高考化学总复习《创新教程》：第十章 第31讲　课时训练营.doc

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1、1(2010 年北京海淀二模)下列说法正确的是( ) A多数合金的熔点比其成分金属的高 B陶瓷、塑料、橡胶是常说的三大合成材料 C油脂是重要的体内能源，是人体不可缺少的营养物质 D以 NaClO 为有效成分的漂白液不能作游泳池和环境的消毒剂 解析：A 项，合金的熔点低于其成分金属；B 项，三大合成材料是指合成纤维、塑料、橡 胶；D 项，NaClO 是“84 消毒液”的有效成分，可作游泳池和环境的消毒剂。 答案：C 2(2010 年丹东月考)有关蛋白质的叙述正确的是( ) A蛋白质溶液中，加入浓硫酸铵溶液有沉淀析出，加水后沉淀不溶解 B蛋白质水解的最后产物是氨基酸 C蛋白质的分子能透过半透膜 D

2、蛋白质跟浓盐酸作用时呈黄色 解析：蛋白质中加入浓的铵盐产生沉淀，加水后能够溶解，A 不正确；蛋白质水解的最 终产物是氨基酸，B 正确；蛋白质为高分子化合物，分子直径较大，不能透过半透膜，C 不正 确；蛋白质与浓硝酸能发生颜色反应，而不是浓盐酸。D 不正确。 答案：B 3下列说法中不正确的是( ) A能发生酯化反应的酸一定是羧酸 B蛋白质溶液中加入浓 Na2SO4溶液，蛋白质从溶液中凝聚而析出叫盐析 C天然蛋白质一定条件下水解的最终产物是 氨基酸 D淀粉、纤维素和油脂在一定条件下都能发生水解反应 解析：除羧酸外无机含氧酸也能发生酯化反应，A 错；蛋白质遇轻金属盐溶液凝聚，稀 释后仍能溶解，该过程

3、叫盐析，B 正确；天然蛋白质的水解产物都是 氨基酸，C 正确；淀粉、 纤维素和油脂一定条件下都能发生水解，D 正确。 答案：A 4油脂是油与脂肪的总称，它是多种高级脂肪酸的甘油酯。油脂既是重要食物，又是重要的化工原料。油脂的以下性质和用途与其含有的不饱和双键()有关的是( ) A适量摄入油脂，有助于人体吸收多种脂溶性维生素和胡萝卜素 B利用油脂在碱性条件下的水解，可以生产甘油和肥皂 C植物油通过氢化可以制造植物奶油(人造奶油) D脂肪是有机体组织里储存能量的重要物质 解析：碳碳双键能发生加成和氧化反应，只有选项 C 中油脂的氢化属于加成反应，与碳 碳双键有关。 答案：C 5(2010 年临沂联

4、考)糖类是由 C、H、O 三种元素组成的一类有机化合物，所以俗称 “碳水化合物” 。下列物质不属于糖类的是( ) A葡萄糖 B蔗糖 C纤维素 D糖精 解析：葡萄糖是单糖，化学式为：C6H12O6；蔗糖属于双糖(低聚糖)，化学式为 C12H22O11；纤维素则属于多糖，化学式可以表示为(C6H10O5)n；糖精不是糖类，只是有甜味。 答案：D 6糖类、油脂、蛋白质为动物性和植物性食物中的基本营养物质。下列有关说法正确 的是( ) A蛋白质中只有 C、H、O 三种元素 B油脂在人体中发生水解的产物是氨基酸 C糖类的主要成分是高级脂肪酸甘油酯 D糖类、油脂、蛋白质都可能发生水解反应 解析：A 项，蛋

5、白质中还含有 N、S 等元素；B 项，油脂的水解产物不是氨基酸；C 项，油 脂的主要成分为高级脂肪酸甘油酯。 答案：D 7把蔗糖，麦芽糖，淀粉，纤维素，油脂，蛋白质在酸存在的条件下分 别进行水解，其水解后的最终产物只有一种的是( ) A B C D 解析：水解的最终产物是葡萄糖，蔗糖的水解产物为葡萄糖和果糖，油脂酸性条 件下的水解产物是高级脂肪酸和甘油，蛋白质的水解产物是氨基酸。 答案：D 8(2010 年扬州中学期考)市场上有一种加酶洗衣粉，即在洗衣粉中加入少量的碱性蛋 白酶，它的催化活性很强，衣物上的汗渍、血迹以及人体排放的蛋白质等遇到它，都能水 解而被除去。下列衣料中不能用加酶洗衣粉洗涤

