2023届豫南九校高三3月份模拟考试物理试题含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一小物块从倾角为=30的足够长的斜面底端以初速度v0=10m/s沿斜面向上运动(如图所示)，已知物

2、块与斜面间的摩擦因数=，g取10m/s2，则物块在运动时间t=1.5s时离斜面底端的距离为A3.75mB5mC6.25mD15m2、氢原子能级示意图如图所示光子能量在1.63 eV3.10 eV的光为可见光要使处于基态（n=1）的氢原子被激发后可辐射出可见光光子，最少应给氢原子提供的能量为A12.09 eVB10.20 eVC1.89 eVD1.5l eV3、某实验小组用同一光电管完成了光电效应实验，得到了光电流与对应电压之间的关系图像甲、乙、丙，如图所示。则下列说法正确的是（）A甲光的频率大于乙光的频率B乙光的波长大于丙光的波长C甲光的光强大于丙光的光强D甲光和丙光产生的光电子的最大初动能不

3、相等4、一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能随位移x变化关系如图所示，其中0段是关于直线对称的直线，段是曲线，则下列说法正确的是（）A处电场强度最小B在处电势的关系为C段带电粒子做匀变速直线运动D段电场方向不变，大小变，段的电场强度大小方向均不变5、在直角三角形abc区域内存在垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，边长。一个粒子源在b点将质量为m，电荷量为q的带负电粒子以大小和方向不同的速度射入磁场，在磁场中运动时间最长的粒子中，速度的最大值是（ ）ABCD6、如图所示，木板A的质量为m，滑块B的质量为M，木板A用绳拴住，绳与斜面平行，B沿倾角为的斜面在A下匀速下滑，

4、若M=2m，A、B间以及B与斜面间的动摩擦因数相同，则动摩擦因数为（）Atan B2tan Ctan Dtan二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、 “HAT-P-1”是迄今为止发现的河外星系最大的行星，围绕某恒星A做圆周运动，“HAT-P-1”距离地球的间距大约为450光年。另观测到该行星的半径为R，已知在该行星表面的重力加速度为g。由以上条件可求解的物理量是（）A恒星A的密度B行星“HAT-P-1”的第一宇宙速度C行星“HAT-P-1”绕恒星A运行的周期D绕“HAT

5、-P-1”运行的卫星的最小周期8、如图所示，质量为M=2kg足够长的小车以v0=2.5m/s的速度沿光滑的水平面运动，在小车正上方h=1.25m处有一质量为m=0.5kg的可视为质点的物块静止释放，经过一段时间刚好落在小车上无反弹，作用时间很短，随后二者一起沿水平面向右运动。已知物块与小车上表面之间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g=10m/s2，忽略空气阻力。则下列说法正确的是（）A物块落在小车的过程中，物块和小车的动量守恒B物块落上小车后的最终速度大小为3m/sC物块在小车的上表面滑动的距离为0.5mD物块落在小车的整个过程中，系统损失的能量为7.5J9、阿列克谢帕斯特诺夫发明的俄罗斯方

6、块经典游戏曾风靡全球，会长自制了如图所示电阻为R的导线框，将其放在光滑水平面上，边长为L的正方形区域内有垂直于水平面向下的磁感应强度为B的匀强磁场。已知L3l，现给金属框一个向右的速度（未知）使其向右穿过磁场区域，线框穿过磁场后速度为初速度的一半，则下列说法正确的是A线框进入磁场的过程中感应电流方向沿abcdaB线框完全进入磁场后速度为初速度的四分之三C初速度大小为D线框进入磁场过程中克服安培力做的功是出磁场的过程中克服安培力做功的五分之七10、如图所示，x轴在水平面内，y轴在竖直方向。图中画出了沿x轴正方向抛出的两个小球P、Q的运动轨迹，它们在空中某一点相遇。若不计空气阻力，则下列说法正确的

7、是（ ）A球P先抛出B两球同时抛出C球P的初速度大D球Q的初速度大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在测定电容器电容的实验中，将电容器、电压传感器、阻值为3 k的电阻R、电源、单刀双掷开关S按图甲所示电路图进行连接。先使开关S与1相连，电源给电容器充电，充电完毕后把开关S掷向2，电容器放电，直至放电完毕，实验得到的与电压传感器相连接的计算机所记录的电压随时间变化的图线如图乙所示，图丙为由计算机对图乙进行数据处理后记录了“峰值”及图线与时间轴所围“面积”的图像。(1)根据图甲所示的电路，观察图乙可知：充电电流与放电电流方向_(填“

8、相同”或“ 相反”)，大小都随时间_(填“增大”或“ 减小”)。(2)该电容器的电容为_F(结果保留两位有效数字)。(3)某同学认为：仍利用上述装置，将电压传感器从电阻两端改接在电容器的两端，也可以测出电容器的电容值，请你分析并说明该同学的说法是否正确_。12（12分）一实验小组用某种导电材料制作成电阻较小(约小于3)的元件Z，并通过实验研究该元件中的电流随两端电压从零逐渐增大过程中的变化规律。(1)该小组连成的实物电路如图(a)所示，其中有两处错误，请在错误的连线上打“”，并在原图上用笔画出正确的连线_。(2)在实验中应选用的滑动变阻器是_。A滑动变阻器R1(05 额定电流5A)B滑动变阻器

