2019届高三物理上学期第一次月考仿真测试试题（B） 新人教版.doc

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1、120192019学年上学期高三年级第一次月考学年上学期高三年级第一次月考物理试卷（物理试卷（B B）说明：1本卷考查必修1全部。2考试时间90分钟，满分100分。一、选择题：本题共一、选择题：本题共1010小题，每小题小题，每小题5 5分，共分，共5050分。在每小题给出的四个选项中，第分。在每小题给出的四个选项中，第1 16 6题只有一项符合题目要求，第题只有一项符合题目要求，第7 71010题有多项符合题目要求。全部选对的得题有多项符合题目要求。全部选对的得5 5分，选分，选对但不全的得对但不全的得3 3分，有选错的得分，有选错的得0 0分。分。1北京时间2016年8月6日早上700，第

2、31届奥林匹克运动会在巴西里约热内卢拉开帷幕。第4天上午，中国选手孙杨以1分44秒的成绩获得男子200米自由泳比赛冠军（国际标准游泳池长50米） 。下列说法正确的是（ ）A “1分44秒”指的是时间间隔B孙杨200米自由泳的平均速度为1.92 m/sC在研究孙杨的技术动作时，可以把孙杨看成质点D在游泳过程中，以游泳池里的水为参考系，孙杨是静止的【解析】时间间隔指一段时间，对应一过程，孙杨游泳 200 米，是一过程，故 1 分44 秒为时间间隔，A 正确；根据平均速度定义式 得 0（位移为 0） ，B 不正确；vx tv0 t质点是理想化的物理模型，物体的大小、形状对所研究的问题没有影响或影响很

3、小时， 物体才可以看做质点，所以研究孙杨的技术动作时，孙杨的形状不能忽略，即孙杨不能 看做质点，C 不正确；孙杨在游泳过程中，以水为参考系，他是运动的，D 不正确。 【答案】A 2 （2017四川绵阳调研）物块在水平面上在外力作用下发生运动，其速度随位移 变化的规律如图所示，则下列说法正确的是（ ） A物块做匀加速直线运动 B物块的加速度逐渐减小 C物块的加速度逐渐增大 D物块的加速度先逐渐增大后保持不变 【解析】在任意时间取一段很短的距离 x，对应的时间为 t，速度的变化量为v，则物块此时的加速度为av。因速度随位移变化的图线的斜v tv xx tv x率是个定值，而物块的瞬时速度越来越大，

4、所以物块运动的加速度越来越大，即选 C 正 确。 【答案】C 3(2016河南信阳模拟)中国首架空客 A380 大型客机在最大重量的状态下起飞需要 滑跑距离约为 3 000 m，着陆距离大约为 2 000 m。设客机起飞滑跑和着陆时都做匀变速运 动，起飞时速度是着陆时速度的 1.5 倍，则起飞滑跑时间和着陆滑跑时间之比是 ( )此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 2A32 B11 C12 D21 【解析】由题意可知，x起飞3 000 m，x着陆2 000 m，v起飞1.5v0，v着陆v0，由xt可得：t起飞；t着陆，选项 B 正确。v 22x起飞 v起飞6 000 m 1.5

5、v04 000 m v04 000 m v0【答案】B 4(2016广东佛山二模)广州塔，昵称小蛮腰，总高度达 600 米，游客乘坐观光电梯 大约一分钟就可以到达观光平台。若电梯简化成只受重力与绳索拉力，已知电梯在t0 时 由静止开始上升，at图像如图所示。则下列相关说法正确的是 ( ) At4.5 s 时，电梯处于失重状态 B555 s 时间内，绳索拉力最小 Ct59.5 s 时，电梯处于超重状态 Dt60 s 时，电梯速度恰好为零 【解析】利用at图像可判断：t4.5 s 时，电梯 有向上的加速度，电梯处于超重状态，则 A 错误；05 s 时间内，电梯处于超重状态，拉 力大于重力，5 s5

6、5 s 时间内，电梯处于匀速上升过程，拉力等于重力，55 s60 s 时 间内，电梯处于失重状态，拉力小于重力，综上所述，B、C 错误；因at图线与t轴所 围的“面积”代表速度改变量，而图中横轴上方的“面积”与横轴下方的“面积”相等， 则电梯的速度在t60 s 时为零，D 正确。 【答案】D 5从地面以一定的速度竖直向上抛出一小球，以抛出点为计时起点，小球上升到最高 点的时刻为t1，下落到抛出点的时刻为t2。若空气阻力的大小恒定，则在下图中能正确表 示被抛出的小球的速率v随时间t的变化关系的图线是( )【解析】设小球的质量为m，空气阻力的大小为f，小球上升和下落过程的加速度分别为a1、a2，则

