高考物理二轮复习板块一专题突破复习题型限时专练4选择题鸭题四.doc

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1、1专练专练 4 4 选择题选考题选择题选考题( (四四) )(时间：30 分钟)一、选择题(本题共 8 小题，在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求)14(2017石家庄摸底)如图所示是原子物理史上几个著名的实验，关于这些实验，下列说法正确的是( )A卢瑟福通过粒子散射实验否定了原子的核式结构模型B放射线在磁场中偏转，中间没有偏转的为射线，电离能力最强C电压相同时，光照越强，光电流越大，说明遏止电压和光的强度有关D链式反应属于重核的裂变解析 卢瑟福通过粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型，选项 A 错误放射线在磁场中偏转，中间没有偏

2、转的为射线，电离能力最弱，选项 B 错误电压相同时，光照越强，光电流越大，说明光电流和光的强度有关，不能说明遏止电压和光的强度有关，选项 C 错误链式反应属于重核的裂变，选项 D 正确答案 D15(2017江苏六校联考)如图所示，有A、B两颗卫星绕地心O做圆周运动，旋转方向相同A卫星的周期为T1，B卫星的周期为T2，在某一时刻两卫星相距最近，则(引力常量为G)( )2A两卫星经过时间tT1T2再次相距最近B两颗卫星的轨道半径之比为C若已知两颗卫星相距最近时的距离，可求出地球的密度D若已知两颗卫星相距最近时的距离，可求出地球表面的重力加速度解析 设两卫星经过时间t再次相距最近，由1 解得，t，选

3、项 At T1t T2T1T2 T2T1错误根据开普勒定律，k，解得两颗卫星的轨道半径之比r3 1 T2 1r1r2，选项 B 正确若已知两颗卫星相距最近时的距离，结合两颗卫星的轨道半径之比可以求得两颗卫星的轨道半径，根据万有引力提供向心力，得mGMm r2r，可求出地球质量，但不知道地球半径，故求不出地球密度，也求不出地球表面的重42 T2力加速度，选项 C、D 错误答案 B16(2017福建质检)如图，某翻斗车停在水平地面上，车厢上端装有一货物A.开始一段时间，A被固定在车厢中，tt1时解除固定，A沿车厢匀加速下滑，tt2时撞到车厢下端的后挡板，A撞到后挡板时未反弹若车在整个过程中始终未移

4、动，则车对水平地面的压力F随时间t的变化关系图象可能是( )3解析 开始时A静止在车厢的顶端，则由力的平衡条件可知，车对水平地面的压力等于系统的重力解除固定后，A沿车厢加速下滑，加速度沿斜面向下，由于加速度有竖直向下的分量，则A处于失重状态，车对水平地面的压力小于系统的重力，C、D 错误；A与后挡板碰撞的过程，A向下做减速运动，加速度方向沿斜面向上，加速度有竖直向上的分量，则A处于超重状态，车对水平地面的压力大于系统的重力，速度减为零后，A静止在后挡板处，车对水平地面的压力等于系统的重力，由以上分析可知，A 正确，B 错误答案 A17(2017云南毕业统一检测)如图所示，一个小球套在固定的倾斜

5、光滑杆上，一根轻质弹簧的一端悬挂于O点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内现将小球沿杆拉到与O点等高的位置由静止释放，小球沿杆下滑，当弹簧处于竖直时，小球速度恰好为零若弹簧始终处于伸长状态且在弹性限度以内，在小球下滑过程中，下列说法正确的是( )4A弹簧的弹性势能一直增加B小球的机械能保持不变C重力做功的功率先增大后减小D当弹簧与杆垂直时，小球的动能最大解析 弹簧垂直光滑杆时最短、弹性势能最小，小球在下滑过程中，弹簧弹性势能先减小后增大，A 错误；小球在下滑过程中，重力和弹簧弹力做功，弹簧弹力先做正功后做负功，小球机械能先增大后减小，B 错误；当小球重力沿光滑杆向下的分力和弹簧弹力沿杆