9、R2(020 额定电流5A)C滑动变阻器R3(0100 额定电流2A)(3)图(b)中的点为实验测得的元件Z中的电流与电压值，请将点连接成图线_。(4把元件Z接入如图(c)所示的电路中，当电阻R的阻值为2时，电流表的读数为1.25A；当电阻R的阻值为3.6时，电流表的读数为0.8A。结合图线，可求出电池的电动势E为_V，内阻r为_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一列简谐横波在ts时的波形图如图(a)所示，P、Q是介质中的两个质点图(b)是质点Q的振动图象。求：()波速及波的传播方向；()质点Q的平衡位

10、置的x坐标。14（16分）如图所示，甲乙两个完全相同的车静止在水平面上，其中一个车内有人，此人拉动轻绳使两车相互靠近，相遇时甲乙两车距离出发点分别为S甲和S乙。下列判断正确的是A若车与轨道间无摩擦，则S甲=S乙B若车与轨道间有摩擦，且S甲S乙，则人在甲车内C若S甲S乙，且人在甲车内，则车与轨道可能无摩擦D只要S甲S乙，则人一定在甲车内15（12分）如图所示，在质量为M0.99kg的小车上，固定着一个质量为m0.01kg、电阻R1W的矩形单匝线圈MNPQ，其中MN边水平，NP边竖直，MN边长为L=0.1m，NP边长为l0.05m小车载着线圈在光滑水平面上一起以v010m/s的速度做匀速运动，随后

11、进入一水平有界匀强磁场（磁场宽度大于小车长度）磁场方向与线圈平面垂直并指向纸内、磁感应强度大小B1.0T已知线圈与小车之间绝缘，小车长度与线圈MN边长度相同求： （1）小车刚进入磁场时线圈中感应电流I的大小和方向； （2）小车进入磁场的过程中流过线圈横截面的电量q； （3）如果磁感应强度大小未知，已知完全穿出磁场时小车速度v12m/s，求小车进入磁场过程中线圈电阻的发热量Q参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】小物块沿斜面向上运动时加速度大小为： 物块运动到最高点时间： 由于，小物块运动到最高点速度为0时即

12、停止，故此时小物块离斜面底端距离为 ，故B正确。故选：B。2、A【解析】由题意可知，基态（n=1）氢原子被激发后，至少被激发到n=3能级后，跃迁才可能产生能量在1.63eV3.10eV的可见光故故本题选A3、C【解析】A根据eUc=Ek=hv-W0，入射光的频率越高，对应的遏止电压Uc越大。甲光的遏止电压小于乙光，所以甲光频率小于乙光的频率，故A错误；B丙光的遏止电压小于乙光的遏止电压，所以丙光的频率小于乙光的频率，则乙光的波长小于丙光的波长，故B错误；C由于甲光的饱和光电流大于丙光饱和光电流，两光频率相等，所以甲光的强度高于丙光的强度，故C正确；D甲光的遏止电压等于丙光的遏止电压，由Ekm=

13、eU遏可知，甲光对应的光电子最大初动能等于丙光的光电子最大初动能。故D错误；故选C。4、B【解析】A根据电势能与电势的关系：Ep=q，场强与电势的关系：，得由数学知识可知Ep-x图象切线的斜率等于，x1处的斜率可以认为与0-x1段相等，故此时电场强度并不是最小的，故A错误；B根据电势能与电势的关系：Ep=q，粒子带负电，q0，则知电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有32=01故B正确；C由图可知，0x1段和0x2段电场方向相反，故加速度并不相同，不是一直做匀变速运动，故C错误；D0x1段电场方向不变，大小不变，x2x3段图象的斜率减小，故电场强度大小减小，方向不变，故D错误。故选B。5、A

14、【解析】由左手定则和题意知，沿ba方向射出的粒子在三角形磁场区域内转半周，运动时间最长，半径最大的则恰与ac相切，轨迹如图所示由几何关系由洛仑兹力提供向心力从而求得最大速度故BCD错误，A正确。故选A。6、C【解析】解：对B受力分析，如图所示：B物体沿斜面方向受力平衡：f1+f2=Mgsin，又因为M=2m，f1=mgcos，f2=（M+m）gcos，解得：=tan，故ABD错误，C正确；故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】AC本题中不知道行星“H

15、AT-P-1”绕恒星A运动的任何量，故不可计算恒星A的密度和绕A运动的周期，AC错误；BD根据在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动的卫星，重力提供向心力得解得，则行星“HAT-P-1”的第一宇宙速度就是在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动的线速度，所以行星“HAT-P-1”的第一宇宙速度就是，行星“HAT-P-1”附近运行的卫星的最小周期就是在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动的周期，所以最小周期是，故BD正确。故选BD。8、CD【解析】A物块落在小车的过程中，物块与小车组成的系统在水平方向的动量守恒，但竖直方向的动量不守恒，故A错误；B物块与小车组成的系统水平方向不受外力，则系统在水平

