高考物理一轮复习第7章恒定电流1第一节欧姆定律电阻定律电功率及焦耳定律课后达标能力提升新人教版.doc

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1、1 / 7【2019【2019 最新最新】精选高考物理一轮复习第精选高考物理一轮复习第 7 7 章恒定电流章恒定电流 1 1 第第一节欧姆定律电阻定律电功率及焦耳定律课后达标能力提一节欧姆定律电阻定律电功率及焦耳定律课后达标能力提升新人教版升新人教版一、单项选择题1在显像管的电子枪中，从炽热的金属丝不断放出的电子进入电压为 U 的加速电场，设其初速度为零，经加速后形成横截面积为 S、电流为 I 的电子束已知电子的电荷量为 e、质量为 m，则在刚射出加速电场时，一小段长为 l 的电子束内的电子个数是( )B A. m 2eUD C. m 2eU解析：选 B.设电子刚射出电场时的速度为 v，则 e

2、Umv2，所以 v .加速后形成横截面积为 S、电流为 I 的电子束，由 IneSv，可得n ，所以长度为 l 的电子束内的电子数 NlSn .2某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是( )A加 5 V 电压时，导体的电阻约是 5 B加 11 V 电压时，导体的电阻约是 1.4 C由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D此导体为线性元件解析：选 A.对某些导电器材，其伏安特性曲线不是直线，但曲线上某一点的值仍表示该点所对应的电阻值当导体加 5 V 电压时，电阻 R15 ，A 正确；当导体加 11 V 电压时，由题图知电流约为2 / 71.4 A，电阻 R2 大于

3、1.4 ，B 错误；当电压增大时，值增大，导体为非线性元件，C、D 错误3一个内电阻可以忽略的电源，给一个绝缘的圆管子里装满的水银供电，电流为 0.1 A，若把全部水银倒在一个内径大一倍的绝缘圆管子里，那么通过的电流将是( )B0.8 AA0.4 A D3.2 AC1.6 A 解析：选 C.因电阻 R，内径大一倍，截面积就变为原来的四倍，又因水银体积不变，所以长度 l 变为原来的，故电阻变为原来的，所以电流变为原来的 16 倍，为 1.6 A.4(2018南京检测)定值电阻 R1、R2、R3 的阻值均为 2 ，在电路中所消耗的电功率的最大值分别为 10 W、10 W、2 W，现将这三个电阻按照

4、如图所示的方式连接，则这部分电路消耗的电功率的最大值为( )B12 WA22 W D16 WC15 W 解析：选 B.由题意知 R1R2R32 ，P1m10 W，P2m10 W，P3m2 W，首先分析两个并联电阻 R2、R3 所允许消耗的最大功率因为 R2 与 R3 并联，则两端电压相等，由公式 P知道，R2 与R3 所消耗的功率一样已知 R2 与 R3 本身允许的最大功率分别是 10 W 和 2 W，所以 R2、R3 在该电路中的最大功率都是 2 W，否则会超过 R3 的最大功率再分析 R1 在电路中允许的最大功率把 R2 与R3 看成一个并联电阻 R，则电路就是 R1 与 R串联，而串联电

5、路所流过的电流一样，再由 PI2R 知道，R1 与 R所消耗功率之比为R1R，R2 与 R3 的并联阻值 R，即2，所以 R1 消耗的功率3 / 7是并联电阻 R的两倍，则 R1 消耗的功率是 24 W8 W10 W，所以这部分电路消耗的总功率最大为 2 W2 W8 W12 W.5某一导体的伏安特性曲线如图 AB 段(曲线)所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是( )AB 点的电阻为 12 BB 点的电阻为 40 C导体的电阻因温度的影响改变了 1 D导体的电阻因温度的影响改变了 9 解析：选 B.A 点电阻 RA 30 ，B 点电阻 RB 40 ，故 A 错误、B 正确RRBRA10 ，故

6、C、D 错误6如图所示是某款理发用的电吹风的电路图，它主要由电动机 M 和电热丝 R 构成当闭合开关 S1、S2 后，电动机驱动风叶旋转，将空气从进风口吸入，经电热丝加热，形成热风后从出风口吹出已知电吹风的额定电压为 220 V，吹冷风时的功率为 120 W，吹热风时的功率为 1 000 W关于该电吹风，下列说法正确的是( )A电热丝的电阻为 55 B电动机的电阻为 C当电吹风吹冷风时，电热丝每秒钟消耗的电能为 1 000 JD当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为 1 000 J解析：选 A.根据题述，电吹风的额定电压为 220 V，吹冷风时的功率为 120 W，吹热风时的功率为 1 0

7、00 W，可知电热丝功率为 880 W，由 P可得电热丝的电阻为 R55 ，电动机为非纯电阻电器，R 电动 ，选项 A 正确，B 错误；当电吹风吹冷风时，电热丝每秒钟消耗的电能为 0，当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为 120 J，选项 C、D 错误4 / 7二、多项选择题7.我国已经于 2012 年 10 月 1 日起禁止销售 100 W 及以上的白炽灯，以后将逐步淘汰白炽灯假设某同学研究白炽灯得到某白炽灯的UI 曲线如图所示图象上 A 点与原点的连线与横轴成 角，A 点的切线与横轴成 角，则( )A白炽灯的电阻随电压的增大而减小B在 A 点，白炽灯的电阻可表示为 tan C在 A

