碱中的氢氧根

6、离子，只有金属阳离子和酸根离子的盐6下列物质的俗名与化学式不一致的是（）ANaCl：食盐 BCaO：生石灰 CCuSO4：胆矾 DCa（OH）2：消石灰【分析】根据常见化学物质的名称、俗称、化学式进行分析判断即可【解答】解：A氯化钠的俗称是食盐，其化学式为NaCl，其俗名与化学式一致B生石灰是氧化钙，钙显+2价，氧2价，所以化学式是CaO，故其俗名与化学式一致C蓝矾是五水硫酸铜的俗称，化学式为CuSO45H2O，故其俗名与化学式不一致D氢氧化钙的俗称是熟石灰或消石灰，其化学式为Ca（OH）2，其俗名与化学式一致故选C【点评】本题难度不大，熟练掌握常见化学物质的名称、俗称、化学式是正确解答此类题

7、的关键7二氧化锆（ZrO2）是一种难溶于水且不易与酸反应的物质，是人工牙齿非常适合的材料二氧化锆中，锆元素（Zr）的化合价为（）A+3 B+4 C+5 D+6【分析】根据在化合物中正负化合价代数和为零，结合二氧化锆（ZrO2）的化学式进行解答本题【解答】解：根据在化合物中正负化合价代数和为零，氧元素显2，设锆元素（Zr）的化合价是x，可知氧化锆（ZrO2）中锆元素（Zr）的化合价：x+（2）2=0，则x=+4故选：B【点评】本题难度不大，掌握利用化合价的原则计算指定元素的化合价的方法即可正确解答本题8下列数字表示溶液的pH，其中酸性最强的溶液是（）A0 B1 C7 D14【分析】根据已有的知识

8、进行分析解答，酸性溶液的pH小于7，且酸性越强，pH越小，据此解答【解答】解：A、pH=0的溶液呈酸性；B、pH=1的溶液呈酸性；C、pH=7的溶液呈中性，错误；D、pH=14的溶液呈碱性，错误；pH=1的溶液的酸性弱于pH=0的溶液，观察选项，故选A【点评】本题考查的是溶液的酸碱性与pH的关系，完成此题，可以依据已有的知识进行9下列属于同素异形体的是（）A金刚石与C60B二氧化碳与干冰C氧气与液氧 D水与双氧水【分析】由同种元素形成的不同种单质互为同素异形体，互为同素异形体的物质要符合以下两个条件：同种元素形成，不同单质；据此进行分析判断【解答】解：A、金刚石和C60都是由碳元素形成的不同物

9、质，都是单质，互为同素异形体，故选项正确B、干冰是固态的二氧化碳，与二氧化碳属于是同一种物质，不是同素异形体，故选项错误C、液氧是液态的氧气，与氧气属于是同一种物质，不是同素异形体，故选项错误D、水与双氧水都是有氢氧两种元素组成的不同化合物，不是单质，不属于同素异形体，故选项错误故选：A【点评】本题难度不大，判断是否互为同素异形体的关键要把握两点：同种元素形成，不同单质，这是解决此类题的关键之所在10下列物质用途错误的是（）A氖气：填充霓虹灯 B氢氧化钠：改良酸性土壤C氦气：作保护气 D二氧化碳：保藏食品【分析】性质决定用途，根据各种物质的性质分析解答即可【解答】解：A、惰性气体通电能发出有色

10、光，且性质稳定，常用于填充霓虹灯，故正确；B、氢氧化钠具有极强的腐蚀性，不能用于改良酸性土壤，故错误；C、氦气性质稳定，可用作保护气，故正确；D、二氧化碳性质稳定、无毒，可用于保藏食品，故正确；故选：B【点评】本题考查了常见物质的用途，完成此题，可以依据物质的性质进行11实验开始前要装满的是（）A排水法收集气体时，集气瓶中的水B加热试管内液体时，试管内的液体试剂C蒸发时，蒸发皿中的溶液D加热时，酒精灯中的酒精【分析】A、根据排水法收集时要先将集气瓶装满水进行分析；B、根据给试管中的液体加热的方法进行分析；C、根据蒸发操作的注意事项进行分析判断；D、根据酒精灯的使用方法进行分析判断【解答】解：A