16、方向的动量守恒，选取向右为正方向，则有：Mv0=（M+m）v所以共同速度为：故B错误；C物块落上小车到二者共速的过程中，因摩擦损失的机械能为：代入数据解得：E1=1.25J由功能关系：E1=mgx解得：x =0.5m故C正确；D在整个的过程中，系统损失的机械能等于物块减少的重力势能与二者损失的动能之和，由能量守恒定律得：代入数据可得：E=7.5J故D正确。故选CD。9、BCD【解析】A由右手定则可知，线框进磁场过程电流方向为adcba，故A错误；B将线框分为三部分，其中左右两部分切割边长同为2l，中间部分切割边长为l，由动量定理可得其中由于线框进、出磁场的过程磁通量变化相同，故速度变化两相同，

17、故故线框完全进入磁场后的速度为故B正确；C根据线框形状，进磁场过程中，对线框由动量定理解得故C正确；D线框进、出磁场的过程中克服安培力做功分别为故，故D正确；故选BCD。10、BC【解析】AB两球均做平抛运动，竖直方向为自由落体运动。在空中某处相遇则竖直位移y相同。由知二者运动时间t相同，则同时抛出，选项A错误，B正确。CD由题图知两球运动至相遇点时，球P的水平位移x大，由知球P的初速度大，选项C正确，D错误；故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、相反 减小 1.0102 正确 【解析】(1)12根据图甲所示的电路，观察图乙可知

18、充电电流与放电电流方向相反，大小都随时间减小；(2)3根据充电时电压时间图线可知，电容器的电荷量为：QItt而电压的峰值为Um6 V，则该电容器的电容为：C设电压时间图线与坐标轴围成的面积为S，联立解得：CF1.0102 F；(3)4正确，电容器放电的过程中，电容器C与电阻R两端的电压大小相等，因此通过对放电曲线进行数据处理后记录的“峰值Um”及图线与时间轴所围“面积”，仍可应用：C计算电容值。12、电源负极与滑动变阻器a端相连 A 4.1 0.45 【解析】(1)1因Z电阻较小，电流表应采用外接法；由于要求电压从零开始变化，滑动变阻器选用分压接法，错误的连线标注及正确接法如图：(2)2分压接

19、法中，为了便于调节，滑动变阻器选用总阻值小，且额定电流较大的，故选：A；(3)3根据描点法得出对应的伏安特性曲线如图所示：；(4)45当电流为1.25A时，Z电阻两端的电压约为1.0V；当电流为0.8A时，Z电阻两端的电压约为0.82V；由闭合电路欧姆定律可知：E=1.25(r+2)+1=1.25r+3.5E=0.8(r+3.6)+0.82=0.8r+3.7联立解得：E=4.1V r=0.44四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 ()18cm/s，沿x轴负方向传播()9cm【解析】()由图(a)可以看出，该波的波长

20、为36cm 由图(b)可以看出，周期为T2s 波速为v18cm/s 由图(b)知，当t1/3s时，Q点向上运动，结合图(a)可得，波沿x轴负方向传播；()设质点P、Q平衡位置的x坐标分别为、由图(a)知，x0处yAsin()因此 由图(b)知，在t0时Q点处于平衡位置，经ts，其振动状态向x轴负方向传播至P点处，由此及式有vt6cm 由式得，质点Q的平衡位置的x坐标为9cm14、BCD【解析】人拉动轻绳使两车相互靠近过程，两车受到的拉力F大小相等，甲乙两车完全相同，则它们的质量m相等，与轨道间的动摩擦因数相同，设人的质量为M；A如果车与轨道间无摩擦，对车，由牛顿第二定律得：对有人的车：两车都做

21、初速度为零的匀加速直线运动且运动时间t相等，由可知，xx，即：S甲S乙两车位移不相等，有人的车的位移小于无人车的位移，故A错误；B如果车与轨道间有摩擦，人在甲车内，则：由可知：S甲S乙故B正确；C如果车与轨道间无摩擦，人在甲车内，则：由可知：S甲S乙故C正确；D由BC可知，无论车与轨道间有无摩擦，只要人在甲车内，一定有：S甲S乙故D正确；故选BCD。15、（1）0.5A 电流方向为MQPNM （2）510-3C（3）32J【解析】（1）线圈切割磁感线的速度v0=10m/s，感应电动势E=Blv0=10.0510=0.5V由闭合电路欧姆定律得，线圈中电流由楞次定律知，线圈中感应电流方向为MQPNM（2）小车进入磁场的过程中流过线圈横截面的电量为q=It=t又E=BS联立可得q=5103C（3）设小车完全进入磁场后速度为v，在小车进入磁场从t时刻到t+t时刻（t0）过中，根据牛顿第二定律得-BIl=-m即-BlIt=mv两边求和得 则得Blq=m（v0-v）设小车出磁场的过程中流过线圈横截面的电量为q，同理得Blq=m（v-v1）又线圈进入和穿出磁场过程中磁通量的变化量相同，因而有q=q故得v0-v=v-v1即v=6m/s所以，小车进入磁场过程中线圈电阻的发热量为Q=(M+m)v02-(M+m)v2=1102-162=32J