6、的是( ) 棉织品 毛织品 腈纶制品 蚕丝制品 涤纶制品 锦纶制品 A B C D 解析：毛织品与蚕丝制品的成分主要含大量蛋白质，在加酶洗衣粉的作用下会水解。 答案：B 9糖元(C6H10O5)n是一种相对分子质量比淀粉更大的多糖。主要存在于肝脏和肌肉 中，常常成为动物淀粉或肝糖。下列有关糖元的叙述中正确的是( ) A糖元与纤维素互为同分异构体，与淀粉互为同系物 B糖元水解的最终产物是葡萄糖 C糖元具有还原性，是还原性糖 D糖元能溶于水，有甜味 解析：根据糖元的分子式可知，其水解产物一定是葡萄糖，且其主要存在于肝脏和肌肉 中而不是存在于血液里，因此不易溶于水，不易被氧化，不是还原性糖。作为高分

7、子化合物， n 值不确定。所以与纤维素不能互称为同分异构体，且与淀粉并不是相差 n 个 CH2原子团， 所以糖元与淀粉也不能互称同系物。 答案：B 10生物体内氧化所产生的代谢水的质量，不同的物质有所不同，最高者每氧化 1 g 该物质可产生 1.07 mL 水。骆驼体内贮存有大量该物质，故 30 多天不喝水也能照常活动， 该物质是( ) A蛋白质以(C2H5O2N)n为例B脂肪以硬脂酸甘油酯为例 C葡萄糖D肝糖原(C6H10O5)n 解析：生物体内有机物氧化生成的水，是由有机物中脱下的氢与氧结合而成。因此，相 同质量的有机物氧化生成的水的多少，与该有机物含氢元素的量有关，氢元素含量比例越高，

8、有机物氧化后生成的水越多。比较蛋白质(C2H5O2N)n、脂肪(C57H110O6)和葡萄糖(C6H12O6) 及肝糖原(C6H10O5)n中氢元素的含量，可以推测脂肪中氢元素的含量最高。所以，氧化上述 相同质量的四种物质，脂肪被氧化后生成的水最多。 答案：B 11某制糖厂以甘蔗为原料制糖，同时得到大量的甘蔗渣，对甘蔗进行综合利用不仅 可以提高经济效益，而且还能防止环境污染，现按以下方式进行：已知 H 是具有香味的液体，试填空： (1)A 的名称为_；H 的名称为_。 (2)DE 的化学方程式 _ _。 (3)GH 的化学方程式 _ _。 解析：甘蔗渣应该含有大量纤维素，所以 A 的名称应该是

9、纤维素，纤维素水解得到 B(葡萄糖)，B 在酒化酶的作用下生成 D(酒精)。D 被氧化生成 E(乙醛)，E 与新制 Cu(OH)2反 应生成 G(乙酸)，G 与乙醇在浓 H2SO4加热条件下酯化反应生成乙酸乙酯。 答案：(1)纤维素 乙酸乙酯(2)2CH3CH2OHO22CH3CHO2H2OCu(3)CH3CH2OHCH3COOH浓硫酸 CH3COOCH2CH3H2O 12A、B、C、D、E 五种有机物，它们分子中 C、H、O 三种元素的质量比都是 618。在通常情况下，A 是一种有刺激性气味的气体，对氢气的相对密度为 15，其水 溶液能发生银镜反应。B 的相对分子质量是 A 的 6 倍，C

10、和 B 是同分异构体，两物质都是 具有甜味的白色晶体，但 B 常用做制镜工业的还原剂。D 和 E 两物质的蒸气密度都是 2.68 gL1(标准状况下)，它们互为同分异构体，但 D 的水溶液能使石蕊试液变红，而 E 是不溶 于水的油状液体，具有水果香味。试写出 A、B、C、D、E 的名称和 A、B、C、D、E 的 结构简式： A_，_； B_，_； C_，_； D_，_； E_，_。 解析：此题是有机综合推断题，重点考查有机物分子式的确定，以及有机物结构和性质 的掌握情况。 五种物质分子中 C、H、O 的原子个数比为：N(C)N(H)N(O) 121，61211816 所以，最简式为 CH2O。

11、又因 A 的相对分子质量为 30，且是一种有刺激性气味的气体， 故 A 为甲醛。B、C 的相对分子质量均为 306180，分子式为 C6H12O6，又因 B 可做制镜 工业的还原剂，故 B 为葡萄糖，C 为果糖。D 和 E 的摩尔质量为 22.4 Lmol12.68 gL160 gmol1，分子式为 C2H4O2，D 的水溶液显酸性，E 是不溶于水的油状液体，具有 水果香味，故 D 为乙酸，E 为甲酸甲酯。 答案：甲醛 HCHO 葡萄糖 CH2OH(CHOH)4CHO 果糖 CH2OH(CHOH)3COCH2OH乙酸 CH3COOH 甲酸甲酯 HCOOCH3 13蛋白质是一类复杂的含氮化合物，