11、、排水法收集时要先将集气瓶装满水，故A正确；B、给试管中的液体加热时，液体体积不能超过试管容积的，以防止液体沸腾时喷出伤人，故B错误；C、蒸发时蒸发皿内液体时，液体不能装满，以防止蒸发搅拌时液体溅出，故C错误；D、为防止酒精灯内酒精燃烧引起爆炸，酒精灯内酒精量不得超过酒精灯容积的，故D错误故选A【点评】本题难度不大，熟悉各种仪器的用途及使用注意事项、掌握常见化学实验基本操作的注意事项是解答此类试题的关键12“雾霾”中的“霾”是指烟、尘等小颗粒悬浮而形成的浑浊现象下列物质在与氧气充分反应的情况下，能生成类似于霾的物质是（）AC BS CH2DP【分析】根据碳、氢气、硫在氧气中燃烧不能生成固体，红

12、磷在氧气中燃烧能生成白色固体解答【解答】解：A、木炭在氧气中燃烧能生成二氧化碳故选项错误；B、硫在氧气中燃烧能生成二氧化硫故选项错误；C、氢气在氧气中燃烧能生成水故选项错误；D、红磷在氧气中燃烧能够产生大量的白烟，放出大量的热，生成白色固体能生成类似于霾的物质，故选项正确故选D【点评】本题主要考查可燃物燃烧时的实验现象，解答时应该从火焰、光、烟雾等方面进行分析、判断，从而得出正确的结论13在氢气与氧化钨的反应中：3H2+WO3W+3H2O，下列说法正确的是（）AW是氧化剂 BH2是还原剂C氢元素的化合价没有改变 D该反应是分解反应【分析】根据氢气具有还原性，以及氧化还原反应的过程，元素化合价的

13、变化以及反应类型来分析【解答】解：AW是生成物，是由三氧化钨失去氧形成的，属于还原产物，故错误；B氢气具有还原性，能将三氧化钨中的氧夺去形成单质钨，属于还原剂，故正确；C在反应物氢气中，氢元素为0价，在生成物水中氢元素显+1价，化合价发生了改变，故错误；D该反应是由一种单质与一种化合物反应生成另一种单质与另一种化合物，属于置换反应，故错误故选B【点评】解答本题要充分理解氧化还原反应的含义，只有这样才能对相关方面的问题做出正确的判断14下列试剂可以鉴别稀盐酸与稀硫酸的是（）A铁片 B碳酸钙粉末 C氯化钡溶液 D硝酸银溶液【分析】根据两种物质与同种试剂反应产生的不同现象来鉴别它们，若两种物质与同种

14、物质反应的现象相同，则无法鉴别它们【解答】解：A、稀盐酸与稀硫酸均能与铁片反应产生氢气，不能鉴别，故选项错误B、稀盐酸与稀硫酸均能与碳酸钙粉末反应产生二氧化碳气体，不能鉴别，故选项错误C、稀硫酸能与氯化钡溶液反应生成硫酸钡白色沉淀，稀盐酸不能，不能鉴别，故选项正确D、稀盐酸与稀硫酸均能与硝酸银溶液反应，分别生成氯化银、硫酸银白色沉淀，不能鉴别，故选项错误故选：C【点评】本题有一定难度，在解决鉴别物质题时，判断的依据是：所选试剂需要与待鉴别的物质反应并出现明显不同的现象15下列有关3molH2O的解释错误的是（）A含有3molH2B约含有1.8061024个氧原子C其质量为54克D该物质的摩尔质

15、量为18g/mol【分析】A、水分子中没有氢分子，1个水分子中含有2个氢原子；B、1mol任何物质中含有6.021023个微粒，进行分析判断C、根据根据m=nM计算水的质量进行分析判断D、根据摩尔质量是指单位物质的量的物质的质量，单位为g/mol，进行分析判断【解答】解：A、水分子中没有氢分子，故错误；B、1mol任何物质中含有6.021023个微粒，则3molH2O中含有6.021023个3=1.8061024个氧原子，故选项说法正确C、3molH2O质量为18g/mol3mol=54g，故选项说法正确D、依据摩尔质量的概念可知，摩尔质量数值上等于其相对分子质量，单位为g/mol，所以水的摩

