2019届高三物理上学期期初考试试题（新版）新人教版.doc

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1、- 1 -20192019 学年度上学期期初考试学年度上学期期初考试高三年级物理科试卷高三年级物理科试卷时间：时间：9090 分钟分钟 满分：满分：100100 分分第一卷第一卷一、选择题一、选择题( (共共 1212 小题，每小题小题，每小题 4.04.0 分分, ,共共 4848 分分) ) 1.质量为m的物体，它的vt图如图所示，该物体在哪一段时间所受的合外力最大( )A 02 s B 69 sC 910 s D 1013 s2.如图所示为位于水平面上的小车，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为，在斜杆的下端固定有质量为m的小球下列关于杆对球的作用力F的判断中，正确的是( )A 小车

2、静止时，Fmgsin，方向沿杆向上B 小车静止时，Fmgcos，方向垂直于杆向上C 小车向右匀速运动时，一定有Fmg，方向竖直向上D 小车向右匀加速运动时，一定有Fmg，且方向沿杆向上3.如图所示，光滑斜面体固定于水平面上，滑块A、B叠放后一起冲上斜面，且始终保持相对静止，A上表面水平，则在斜面上运动时，B受力的示意图为( )A B C D4.如图所示，质量为M、半径为R、内壁光滑的半球形容器静止在粗糙水平地面上，O为球心有一劲度系数为k的轻弹簧一端固定在半球形容器底部O处，另一端与质量为m的小球相连，小球静止于P点已知地面与半球形容器间的动摩擦因数为，OP与水平方向的- 2 -夹角为30，下

3、列说法正确的是( )A 小球受到轻弹簧的弹力大小为mgB 小球受到容器的支持力大小为C 小球受到容器的支持力大小为mgD 半球形容器受到地面的摩擦力大小为mg5.倾角为、质量为M的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上下列结论正确的是( )A 木块受到的摩擦力大小是mgcosB 木块对斜面体的压力大小是mgsinC 桌面对斜面体的摩擦力大小是mgsincosD 桌面对斜面体的支持力大小是(Mm)g6.游乐园中，游客乘坐能加速或减速上升的升降机，可以体会超重和失重的感觉，下列描述正确的是( )A 当升降机加速上升时，机内游客是处在失重状态B 当升降机减速下降时，机内游客是处在失重状

4、态C 当升降机减速上升时，机内游客是处在失重状态D 当升降机加速下降时，机内游客是处在超重状态7.如图所示，一根不可伸长的轻绳两端连接两轻环A、B，两环分别套在相互垂直的水平杆和竖直杆上轻绳绕过光滑的轻小滑轮，重物悬挂于滑轮下，始终处于静止状态下列说法正确的是( )A 只将环A向下移动少许，绳上拉力变大，环B所受摩擦力变小- 3 -B 只将环A向下移动少许，绳上拉力不变，环B所受摩擦力不变C 只将环B向右移动少许，绳上拉力变大，环A所受杆的弹力不变D 只将环B向右移动少许，绳上拉力不变，环A所受杆的弹力变小8.如图，放射性元素镭衰变过程中释放 、 三种射线，分别进入匀强电场和匀强磁场中，下列说

5、法中正确的是( )A 表示 射线，表示 射线 B 表示 射线，表示 射线C 表示 射线，表示 射线 D 表示 射线，表示 射线 9.(多选)如图所示，质量为M、半径为R的半球形物体A放在水平地面上，通过最高点处的钉子用水平细线拉住一质量为m、半径为r的光滑球B.则( )AA对地面的压力等于(Mm)g BA对地面的摩擦力方向向左CB对A的压力大小为mg D 细线对小球的拉力大小为mg10.(多选)“蹦极”是一项非常刺激的体育运动，如图所示，某人身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳的原长位置，c点是人能到达的最低点，b点是人静止悬吊着时的平衡位置，人在从P点下落到最低点c的过程中( )A

6、 人在Pa段做自由落体运动，处于完全失重状态B 人在ab段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态C 人在bc段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态D 人在c点，人的速度为零，其加速度为零11.(多选)如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中( )- 4 -A 桌布对鱼缸摩擦力的方向向左B 鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等C 若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将增大D 若猫减小拉力，鱼缸有可能滑出桌面12.(多选)如图所示，在光滑的桌面上有M、m的两个物块，现用力F推物块，使M、m两物块在桌上一起向右加速，则M