6、向上的分力大小相等时小球速度最大，则重力做功的功率先增大后减小，C 正确，D 错误答案 C18(2017新疆维吾尔摸底)在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，L1和 L2为两个相同的灯泡，每个灯泡的电阻和电源内阻的阻值均相同D 为理想二极管，C为电容器，开关 S 处于断开状态下列说法中正确的是( )A滑动变阻器滑片向右移动，电流表示数变小B滑动变阻器滑片向右移动，电源内阻的发热功率变小C开关 S 闭合后，L2亮度变暗D开关 S 闭合后，电流表示数不变5解析 滑动变阻器与电容串联，所在支路可视为断路，所以滑动变阻器滑片滑动，电流表示数不变，电源输出电流不变，电源内阻发热功率不变，选项 A

7、、B 错误开关 S 闭合后，由于二极管的单向导电性，二极管中无电流，L2亮度不变，电流表示数不变，选项C 错误，D 正确答案 D19(2017贵州模拟)光滑绝缘水平地面上有A、B两个带电小球，t0 时刻A以某一初速度向静止的B运动，A、B球运动的速度时间(vt)图象如图所示，运动过程中两小球不会碰撞，则( )A两小球一定带同种电荷B在 0t3时间内电场力对A一直做负功Ct1时刻两小球所构成的系统电势能最大Dt2时刻两小球所构成的系统动能最小解析 两带电小球在水平方向只受到库仑力的作用，故运动过程中动量守恒由两小球的速度图象可知两带电小球之间是库仑斥力，所以两小球一定带同种电荷，选项 A 正确；

8、在 0t2时间内，A小球速度减小，说明电场力对A做负功，在t2t3时间内，A小球速度增大，说明电场力对A做正功，选项 B 错误；t1时刻两小球速度相等，系统动能最小，根据两小球所构成的系统动能和电势能之和保持不变可知，t1时刻两小球所构成的系统电势能最大，选项 C 正确，D 错误答案 AC20(2017东北三省摸底)如图所示，空间存在有界的匀强磁场，磁场上下边界水平，方向垂直纸面向里，宽度为L.一边长为L的正方形线框自磁场边界上方某处自由下落，线框自开始进入磁场区域到全部离开磁场区域的过程中，下列关于线框速度和感应电流大小随时间变化的图象可能正确的是(线框下落过程中始终保持在同一竖直平面内，且

9、底边保持与磁场边界平行)( )6解析 线框刚进入磁场时，线框的底边切割磁感线，产生感应电动势，线框中产生感应电流，线框受向上的安培力F安，当F安mg时，线框匀速穿过磁场，则 A 正确；当F安mg时，线框进入磁场的瞬间产生向上的加速度，线框做减速运动，随着线框速度的减小，线框中的感应电流逐渐减小，线框所受的安培力逐渐减小，线框所受的合力逐渐减小，加速度逐渐减小，由于线框进入磁场的速度大小未知，因此线框在磁场中可能一直减速，故感应电流大小也可能一直减小，C 正确；当F安mg时，同理分析可知，线框可能先做加速度减小的加速运动再做匀速直线运动，也可能一直做加速度减小的加速运动直到离开磁场，感应电流大小

10、也随着速度大小变化，则 B 错误，D 正确答案 ACD21(2017云南昆明高三质检)如图所示，半径为R的光滑半圆轨道放置于竖直平面内，质量均为m的两小球都从轨道最高点P开始运动，小球a从静止开始沿轨道下滑，小球b以某一初速度水平抛出，一段时间后落到半圆轨道的最低点Q，不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是( )7A小球b刚落到Q点时的速度大小为5gR2B小球b刚落到Q点时重力的瞬时功率为mg2gRC从P到Q，小球a所需时间小于小球b所需时间D从P到Q，小球a重力做功的最大功率为mg2 33gR解析 小球b做平抛运动，根据平抛运动规律，Rv0t，Rgt2，小球b刚落到Q1 2点时的速度

11、v，联立解得：v，选项 A 错误；小球b刚落到Q点时重v2 0gt25gR 2力的瞬时功率Pmgvmg，选项 B 正确；从P到Q，小球a沿PQ圆弧运动，加速度2gR小于g，路程大于R，而小球b在竖直方向做自由落体运动，所需时间较短，选项 C 错误；设小球a运动到速度方向与竖直向下的方向夹角为时重力做功的功率最大，从P到Q，小球a重力做功的功率可表示为Pmgvacos.由机械能守恒定律，mgRsinmv，联1 22a立解得Pmgcosmg.当 sin时，P取得最大值，2gRsin2gRsinsin333最大值Pmg，选项 D 正确2 33gR答案 BD二、选考题(从两道题中任选一题作答)33(2