16、尔质量为18g/mol，故选项说法正确故选：A【点评】本题难度不大，掌握1mol任何物质中含有6.021023个微粒、物质的量的有关计算是正确解答本题的关键16如图表示了甲 （）与乙（）反应生成丙 （）的反应前后分子及其数目的变化，下列说法正确的是（）A参与反应的甲与乙的物质的量之比为1：1B甲、乙、丙中只可能有一种氧化物C反应前后原子个数发生了改变D该反应是化合反应【分析】观察变化的微观示意图，根据物质的微观构成分析物质的类别，根据反应的特点分析反应的类型；根据质量守恒定律分析参加反应的A、B的物质的量之比【解答】解：对比反应前后反应物与生成物分子及其数目的变化的微观示意图可知，反应的微粒关

17、系是：因此：A、参与反应的甲与乙的物质的量之比为2：1，故说法错误；B、氧化物由两种元素组成，因此甲和丙都有可能是氧化物，故说法错误；C、反应前后原子的种类和个数都没有发生改变，故说法错误；D、该反应是两种分子生成一种分子的变化，因此属于化合反应，故说法正确；故选项为：D【点评】本题属于微观示意图的考察，解答本题要充分理解图中提供的信息，根据构成相同的分子为同种物质的分子；由同种原子构成的分子为单质分子，由不同种原子构成的分子为化合物分子进行分析17夏天打开碳酸饮料瓶盖，有大量二氧化碳气体逸出关于打开瓶盖前后的变化，下列说法错误的是（）A二氧化碳的溶解度减小B剩余溶液仍为二氧化碳的饱和溶液C瓶

18、内二氧化碳的溶质质量分数减小D二氧化碳从化合态变为游离态【分析】利用气体的溶解度随温度的升高而降低，随着压强的增大而增大，结合事实进行分析解答【解答】解：碳酸饮料是将二氧化碳气体加压之后制成的，打开汽水瓶盖，压强变小，二氧化碳的溶解度减小，故有大量气泡从瓶口逸出，说明了气体的溶解度随压强的减小而减小A、打开雪碧瓶盖，有大量的二氧化碳气体逸出，是因为打开汽水瓶盖，压强变小，二氧化碳的溶解度减小，故选项正确B、打开雪碧瓶盖，有大量的二氧化碳气体逸出，是因为打开汽水瓶盖，压强变小，二氧化碳的溶解度减小，二氧化碳的逸出后溶液仍为饱和溶液，故选项正确C、打开雪碧瓶盖，有大量的二氧化碳气体逸出，溶剂的量几

19、乎没变，瓶内二氧化碳的溶质质量分数减小，故选项正确D、打开雪碧瓶盖，有大量的二氧化碳气体逸出，二氧化碳仍未化合物，元素以单质的形式存在才称为游离态，故该选项错误故选：D【点评】本题难度不大，主要考查气体的溶解度的影响因素，掌握气体溶解度的两个影响因素是正确解答本题的关键18下列中和反应中，需要借助其他试剂才能证明其发生的是（）A氢氧化镁与盐酸 B氢氧化铜与硫酸C氢氧化钠与盐酸 D氢氧化铁与硫酸【分析】物质间的反应若有明显的反应现象，如产生沉淀、气体、固体溶解的现象等，则不需要借助其他试剂就能判断出反应发生；若物质间反应时没有明显现象的可以借助其他试剂，如酸碱的中和反应等【解答】解：A、氢氧化镁

20、与盐酸反应生成氯化镁和水，会观察到氢氧化镁固体逐渐溶解，现象明显，不需借助其他试剂就能判断出反应发生，故选项错误B、氢氧化铜与硫酸反应生成硫酸铜和水，会观察到氢氧化铜固体逐渐溶解，溶液变为蓝色，现象明显，不需借助其他试剂就能判断出反应发生，故选项错误C、氢氧化钠与盐酸反应生成氯化钠和水，反应无明显现象，需要借助其他试剂才能判断出反应发生，故选项正确D、氢氧化铁与稀硫酸反应生成硫酸铁和水，氧化铁溶解，溶液变黄，现象明显，不需借助其他试剂就能判断出反应发生，故选项错误故选：C【点评】本题难度不大，掌握酸的化学性质、物质发生化学反应时的现象是正确解答此类题的关键19向Zn（NO3）2与Cu（NO3）