8、点，白炽灯的电功率可表示为 U0I0D在 A 点，白炽灯的电阻可表示为U0 I0解析：选 CD.白炽灯的电阻随电压的增大而增大，选项 A 错误；在A 点，白炽灯的电阻可表示为，选项 B 错误，D 正确；在 A 点，白炽灯的电功率可表示为 U0I0，选项 C 正确8在如图所示的电路中，输入电压 U 恒为 8 V，灯泡 L 标有“3 V，6 W”字样，电动机线圈的电阻 RM1 .若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是( )A电动机的输入电压是 5 VB流过电动机的电流是 2 AC电动机的效率是 80%D整个电路消耗的电功率是 10 W解析：选 AB.灯泡恰能正常发光，说明灯泡电压为 3 V，电流为

9、2 A，电动机的输入电压是 8 V3 V5 V，流过电动机的电流是 I2 A，选项 A、B 正确；电动机内阻消耗功率 I2RM4 W，电动机输入功率为 52 W10 W，输出功率为 6 W，效率为 60%，整个电路消耗的电功率是 10 W6 W16 W，选项 C、D 错误5 / 79(2018淮安月考)在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3 为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示当开关 S 闭合后，电路中的总电流为 0.25 A，则此时( )AL1 两端的电压为 L2 两端电压的 2 倍BL1 消耗的电功率为 0.75 WCL2 的电阻为 12 DL1、L2 消耗的电功率的

10、比值大于 4解析：选 BD.电路中的总电流为 0.25 A，L1 中电流为 0.25 A，由小灯泡的伏安特性曲线可知 L1 两端的电压为 3.0 V，L1 消耗的电功率为 P1U1I10.75 W，选项 B 正确；根据并联电路规律可知，L2 中的电流为 0.125 A，由小灯泡的伏安特性曲线可知其两端电压大约为 0.3 V，故 L1 两端的电压约为 L2 两端电压的 10 倍，选项 A 错误；由欧姆定律可知，L2 的电阻为 R2 2.4 ，选项 C 错误；L2 消耗的电功率为 P2U2I20.30.125 W0.037 5 W，即L1、L2 消耗的电功率的比值大于 4，选项 D 正确10.如图

11、所示，用输出电压为 1.4 V、输出电流为 100 mA 的充电器对内阻为 2 的镍氢电池充电下列说法正确的是( )A电能转化为化学能的功率为 0.12 WB充电器输出的电功率为 0.14 WC充电时，电池消耗的热功率为 0.02 WD充电器把 0.14 W 的功率储存在电池内解析：选 ABC.充电器的输出功率为 P 出IU0.11.4 W0.14 W，故 B 正确；电池消耗的热功率为：P 热I2r0.122 W0.02 W，故 C 正确；电能转化为化学能的功率为：P 转P 出P 热6 / 70.12 W，故 A 正确、D 错误三、非选择题11在如图甲所示的电路中，电阻 R1 和 R2 都是纯

12、电阻，它们的伏安特性曲线分别如图乙中 Oa、Ob 所示现在电路两端 BC 之间加上恒定的电压 U07.0 V调节滑动变阻器 R3，使电阻 R1 和 R2 消耗的电功率恰好相等，求此时电阻 R1 和 R2 的阻值为多大？R3 接入电路的阻值为多大？解析：R1、R2 和 R3 串联，电流相等当电阻 R1 和电阻 R2 消耗的电功率相等时，有 R1R2由伏安特性曲线可知，此时电路中的电流 I2.5 mA这时加在电阻 R1 和 R2 上的电压 U1U22.5 V由欧姆定律得 R1R21 000 滑动变阻器 R3 两端电压为 U3U0U1U22 V由欧姆定律得 R3800 .答案：R1R21 000 R

13、3800 12如图所示，A 为电解槽，M 为电动机，N 为电炉子，恒定电压U12 V，电解槽内阻 RA2 ，当 S1 闭合，S2、S3 断开时，A 示数为 6 A；当 S2 闭合，S1、S3 断开时，A 示数为 5 A，且电动机输出功率为 35 W；当 S3 闭合，S1、S2 断开时，A 示数为 4 A求：(1)电炉子的电阻及发热功率；(2)电动机的内阻；(3)在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少？解析：(1)电炉子为纯电阻元件，由欧姆定律得R 2 其发热功率为 PUI1126 W72 W.7 / 7(2)电动机为非纯电阻元件，由能量守恒定律得UI2IRMP 输出所以 RM) 1 .(3)电解槽为非纯电阻元件，由能量守恒定律得P 化UI3IRA所以 P 化(124422) W16 W.答案：(1)2 72 W (2)1 (3)16 W