7、上升过程由牛顿第二定律得mgfma1，a1g ；下降过程有mgfma2，a2g ，即a1a2，Dmgf mf mmgf mf m错误；上升与下降的位移大小相等，即图像对应的面积相等，B错误；题中表示的是速率与时间的变化关系，没有方向，A错误，C正确。【答案】C6(2016浙江理综，17)如图所示为一种常见的身高体重测量仪。测量仪顶部向下发射波速为v的超声波，超声波经反射后返回，被测量仪接收，测量仪记录发射和接收的时间间隔。质量为M0的测重台置于压力传感器上，传感器输出电压与作用在其上的压力成3正比。当测重台没有站人时，测量仪记录的时间间隔为t0，输出电压为U0，某同学站上测重台，测量仪记录的时

8、间间隔为t，输出电压为U，则该同学的身高和质量分别为( )Av(t0t)，U B.v(t0t)，UM0 U01 2M0 U0Cv(t0t)，(UU0) D. v(t0t)，(UU0)M0 U01 2M0 U0【解析】当测重台没有站人时，2xvt0，当测重台站人时，2(xh)vt，联立可得hv(t0t)；当测重台没有站人时，U0kM0g；当测重台站人时，Uk(M0gmg)，联立1 2可得，m(UU0)；故选项D正确。M0 U0【答案】D7.甲、乙、丙是三个在同一直线上运动的物体，它们运动的vt图像如图所示，下列说法正确的是 ( )A丙与甲的运动方向相反B丙与乙的运动方向相同C乙的加速度的大小大于

9、甲的加速度的大小D丙的加速度的大小小于乙的加速度的大小【解析】甲、乙、丙三个物体的速度均为正值，运动方向相同，选项A错误，B正确；根据速度图像斜率的绝对值表示加速度的大小，乙的加速度的大小大于甲的加速度的大小，丙的加速度的大小大于乙的加速度的大小，选项C正确，D错误。【答案】BC8(2016山东菏泽十校一模)如图所示，一根轻质细绳跨过定滑轮连接两个小球A、B，它们都穿在一根光滑的竖直杆上，不计细绳与滑轮之间的摩擦，当两球平衡时OA绳与水平方向的夹角为60，OB绳与水平方向的夹角为30，则球A、B的质量之比和杆对A、B的弹力之比分别为 ( )A. B.mA mB31mA mB33C. D.NA

10、NB33NA NB32【解析】分别对A、B两球受力分析，运用合成法，如图所示。由几何知识得Tsin 60mAg，Tsin 30mBg，故mAmBsin 60sin 3041。杆的弹力N，则，选项A、C正确。3mg tan NA NBtan 30 tan 60333【答案】AC9(2016广东中山模拟)如图甲所示的水平传送带AB逆时针匀速转动，一物块沿曲面从一定高度处由静止开始下滑，以某一初速度从传送带左端滑上，在传送带上由速度传感器记录下物块速度随时间的变化关系如图乙所示(图中取向左为正方向，以物块刚滑上传送带时为计时起点)。已知传送带的速度保持不变，重力加速度g取10 m/s2。关于物块与传

11、送带间的动摩擦因数及物块在传送带上运动第一次回到传送带左端的时间t，下列计算结果正确的是 ( )A0.4 B0.2 Ct4.5 s Dt3 s【解析】由题图乙可得，物块做匀变速运动的加速度大小为a2.0 m/s2，由牛v t顿第二定律得fmamg，则可得物块与传送带间的动摩擦因数0.2，A错误，B正确；在vt图像中，图线与t轴所围面积表示物块的位移，则物块经减速、反向加速到与传送带相对静止，最后匀速运动回到传送带左端时，物块的位移为0，由题图乙可得物块在传送带上运动的总时间为4.5 s，C正确，D错误。【答案】BC10如图所示的装置为在摩擦力不计的水平桌面上放一质量为m乙5 kg的盒子乙，乙内