21、2的混合溶液中加入过量铁粉并过滤下列说法正确的是（）A滤渣中有Zn、Cu、FeB滤液中的溶质只有Fe（NO3）2C向滤渣中加入稀盐酸会产生气泡D反应后滤液的质量比原溶液的质量大【分析】根据金属活动性顺序的意义进行分析，在金属活动性顺序中，位置在前的金属能将位于其后的金属从其盐溶液中置换出来进行分析【解答】解：在金属活动性顺序中，锌铁银，向含有AgNO3，Zn（NO3）2的混合溶液中加入过量的铁粉，则铁能将硝酸银中的银置换出来，不能与硝酸锌反应，由于铁过量，充分反应后，铁有剩余，故过滤所得的金属中含有银和铁，所以A、滤渣中有Cu、Fe，故A错误；B、滤液中的溶质含有硝酸锌和硝酸亚铁，故B错误；C

22、、滤渣中有Cu、Fe，所以向滤渣中加入稀盐酸会产生气泡，故C正确；D、每56份质量的铁会置换出64份质量的铜，所以反应后滤液的质量比原溶液的质量小，故D错误故选：C【点评】本题考查了金属活动性顺序的应用，完成此题，可以依据金属活动性顺序的意义进行20甲、乙、丙是初中学习过的物质，甲在发生化合反应时能生成乙或丙，乙、丙两种物质能相互转化则下列说法正确的是（）A甲可能是O2B甲一定是H2C乙可能是H2O D丙一定是CO【分析】根据甲、乙、丙是初中学习过的物质，甲在发生化合反应时能生成乙或丙，乙、丙两种物质能相互转化，所以甲、乙、丙是常见的碳三角或氧三角，然后结合题中的转化关系进行验证即可【解答】解

23、：甲、乙、丙是初中学习过的物质，甲在发生化合反应时能生成乙或丙，乙、丙两种物质能相互转化，所以甲、乙、丙是常见的碳三角或氧三角，过氧化氢生成的水和氧气可以相互转化，碳或氧气生成的二氧化碳和一氧化碳可以相互转化，所以甲是碳或氧气，乙、丙是二氧化碳或一氧化碳，故选：A【点评】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可七、填空题（共19分）请将结果填入答题纸的相应位置21化学是一门研究物质的组成、结构、性质以及变化规律的自然科学，用初中化学的相关知识完成下列填空：空气是由多种气体组成的混合物，其中体积分数

24、最大的物质是N2，属于氧化物是CO2（写出一种即可），能供给动物呼吸的气体是O2（本小题用化学式表示）高锰酸钾固体在加热条件下发生化学变化：2KMnO4K2MnO4+MnO2+“”“”中应填入的物质是O2我国著名科学家侯德榜发明了“联合制碱法”，对纯碱制取工业做出巨大贡献在“联合制碱法中”有一种生成物是氯化铵（NH4Cl），该物质由三种元素组成氯化铵是一种化肥，属于氮肥（填元素名称）请你写出氯化铵中所含原子团的名称铵根氯化铵中氮元素的质量分数是（写出计算过程，不需计算结果）波尔多液具有一定的杀菌效果，可以防治某些植物病害通常用1%的硫酸铜溶液与熟石灰混合制得若要配置1000克1%的硫酸铜溶液，

25、需要5%的硫酸铜溶液的质量是200克【分析】从空气的成分和性质去分析；根据质量守恒定律考虑；根据元素种类和化学肥料的分类回答，知道原子团和元素质量分数的计算方法；根据溶液稀释前后溶质质量不变【解答】解：空气的成分按体积分数计算大约是：大约是氮气占（78%），氧气占（21%），稀有气体占（0.94%），二氧化碳占（0.03%），其它气体和杂质占（0.03%），所以含量最大的气体是氮气，属于氧化物是二氧化碳；氧气以供给呼吸故答案为：N2；CO2； O2；化学反应前后各原子的种类和数目不变，所以右侧还少2个氧，所以是氧气；由化学式：NH4Cl可知该物质由三种元素组成；其中含有氮元素，属于氮肥；氯化铵