12、每种蛋白质都有其恒定的含氮量约在 14%18%(本题涉及的含量均为质量分数)，故食品中蛋白质的含量测定常用凯氏定氮法。 其测定原理是： .蛋白质中的氮(用氨基表示)在强热和 CuSO4、浓 H2SO4作用下，生成一种无机含氮化合物，反应式为：2NH2H2SO42H_。CuSO4.该无机化合物在凯氏定氮器中与碱作用，通过蒸馏释放出 NH3，收集于 H3BO3溶液 中，生成(NH4)2B4O7。 .用已知浓度的盐酸标准溶液滴定，根据盐酸的消耗量计算出氮的含量，然后乘以相 应的换算系数，即得蛋白质的含量。 (1)上述原理第步生成的无机含氮化合物化学式为_。 (2)乳制品的换算系数为 6.38，即若检

13、测出氮的含量为 1%，蛋白质的含量则为 6.38%。不法分子通过在低蛋白含量的奶粉中加入三聚氰胺(Melamine)来“提高”奶粉中的 蛋白质含量，导致许多婴幼儿患肾结石。 三聚氰胺的结构如下图所示，其化学式为_，含氮量(氮元素的质量分数)为 _； NH2NH2NNNH2N 下列关于三聚氰胺的说法中，正确的有_； A三聚氰胺是一种白色结晶粉末，没有什么气味和味道，所以掺入奶粉后不易被发 现 B三聚氰胺分子中所有原子可能在同一个平面上 C三聚氰胺呈弱碱性，可以和酸反应生成相应的盐 假定奶粉中蛋白质的含量为 16%即为合格，不法分子在一罐总质量为 500 g、蛋白 质含量为 0 的假奶粉中掺入多少

14、克的三聚氰胺就可使奶粉“达标” 。 解析：(2)氨基中氮原子所形成的三条共价键是三角锥形，所以三聚氰胺分子中的所 有原子不可能共平面。如含蛋白质 16%为合格，折算成含氮量为：2.51%，500 g 假奶粉中氮元素的质16%6.38量为：500 g2.51%12.55 g。则需要加入的三聚氰胺质量为：18.8 g。12.55 g66.7% 答案：(1)(NH4)2SO4 (2)C3H6N6 66.7% A、C 18.8 g 14星形聚合物 SPLA 可经下列反应路线得到(部分反应条件未注明)。(1)淀粉是_糖(填“单”或“多”)；A 的名称是_。 (2)乙醛由不饱和烃制备的方法之一是_(用化学

15、方程式表示，可多步)。(3)DE 的化学反应类型属于_反应；D 结构中有 3 个相同的基团，且 1 mol D 能与 2 mol Ag(NH3)2OH 反应，则 D 的结构简式是_；D 与银氨溶液反应的化学方 程式为 _。(4)B 的直链同分异构体 G 的分子中不含甲基，G 既不能与 NaHCO3溶液反应，又不能 与新制 Cu(OH)2反应，且 1 mol G 与足量 Na 反应生成 1 mol H2，则 G 的结构简式为 _。 (5)B 有多种脱水产物，其中两种产物的结构简式为_和_。 解析：(3)由分子式(C5H12O4)可知 E 为饱和四元醇，再由 SPLA 的结构推知 E 的结构： C

16、(CH2OH)4，由 D 的分子中含 1 个CHO，可知 D 的结构：C(CH2OH)3CHO。(5)由(3)可知 E的结构简式为 C(CH2OH)4，结合 SPLA 的结构可得 B 的结构简式为，它 可分为分子内脱水、两分子脱一分子水、两分子脱二分子水(生成环酯)、生成聚酯等多种脱 水方式。 答案：(1)多 葡萄糖(2)CH2=CH2H2OCH3CH2OH催化剂2CH3CH2OHO22CH3CHO2H2O催化剂 或CH2=CH2HBrCH3CH2Br CH3CH2BrH2OCH3CH2OHHBr 或 CH3CH2BrNaOHCH3CH2OHNaBr2CH3CH2OHO22CH3CHO2H2O催化剂 (3)加成(或还原) C(CH2OH)3CHOC(CH2OH)3CHO2Ag(NH3)2OHC(CH2OH)3COONH42Ag3NH3H2O.精品资料。欢迎使用。高考资源网高考资源网w。w-w*k&s%5￥u高考资源网高考资源网 w。w-w*k&s%5￥u