12、放置一质量为m丙1 kg的滑块丙，用一质量不计的细绳跨过光滑的定滑轮将一质量为m甲2 kg 的物块甲与乙相连接，其中连接乙的细绳与水平桌面平行。现由静止释放物块甲，在以后的运动过程中，盒子乙与滑块丙之间没有相对运动，假设整个运动过程中盒子始终没有离开水平桌面，重力加速度g10 m/s2。则 （ ）A细绳对盒子的拉力大小为20 NB盒子的加速度大小为2.5 m/s2C盒子对滑块丙的摩擦力大小为2.5 ND定滑轮受到细绳的作用力为30 N【解析】假设绳子拉力为T，根据牛顿第二定律，对甲，有m甲gTm甲a；对乙和丙组成的整体，有T(m乙m丙 )a，联立解得T15 N，a2.5 m/s2，A错误，B正

13、确；对滑块丙受力分析，受重力、支持力和静摩擦力作用，根据牛顿第二定律，有fm丙a12.5 N2.5 N，C正确；绳子的张力为15 N，由于滑轮两侧绳子垂直，根据平行四边形定则，其5对滑轮的作用力为15 N，所以D错误。2【答案】BC二、非选择题：本题共二、非选择题：本题共6 6小题，共小题，共5050分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。明确写出数值和单位。11(2016

14、河北保定质检)(6分)某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验装置如图7甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。根据实验数据在白纸上所作图如图乙所示，已知实验过程中操作正确。(1)乙图中F1、F2、F、F四个力，其中力_(填上述字母)不是由弹簧测力计直接测得的。实验中，要求先后两次力的作用效果相同，指的是_(填正确选项前字母)。A两个弹簧测力计拉力F1和F2的大小之和等于一个弹簧测力计拉力的大小B橡皮条沿同一方向伸长C橡皮条伸长到同一长度D橡皮条沿同一方向伸长同一长度(2)丙图是测量中某一弹簧测力计的示数，读出该力大小为_N。【解析】(1)F在以F1与F2为

15、邻边的平行四边形的对角线上，不是由弹簧测力计直接测出的。该实验采用了“等效替代”法，即合力与分力的关系是等效的，前后两次要求橡皮条沿同一方向伸长同一长度，故A、B、C错误，D正确。(2)根据丙图读出力的值为9.0 N。【答案】(1)F D (2)9.0(8.89.2之间均可)12(2016宝鸡一模)(8分)振华同学用如图8所示的实验装置验证牛顿第二定律。6(1)该实验装置中有两处错误，分别是：_和_。（2）振华同学在老师的指导下改正了实验装置中的错误后，将细绳对小车的拉力当作小车及车上砝码受到的合外力，来验证“合外力一定时加速度与质量成反比” 。实验中，砝码盘及盘内砝码的总质量最好应为_。A1

16、0 g B50 g C100 g D1 kg振华同学在实验时用电磁打点计时器打了一条理想的纸带，他按要求选取计数点后，在测量各相邻两计数点间的距离时不慎将纸带撕成了几段，如图9所示，但他知道甲、乙属于同一纸带，则丙、丁、戊中属于上述纸带的是_。已知打点计时器所用电源频率为50 Hz，则由甲、乙纸带可求得小车的加速度大小为_m/s2(结果保留两位小数)。【解析】(2)该实验要求砝码和砝码盘的总质量远小于小车及车上砝码的总质量，即砝码和砝码盘的总质量要尽量小，故选A。根据刻度尺的读数可知，0、1两点的距离为x012.45 cm，2、3两点的距离为x234.70 cm。根据匀变速直线运动规律有x23

17、x01x45x23，得x456.95 cm，故戊纸带最符合。根据逐差法得ax23x01 2T2m/s21.13 m/s2。（4.702.45） 0.01 2 0.01【答案】(1)滑轮太高(或细绳与长木板不平行) 打点计时器接到直流电源上(或打点计时器未接交流电源)(2)A 戊 1.1313 （2016贵州三校联考） （8分）如图所示，在光滑的水平地面上，相距L10 m的A、B两小球均以v010 m/s向右运动，随后两球相继滑上倾角为30的足够长的光滑斜坡，地面与斜坡平滑连接，取g10 m/s2。求：7（1）B球刚要滑上斜坡时A、B两球的距离；（2）A球滑上斜坡后经过多长时间两球相遇。【解析】

18、 （1）设A球滑上斜坡后经过t1时间B球滑上斜坡，则有t11 sL v0A球滑上斜坡后加速度agsin 305 m/s2设这段时间内A球向上运动的位移为x，则xv0t1at7.5 m1 22 1（2）B球刚要滑上斜坡时A球速度v1v0at15 m/sB球滑上斜坡时，加速度与A球相同，以A球为参考系，B球相对于A球以vv0v15 m/s做匀速运动，设再经过时间t2两球相遇，有：t2 1.5 sx v则两球相遇时已经过的时间tt1t22.5 s【答案】 （1）7.5 m （2）2.5 s14 （2017福建达标测试） （8分）如图所示，在质量为m1 kg的重物上系着一条长30 cm的细绳，细绳的另