7、、m间的相互作用力为( )A 若桌面光滑，作用力为 B 若桌面光滑，作用力为C 若桌面的摩擦因数为，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力为MgD 若桌面的摩擦因数为，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力为分卷 II二、实验题二、实验题( (共共 2 2 小题，每小题小题，每小题 8 8 分分, ,共共 1616 分分) ) 13.(1)使用打点计时器来分析物体运动情况的实验中，有如下基本步骤：A把打点计时器固定在桌子上B安好纸带C松开纸带让物体带着纸带运动D接通低压交流电源E取下纸带F断开开关这些步骤正确的排列顺序为_(2)用频率为 50 Hz 的打点计时器记录被小车拖动的纸带的运动情

8、况，在纸带上确定出A、B、C、D、E、F、G共 7 个计数点其相邻点间的距离如图 6 所示，每两个相邻的计数点之间还有 4 个点未画出- 5 -图 6试根据纸带上各个计数点间的距离，计算出打下B、C、D、E、F五个点时小车的瞬时速度，并将各个速度值填入下表(要求保留 3 位有效数字) 其中C、D、E三点已算出.将B、C、D、E、F各个时刻的瞬时速度标在直角坐标系中，并画出小车的瞬时速度随时间变化的关系图线(如图 7)图 7由所画速度时间图象求出小车加速度为_m/s2(该空保留两位有效数字)14.甲乙两个同学共同做“验证牛顿第二定律”的实验，装置如图所示两位同学用砝码盘(连同砝码)的重力作为小车

9、(对象)受到的合外力，需要平衡桌面的摩擦力对小车运动的影响他们将长木板的一端适当垫高，在不挂砝码盘的情况下，小车能够自由地做_运动另外，还应满足砝码盘(连同砝码)的质量m_小车的质量M.(填“远小于” 、 “远大于”或“近似等于”)接下来，甲同学研究：在保持小车的质量不变的条件下，其加速度与其受到的牵引力的关系；乙同学研究：在保持受到的牵引力不变的条件下，小车的加速度与其质量的关系甲同学通过对小车所牵引纸带的测量，就能得出小车的加速度a.下图是某次实验所打出的一条纸带，在纸带上标出了 5 个计数点，在相邻的两个计数点之间还有 4 个点未标出，图中- 6 -数据的单位是 cm.实验中使用的电源是

10、频率f50 Hz 的交变电流根据以上数据，可以算出小车的加速度a_m/s2.(结果保留三位有效数字)乙同学通过给小车增加砝码来改变小车的质量M，得到小车的加速度a与质量M的数据，画出a图线后，发现：当较大时，图线发生弯曲于是，该同学后来又对实验方案进行了进一步地修正，避免了图线的末端发生弯曲的现象那么，该同学的修正方案可能是_ .A改画a与的关系图线B改画a与(Mm)的关系图线C改画a与的关系图线D改画a与的关系图线三、计算题三、计算题( (共共 4 4 小题，每小题小题，每小题 9.09.0 分分, ,共共 3636 分分) ) 15.质量m20 kg 的物体静止在水平面上，物体与水平面间的

11、滑动摩擦力为 40 N现对物体施加一水平推力，使物体做匀加速运动，测出物体在运动后 10 s 末的速度为 8 m/s，求水平推力的大小16.如图为一倾角30的传送带装置示意图，绷紧的传送带在A、B间始终保持v1 m/s 的恒定速率向上运行，一质量m2 kg 的物体无初速地放在A处，传送带就将物体传送上去设物体与传送带间的滑动摩擦力Ff0.6mg，AB间的距离L4 m，g取 10 m/s2.求物体从A处传送到B处所需的时间t.某同学根据以上条件，提出一种计算时间t的方法：由Ffmgsinma和Lat2可解得t.请判断上面的解法是否正确，并说明理由如果正确，请代入数据计算出结果；如不正确，请给出正