26、中原子团是铵根；氮元素质量分数=设需要5%的硫酸铜溶液的质量是X则：10001%=X5%，解得X=200g（故答案为：N2；CO2；O2；O2；三；氮；铵根；（答案合理即可）200【点评】化学与生活生产有着紧密联系，学会用所学的化学知识，解决生活中的实际问题22化学是一门以实验为基础的科学，下面是初中化学中几个重要的对比实验“实验1”中，观察到铜片上的白磷燃烧而水中的白磷不燃烧，可得出可燃物燃烧的一个条件为可燃物的燃烧需要与空气接触；“实验2”中，观察到A烧杯中酚酞变红，可验证分子具有不断运动的性质，B烧杯的作用是为了证明氨分子能使酚酞溶液由无色变为红色，从而起到对比的作用“实验3”中，只有A

27、中铁钉生锈了对比铁钉不同的现象，可推知铁生锈的条件是与氧气和水同时接触；“实验4”中，对比两支试管内液面高低的不同，可说明氢氧化钠能与二氧化碳发生反应，该反应的化学方程式2NaOH+CO2Na2CO3+H2O【分析】根据燃烧的条件来分析；从浓氨水呈碱性，易挥发考虑等方面分析；铁与水、氧气同时接触时容易生锈；氢氧化钠能和二氧化碳反应生成碳酸钠和水【解答】解：铜片上的白磷与氧气接触而水中的白磷没有与氧气接触，所以不会发生燃烧；故填：可燃物的燃烧需要与空气接触；浓氨水呈碱性，易挥发，挥发的氨水分子进入A，使A中的溶液由无色变为红色，说明分子是在不断运动的B烧杯中滴加氨水变红色，说明氨分子能使无色的酚

28、酞试液变红色，起到了比对作用；故填：不断运动；氨分子能使酚酞溶液由无色变为红色；铁钉浸没在封有植物油的水中时不容易生锈，因为这时的铁钉没有与氧气接触；铁钉部分浸没在蒸馏水中时容易生锈，因为这时铁钉与氧气和水同时接触，该实验说明铁生锈的条件是与氧气和水同时接触；故填：氧气和水两支试管内液面高低的不同，可说明氢氧化钠能与二氧化碳发生反应，该反应的化学方程式为：2NaOH+CO2Na2CO3+H2O故填：2NaOH+CO2Na2CO3+H2O【点评】实验是化学的重要组成部分，正确的实验操作是得出科学结论的前提条件之一，因此要学会设计实验、进行实验、分析实验，为得出正确的结论奠定基础23氯化钠与硝酸钾

29、的部分溶解度如表（单位：g/100g水）温度（）20406080100氯化钠硝酸钾110169246请你根据表格中的数据，将氯化钠的溶解度曲线补充完成（在虚线框内作图）在20时，将50克硝酸钾溶解在100克水中，形成的是饱和（填“饱和”或“不饱和”）溶液，若升温至40，则烧杯中溶液的溶质质量分数为33.3%（精确到0.1%）某温度时，氯化钠与硝酸钾的溶解度相等均为S g/100g水，则S的最小范围是36.0S36.6在固体硝酸钾中混有少量氯化钠可以通过溶解，蒸发浓缩，降温结晶，过滤等步骤分离提纯硝酸钾可以利用该方法分离的理由是A、BA固体混合物中硝酸钾的含量较高，氯化钠的含量较低B硝酸钾的溶解

30、度受温度影响变化较大C.40至100，硝酸钾的溶解度始终大于氯化钠【分析】据溶解度曲线可知某温度下物质的溶解度；据不同温度下KNO3的溶解度分析判断，溶质的 质量分数=100%解答；根据表中数据分析解答；KNO3的溶解度受温度影响较大，NaCl的溶解度受温度影响较小【解答】解：根据表格中的数据，氯化钠的溶解度曲线图如下：20时，硝酸钾的溶解度是32g，所以100g水的烧杯中加入50gKNO3，充分溶解后最多溶解32g，故得到的溶液质量为132g；升温至40后，其溶解度大于63.9g，所以50g的硝酸钾全部溶解，烧杯中溶液的溶质质量分数为100%33.3%；根据表中数据可知：某温度时，氯化钠与硝