19、一端连着一个轻质圆环，圆环套在水平的棒上可以滑动，环与棒间的动摩擦因数为0.75，另有一条细绳，在其一端跨过定滑轮，定滑轮固定在距离圆环50 cm的地方，当细绳的另一端挂上重物G，而圆环将要开始滑动， （设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin 370.6，g取10 m/s2）求：（1）角；（2）长为30 cm的细绳的拉力T；（3）圆环将要开始滑动时，重物G的质量。【解析】 （1）圆环将要开始滑动时，所受的静摩擦力刚好达到最大值，有：fN对环进行受力分析，则有：NTcos 0NTsin 0解得：tan 得：534 3由于AO30 cm，AB50 cm，由余弦定理可求得：90。（2）按如图所示选取坐

20、标轴，根据m处于平衡状态，则有：Gcos Tsin mg8Tcos Gsin 0解得：T8 N。（3）圆环将要滑动时，重物Gmg又Tcos Gsin 0解得：m0.6 kg。【答案】 （1）90 （2）8 N （3）0.6 kg15(2017四川成都阶段测试)(10分)如图所示，倾角为的足够长斜面体A放在水平面上，在斜面上有一个物块B，当用F13.3 N的力沿斜面向下推物块B时，恰好能使物块沿斜面匀速下滑。当用F27.3 N的力沿斜面向下推物块时，物块在1.0 s内速度由0增大到2.0 m/s。在物块匀速下滑和加速下滑的过程中斜面体A一直保持静止，取g10 m/s2，sin 0.31，cos

21、0.95。(1)求物块的质量m和物块与斜面间的动摩擦因数；(2)若斜面体的质量为M3.0 kg，求在物块匀速下滑和加速下滑的过程中斜面体A受到地面的摩擦力和地面对A的支持力。【解析】(1)当物块匀速下滑时，由平衡条件得：F1mgsin mgcos 0当物块加速下滑时，由牛顿第二定律得：F2mgsin mgcos ma由运动学公式得avt t联立解得滑块质量m2.0 kg，动摩擦因数0.50。(2)当物块匀速下滑时，系统受力平衡，其受力情况如图所示，因此地面对斜面体A的静摩擦力与推力F1在水平方向上的分力平衡，因此有：fF1cos NF1sin (Mm)g代入数据解得f3.1 N，方向向左N51

22、 N，方向向上当物块加速下滑时，物块对斜面的作用力与匀速下滑时相同，因此地面对斜面体的摩擦力仍然为f3.1 N，方向向左，地面对A的支持力仍为N51 N，方向向上。【答案】(1)2.0 kg 0.50 (2)匀速下滑时：f3.1 N，方向向左 N51 N，方向向9上 加速下滑时：f3.1，方向向左，N51 N，方向向上16(10分)如图所示，一长木板静止在水平地面上，在长木板的上表面放一滑块。现在长木板上施加一水平向左的恒力，使长木板由静止开始以恒定的加速度a2.5 m/s2向左做匀加速直线运动，当其速度为v9 m/s时调整恒力的大小使长木板做匀速直线运动。假设滑块与长木板之间的最大静摩擦力等

23、于滑动摩擦力，滑块与长木板之间的动摩擦因数为0.225，重力加速度g10 m/s2，运动过程中滑块始终未滑离长木板。求：(1)长木板的速度达到v前滑块的加速度大小；(2)滑块相对地面加速运动的时间及位移大小；(3)为保证运动过程中滑块不滑离长木板，长木板运动前滑块到长木板右端的最短距离。【解析】(1)设滑块的质量为m，滑块的最大加速度为a，根据牛顿第二定律有mgma解得a2.25 m/s22.5 m/s2，滑块与长木板存在相对运动，则滑块的加速度大小为2.25 m/s2(2)设滑块相对地面加速运动的时间为t1，加速运动的位移大小为x1，则t14 sv ax118 m。v2 2a(3)设长木板做匀加速直线运动的时间为t2，则t2 3.6 sv a设滑块与长木板达到共同速度时长木板的位移为x2，则x2v(t1t2)19.8 mv2 2a要使滑块不从长木板上滑落，滑块与长木板右端的最短距离为xx2x11.8 m。【答案】(1)2.25 m/s2 (2)4 s 18 m (3)1.8 m