12、确的解法和结果17.如图所示，导热良好的薄壁汽缸放在光滑水平面上，用横截面积为S1.0102m2的光- 7 -滑薄活塞将一定质量的理想气体封闭在汽缸内，活塞杆的另一端固定在墙上外界大气压强p01.0105Pa.当环境温度为 27 时，密闭气体的体积为 2.0103m3.(1)当环境温度缓慢升高到 87 时，汽缸移动了多少距离？(2)如果环境温度保持在 87 ，对汽缸施加水平作用力，使缸内气体体积缓慢地恢复到原来数值，这时汽缸受到的水平作用力多大？18.两物块A、B用轻弹簧相连，质量均为 2 kg，初始时弹簧处于原长，A、B两物块都以v6 m/s 的速度在光滑的水平地面上运动，质量 4 kg 的

13、物块C静止在前方，如图所示B与C碰撞后二者会粘在一起运动则在以后的运动中(1)当弹簧的弹性势能最大时，物块A的速度为多大？(2)系统中弹性势能的最大值是多少？ - 8 -物理答案解析物理答案解析1.【答案】C【解析】由vt图线知，910 s 内图线斜率的绝对值最大，知 910 s 内的加速度最大，根据牛顿第二定律知，合外力最大故 C 正确，A、B、D 错误2.【答案】C【解析】小车静止和匀速运动时，小球处于平衡状态，则杆对球的弹力Fmg，方向竖直向上，故 A、B 错误，C 正确；小球向右匀加速运动时，小球具有向右的加速度，合力向右，根据平行四边形定则知，Fmg，但是方向不一定沿杆向上，故 D

14、错误3.【答案】A【解析】以A、B为整体，A、B整体沿斜面向下的加速度a可沿水平方向和竖直方向分解为加速度a和a，如图所示，以B为研究对象，B滑块必须受到水平向左的力来产生加速度a.因此B受到三个力的作用，即：重力、A对B的支持力、A对B的水平向左的静摩擦力，故只有选项 A 正确4.【答案】C【解析】小球受三个力而平衡，如图所示由题图几何关系可知，这三个力互成 120角，因此三个力大小相等，C 正确，A、B 错误；对整体，竖直方向受重力和地面支持力而平衡，水平方向不受力，D 错误5.【答案】D【解析】木块受到重力、支持力、摩擦力三个力的作用，处于静止状态，合力为零，则有摩擦力Ffmgsin，支

15、持力FNmgcos，由牛顿第三定律，木块对斜面体的压力FNmgcos，A、B 错误；木块和斜面体整体处于静止状态，合力为零，则有桌面对斜面体的摩擦力为 0，桌面对斜面体的支持力等于两物体的重力之和(Mm)g，C 错误，D 正确- 9 -6.【答案】C【解析】升降机加速上升或减速下降时，加速度方向向上，游客处于超重状态，A、B 错升降机加速下降或减速上升时，加速度方向向下，游客处于失重状态，C 对、D 错7.【答案】B【解析】设滑轮两侧绳子与竖直方向的夹角为，绳子的长度为L，B点到墙壁的距离为S，根据几何知识和对称性，得：sin ；以滑轮为研究对象，设绳子拉力大小为F，根据平衡条件得：2Fcos

16、mg，得F；只将环A向下移动少许，S不变，角不变，则绳上拉力不变，环B所受摩擦力FfFsin不变，选项 A 错误，B 正确；只将环B向右移动少许，则两边绳子的夹角变大，则根据 2Fcosmg，可知绳上拉力F变大，环A所受杆的弹力FNFsin变大，选项 C、D 错误8.【答案】C【解析】 射线实质为氦核，带正电， 射线为电子流，带负电， 射线为高频电磁波，根据电荷所受电场力特点可知：为 射线，为 射线，为 射线； 射线是高速He 流，一个 粒子带两个正电荷根据左手定则， 射线受到的洛伦兹力向左，故是 射线； 射线是高速电子流，带负电荷根据左手定则， 射线受到的洛伦兹力向右，故是 射线； 射线是

17、光子，是中性的，故在磁场中不受磁场的作用力，轨迹不会发生偏转故是 射线故 C 正确，A、B、D 错误9.【答案】AC【解析】以A、B整体为研究对象可知A对地面的压力等于(Mm)g，A 正确；A、B整体在水平方向没有发生相对运动，也没有相对运动的趋势，A对地面没有摩擦力，B 错误；以B为研究对象，进行受力分析可知：设A对B的支持力为F2，线对B的拉力为F1，F2与竖直方向的夹角为.F2cosmg，F1mgtan，解得B对A的压力大小F2mg，细线对小球的拉力大小F1，C 正确，D 错误10.【答案】AB【解析】人在Pa段只受重力作用，ag，完全失重，A 正确；人在ab段受重力和向上的拉- 10