31、酸钾的溶解度相等均为S g/100g水，则S的最小范围是36.0S36.6；硝酸钾的溶解度随温度的降低而降低，氯化钠的溶解度受温度影响变化不大，所以若将硝酸钾和氯化钠的热混合溶液（两者均已达到饱和）冷却至室温，析出的晶体主要是硝酸钾；析出晶体后的剩余溶液中的物质有氯化钠和未析出的硝酸钾；故答案为：饱和； 33.3%；36.0S36.6；A、B【点评】会据溶解度曲线查找某温度下物质的溶解度，据物质的溶解度随温度变化判断溶质是否全部溶解，并分析溶质的质量分数和晶体的析出情况八、简答题（共21分）请根据要求在答题纸相应的位置作答24以下是有关气体制取以及性质实验的装置，试回答下列问题：写出编号仪器的

32、名称：a试管，b锥形瓶用装置A制取氧气，写出发生反应的化学方程式2KClO32KCl+3O2，判断氧气已收集满不用填的方法是瓶口有大量气泡冒出则满反应结束时，若未将导管从水中移走就熄灭了酒精灯，可能的后果是水倒流入试管中使试管炸裂若用B作制取氧气的发生装置，分液漏斗的作用是AC（填入相应字母）A便于添加试剂B通过控制滴加试剂的速率，控制双氧水的反应速率C通过控制滴加试剂的速率，使反应能保持较平稳地进行写出装置C中一氧化碳和氧化铜反应的化学方程式CO+CuOCu+CO2关于装置C的实验，下列说法正确的是ABCA酒精灯需要在气体纯净后方可点燃B酒精灯的作用是将反应后气体中的一氧化碳点燃，防止有毒气

33、体的排放C实验结束时应先熄灭酒精灯，待冷却到室温后再停止通入一氧化碳【分析】根据实验室才常用仪器的名称和题中所指仪器的作用进行分析；根据氯酸钾在二氧化锰的催化作用下加热生成氯化钾和氧气，氧气不易溶于水，反应结束时，若未将导管从水中移走就熄灭了酒精灯，可能的后果是水倒流入试管中使试管炸裂进行分析；根据用B作制取氧气的发生装置，分液漏斗的作用是便于添加试剂，通过控制滴加试剂的速率，使反应能保持较平稳地进行进行分析；根据一氧化碳和氧化铜在加热的条件下生成二氧化碳和铜，A、根据一氧化碳和空气的混合物点燃可能发生爆炸进行分析；B、根据一氧化碳有毒进行分析；C、根据实验结束时应先熄灭酒精灯，待冷却到室温后

34、再停止通入一氧化碳，防止澄清石灰水倒流，炸裂玻璃管进行分析【解答】解：通过分析题中所指仪器的作用可知，a是试管，b是锥形瓶；氯酸钾在二氧化锰的催化作用下加热生成氯化钾和氧气，化学方程式为：2KClO32KCl+3O2，氧气不易溶于水，所以判断氧气已收集满的方法是瓶口有大量气泡冒出则满，反应结束时，若未将导管从水中移走就熄灭了酒精灯，可能的后果是水倒流入试管中使试管炸裂；用B作制取氧气的发生装置，分液漏斗的作用是便于添加试剂，通过控制滴加试剂的速率，使反应能保持较平稳地进行，故选：AC；一氧化碳和氧化铜在加热的条件下生成二氧化碳和铜，化学方程式为：CO+CuOCu+CO2；A、一氧化碳和空气的混

35、合物点燃可能发生爆炸，所以酒精灯需要在气体纯净后方可点燃，故A正确；B、一氧化碳有毒，所以需要尾气处理，故B正确；C、实验结束时应先熄灭酒精灯，待冷却到室温后再停止通入一氧化碳，防止澄清石灰水倒流，炸裂玻璃管故选：ABC故答案为：试管，锥形瓶；2KClO32KCl+3O2，瓶口有大量气泡冒出则满，水倒流入试管中使试管炸裂；AC；CO+CuOCu+CO2，ABC【点评】本题主要考查常见气体的发生装置与收集装置的探究，发生装置依据反应物的状态和反应条件选择，收集装置依据气体的密度和溶解性选择25（4分）（2016虹口区三模）某兴趣小组为探究化合物m（可能含碳、氢元素）的组成进行实验（图1装置气密性