12、017江西百校联盟高三联考)物理选修 33(1)(多选)下列说法正确的是_A毛细现象是液体的表面张力作用的结果B晶体在熔化时要吸热，说明晶体在熔化过程中分子动能增加C由同种元素构成的固体，可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体D用活塞压缩气缸里的空气，对空气做功 3.0105 J，若空气向外界放出热量2.5105 J，则空气内能增加 5104 JE液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质和非晶体相似，具有各向同性(2)如图所示，一左端开口、右端封闭、左右两管等长的 U 形玻璃管竖直放置左管的8下部封有长l125.0 cm 的空气柱，中间有一段长l225.0 cm 的水银柱，上部空气柱的长度

13、l340.0 cm.水平部分管长l435.0 cm.已知大气压强为p075.0 cmHg，空气视为理想气体现将一活塞(图中未画出)从左管开口处缓慢往下推，使管中水银刚好全部进入水平管中假设活塞下推过程中没有漏气，空气柱温度与外界温度始终一致，求下推活塞的距离解析 (1)毛细现象是液体的表面张力作用的结果，A 正确；晶体在熔化时要吸热，说明晶体在熔化过程中分子势能增加，B 错误；由同种元素构成的固体，可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体，C 正确；根据热力学第一定律可知，选项 D 正确；液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质和某些晶体相似，具有各向异性，E 错误(2)以 cmHg 为压强

14、单位在活塞下推前，左管下部空气柱的压强为p1p0l2活塞下推后，右管中空气柱的压强为p1，由玻意耳定律得p1(l3l22l1l4)p1(l3l2l1l4l2)设活塞下推距离为x，则此时左管中空气柱的长度为l3l3l2l1x设此时左管中空气柱的压强为p3，则p3p1由玻意耳定律得p0l3p3l3联立各式解得x70.0 cm答案 (1)ACD (2)70.0 cm34(2017河南开封一模)物理选修 34(1)一列简谐横波沿x轴传播，t2 s 时刻的波形如图甲所示，图甲中某质点的振动图象如图乙所示，则该波的传播速度大小为_，如果该波向右传播，则图乙可能是_(填“0” 、 “2 m” 、 “4 m”

15、或“6 m”)的质点振动图象波如果向右传播，观察者在x6 m 处向左运动，观察者接收到该波的频率将_(填“大于” 、 “小于”或“等于”)0.25 Hz.9(2)如图所示，AOB为扇形玻璃砖，一细光束照射到AO面上的C点，入射光线与AO面的夹角为 30，折射光线平行于BO边，圆弧的半径为R，C点到BO面的距离为 ，R 2ADBO，DAO30，光在空气中的传播速度为c，求：玻璃砖的折射率及光线在圆弧面上射出时的折射角；光在玻璃砖中传播的时间解析 (1)由波形图象可知，波长为4 m，由振动图象知，波的周期为T4 s，波速v1 m/s；由振动图象可知，t2 s 时，质点经平衡位置向y方向运动，波向

16、T右传播，根据波的传播规律“上坡下、下坡上”可知，x0、x4 m 处质点在平衡位置且沿y方向运动；波向右传播，观察者向左运动靠近波源，接收到的频率大于波的实际频率 0.25 Hz.(2)光路如图所示，由于折射光线CE平行于BO，因此光线在圆弧面上的入射点E到BO的距离也为 ，则光线在E点的入射角R 2满足 sin ，得：1 21030由几何关系可知，COE90，因此光线在C点的折射角为：r30由折射定律知，玻璃砖的折射率为：nsini sinrsin60 sin303由于光线在E点的入射角为 30，根据折射定律可知，光线在E点的折射角为 60由几何关系可知，CER cos302 3R3光在玻璃砖中传播的速度为：vc n因此光在玻璃砖中传播的时间为：tCE v2R c答案 (1)1 m/s 0、4 m 大于 (2) 60 32Rc