18、-力，拉力小于重力，合力向下，加速度向下，失重，B 正确；人在bc段受重力和向上的拉力，拉力大于重力，合力向上，加速度向上，超重，C 错误；人到c点时，拉力最大，合力最大，加速度最大，D 错误11.【答案】BD【解析】桌布向右拉出时，鱼缸相对于桌布有向左的运动，故鱼缸受到的摩擦力向右，故 A错误；由于鱼缸在桌面上和在桌布上的动摩擦因数相同，故受到的摩擦力相等，则由牛顿第二定律可知，加速度大小相等；但在桌面上做减速运动，则由vat可知，它在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等，故 B 正确；鱼缸受到的摩擦力为滑动摩擦力，其大小与拉力无关，只与压力和动摩擦因数有关，因此增大拉力时，摩擦力不变；故 C

19、错误；猫减小拉力时，桌布在桌面上运动的加速度减小，则运动时间变长；因此鱼缸加速时间变长，桌布抽出时的位移以及速度均变大，则有可能滑出桌面，故 D 正确12.【答案】AD【解析】若桌面光滑，将两者看做一个整体，设m、M间的作用力为F在水平方向上有：对整体有F(Mm)a，对M分析可得FMa，解得F，A 正确，B 错误；若桌面不光滑，则将两者看做一个整体，对整体有F(Mm)g(Mm)a，对M分析可得FMgMa，联立即得F，故 D 正确，C 错误13.【答案】(1) ABDCFE (2)0.400 0.721 见解析图 0.80【解析】(1)正确的排列顺序为 ABDCFE；(2)vBm/s0.400

20、m/s；vFm/s0.721 m/s.图线如图所示：小车加速度为am/s20.80 m/s2.14.【答案】匀速直线运动 远小于 0.343 A- 11 -【解析】“验证牛顿第二定律”的实验中，为使绳子拉力为小车受到的合力，应先平衡摩擦力，方法是将长木板的一端适当垫高，在不挂砝码盘的情况下，小车能够自由地做匀速直线运动，另外为使绳子拉力等于砝码盘(连同砝码)的重力，必须满足砝码盘(连同砝码)的质量m远小于小车的质量M的条件每打五个点取一个计数点，又因打点计时器每隔 0.02 s 打一个点，所以相邻两计数点间的时间间隔T0.1 s；在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数即 xaT2，逐差

21、法知a1020.343 m/s2分别对小车与砝码列出牛顿第二定律，对小车有FMa，对砝码有mgFma，两式联立可得amg，作图时应作出a图象故选 A.15.【答案】56 N【解析】由牛顿第二定律，得FFfma，则加速度a有F合ma16 N，合外力等于拉力减去摩擦力，所以拉力等于合外力加摩擦力，F1640 N56 N16.【答案】4.5 s【解析】上面的解法是错误的，物体并非一直做匀加速直线运动正确解法：根据牛顿第二定律得，a1 m/s2.当物体速度达到 1 m/s 时的时间t1 1 s，位移x1at0.5 m.因为最大静摩擦力大于重力沿传送带方向上的分力，之后物体做匀速运动匀速运动的时间t23

22、.5 s.则总时间tt1t24.5 s.17.【答案】(1)4102m (2)200 N【解析】(1)气体等压变化V22.0103m32.4103m3- 12 -汽缸移动的距离为 lm4102m(2)从状态 13 气体等容变化p3Pa1.2105Pap3Sp0SF所以F(p3p0)S2104102N200 N或从状态 23 气体等温变化p2V2p3V3p3Pa1.2105Pa得F200 N.18.【答案】(1)3 m/s (2)12 J【解析】(1)当A、B、C三者的速度相等时弹簧的弹性势能最大由A、B、C三者组成的系统动量守恒，(mAmB)v(mAmBmC)vABC，解得vABCm/s3 m/s.(2)B、C碰撞时B、C组成的系统动量守恒，设碰后瞬间B、C两者速度为vBC，则mBv(mBmC)vBC，vBCm/s2 m/s，设物块A、B、C速度相同时弹簧的弹性势能最大为Ep，根据能量守恒Ep (mBmC)vmAv2 (mAmBmC)v (24)22J 262J (224)32J12 J.