36、良好）：通一段时间氧气后点燃酒精喷灯与酒精灯待完全反应完成后，先熄灭火源，再停止通入氧气如图2是某同学记录的部分实验现象请回答装置中发生反应的化学方程式CuSO4+5H2OCuSO45H2O现象（填序号）说明化合物m中有碳元素存在你认为该实验是否需要尾气处理，并说明理由不需要，通过氧化铜无变化说明没有有毒气体一氧化碳生成若要确定混合物m中是否含有氢元素，需要对装置进行的改进是在装置之前添加一个干燥装置【分析】根据无水硫酸铜遇水变蓝解答；根据二氧化碳能使澄清的石灰水变浑浊解答；根据题中信息可知：加热氧化铜始终无变化，说明没有有毒气体一氧化碳生成解答；根据用过氧化氢溶液和二氧化锰制氧气时，氧气中可

37、能混有水分解答【解答】解：无水硫酸铜遇水变蓝，装置中硫酸铜粉末由白色变为蓝色，说明化合物m加热有水生成，说明化合物m中有氢元素存在发生反应的化学方程式为：CuSO4+5H2OCuSO45H2O；二氧化碳能使澄清的石灰水变浑浊，中澄清的石灰水变浑浊，说明化合物m加热有二氧化碳生成，根据质量守恒定律，说明化合物m中有碳元素存在根据题中信息可知：加热氧化铜始终无变化，说明没有有毒气体一氧化碳生成，不需要尾气处理；用过氧化氢溶液和二氧化锰制氧气时，氧气中可能混有水分，为排除水分对确定混合物m中是否含有氢元素的干扰，需要对装置进行的改进是在装置之前添加一个干燥装置答案：CuSO4+5H2OCuSO45H

38、2O；不需要，通过氧化铜无变化说明没有有毒气体一氧化碳生成（合理给分）在装置之前添加一个干燥装置【点评】此题主要考查同学们的分析能力和实验能力，只有熟练掌握物质的性质和正确利用题目所给信息，才能准确顺利的得出正确答案；检验二氧化碳用澄清石灰水，吸收二氧化碳要用氢氧化钠溶液26（8分）（2016虹口区三模）某碳酸钠与氯化钠的混合物，为测定该样品中碳酸钠的质量分数，进行了如图实验：操作中玻璃棒的作用是搅拌，加快溶解速度，操作的名称是过滤实验中得到0.05mol碳酸钙，请计算参加反应的碳酸钠的质量是多少克？（请根据化学方程式列式计算）5.3g实验结束后，某同学取实验中得到的滤液，向其中加入稀盐酸，溶

39、液质量的变化如图2所示分析该图可知滤液中的溶质是NaCl、NaOH、Na2CO3，说明上述实验得到的碳酸钠的质量分数偏小（填“偏大”、“偏小”或“准确”），其原因是饱和石灰水量不足，未将碳酸钠完全反应【分析】（1）过滤是分离固体与液体的一种操作；（2）根据氢氧化钙和碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠进行分析；（3）根据图示进行分析解答【解答】解：操作中玻璃棒的作用是搅拌，加快溶解速度；过滤是分离固体与液体的一种操作，氢氧化钙和碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀，故操作的名称是过滤；设碳酸钠的物质的量为xCa（OH）2+Na2CO3CaCO3+2NaOH1 1由图示可知：开始溶液质量增加快，说明溶液中中有氢氧化钠，后又减慢，说明盐酸和碳酸钠反应，有气体生成，随后质量不断增减，故分析该图可知滤液中的溶质是NaCl、NaOH、Na2CO3；说明上述实验得到的碳酸钠的质量分数偏小，其原因是饱和石灰水量不足，未将碳酸钠完全反应答案：搅拌，加快溶解速度； 过滤；NaCl、NaOH、Na2CO3；偏小；饱和石灰水量不足，未将碳酸钠完全反应【点评】在解此类题时，首先分析题中的反应原理，然后结合题中所给的数据进行分析解答