2015年江苏省高考数学试卷答案与解析甄选.pdf-得力文库

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1、精品 word.2015 年江苏省高考数学试卷答案与解析（优选.)20152015 年江苏省高考数学试卷年江苏省高考数学试卷参考答案与试题解析参考答案与试题解析一、填空题（本大题共一、填空题（本大题共 1414 小题，每小题小题，每小题 5 5 分，共计分，共计 7070 分）分）1（5 分）（2015江苏）已知集合 A=1，2，3，B=2，4，5，则集合 AB 中元素的个数为5考点：并集及其运算菁优网版权所有专题：集合分析：求出 AB，再明确元素个数解答：解：集合 A=1，2，3，B=2，4，5，则 AB=1，2，3，4，5；所以 AB 中元素的个数为 5；故答案为：5点评：题考查了集合的并

2、集的运算，根据定义解答，注意元素不重复即可，属于基础题2（5 分）（2015江苏）已知一组数据 4，6，5，8，7，6，那么这组数据的平均数为6考点：众数、中位数、平均数菁优网版权所有专题：概率与统计分析：直接求解数据的平均数即可解答：解：数据 4，6，5，8，7，6，那么这组数据的平均数为：故答案为：6点评：本题考查数据的均值的求法，基本知识的考查=63（5 分）（2015江苏）设复数 z 满足 z2=3+4i（i 是虚数单位），则 z 的模为考点：复数求模菁优网版权所有专题：数系的扩充和复数分析：直接利用复数的模的求解法则，化简求解即可解答：解：复数 z 满足 z2=3+4i，1/18do

3、c 格式可编辑精品 word.可得|z|z|=|3+4i|=|z|=故答案为：=5，点评：本题考查复数的模的求法，注意复数的模的运算法则的应用，考查计算能力4（5 分）（2015江苏）根据如图所示的伪代码，可知输出的结果 S 为7考点：伪代码菁优网版权所有专题：图表型；算法和程序框图分析：模拟执行程序框图，依次写出每次循环得到的 I，S 的值，当 I=10 时不满足条件 I8，退出循环，输出 S 的值为 7解答：解：模拟执行程序，可得S=1，I=1满足条件 I8，S=3，I=4满足条件 I8，S=5，I=7满足条件 I8，S=7，I=10不满足条件 I8，退出循环，输出 S 的值为 7故答案

4、为：7点评：本题主要考查了循环结构的程序，正确判断退出循环的条件是解题的关键，属于基础题5（5 分）（2015江苏）袋中有形状、大小都相同的 4 只球，其中 1 只白球、1 只红球、2 只黄球，从中一次随机摸出 2 只球，则这 2 只球颜色不同的概率为考点：古典概型及其概率计算公式菁优网版权所有专题：概率与统计分析：根据题意，把 4 个小球分别编号，用列举法求出基本事件数，计算对应的概率即可解答：解：根据题意，记白球为 A，红球为 B，黄球为 C1、C2，则一次取出 2 只球，基本事件为 AB、AC1、AC2、BC1、BC2、C1C2共 6 种，其中 2 只球的颜色不同的是 AB、AC1、A

5、C2、BC1、BC2共 5 种；所以所求的概率是 P=2/18doc 格式可编辑精品 word.故答案为：点评：本题考查了用列举法求古典概型的概率的应用问题，是基础题目6（5 分）（2015江苏）已知向量=（2，1），=（1，2），若 m+n=（9，8）（m，nR），则 mn的值为3考点：平面向量的基本定理及其意义菁优网版权所有专题：平面向量及应用分析：直接利用向量的坐标运算，求解即可解答：解：向量=（2，1），=（1，2），若 m+n=（9，8）可得，解得 m=2，n=5，mn=3故答案为：3点评：本题考查向量的坐标运算，向量相等条件的应用，考查计算能力7（5 分）（2015江苏）不等式

6、24 的解集为（1，2）考点：指、对数不等式的解法菁优网版权所有专题：函数的性质及应用；不等式的解法及应用分析：利用指数函数的单调性转化为 x2x2，求解即可解答：解；24，x2x2，即 x2x20，解得：1x2故答案为：（1，2）点评：本题考查了指数函数的性质，二次不等式的求解，属于简单的综合题目，难度不大8（5 分）（2015江苏）已知 tan=2，tan（+）=，则 tan 的值为3考点：两角和与差的正切函数菁优网版权所有专题：三角函数的求值分析：直接利用两角和的正切函数，求解即可解答：解：tan=2，tan（+）=，3/18doc 格式可编辑精品 word.可知 tan（+）=即=，

7、=，解得 tan=3故答案为：3点评：本题考查两角和的正切函数，基本知识的考查9（5 分）（2015江苏）现有橡皮泥制作的底面半径为 5，高为 4 的圆锥和底面半径为 2，高为 8 的圆柱各一个，若将它们重新制作成总体积与高均保持不变，但底面半径相同的新的圆锥和圆柱各一个，则新的底面半径为考点：棱柱、棱锥、棱台的体积菁优网版权所有专题：计算题；空间位置关系与距离分析：由题意求出原来圆柱和圆锥的体积，设出新的圆柱和圆锥的底面半径 r，求出体积，由前后体积相等列式求得 r解答：解：由题意可知，原来圆锥和圆柱的体积和为：设新圆锥和圆柱的底面半径为 r，则新圆锥和圆柱的体积和为：故答案为：，解得：点评

8、：本题考查了圆柱与圆锥的体积公式，是基础的计算题10（5 分）（2015江苏）在平面直角坐标系 xOy 中，以点（1，0）为圆心且与直线 mxy2m1=0（mR）相切的所有圆中，半径最大的圆的标准方程为（x1）2+y2=2考点：圆的标准方程；圆的切线方程菁优网版权所有专题：计算题；直线与圆分析：求出圆心到直线的距离 d 的最大值，即可求出所求圆的标准方程解答：解：圆心到直线的距离 d=m=1 时，圆的半径最大为，=，所求圆的标准方程为（x1）2+y2=2故答案为：（x1）2+y2=2点评：本题考查所圆的标准方程，考查点到直线的距离公式，考查学生的计算能力，比较基础4/18doc 格式可编辑精

9、品 word.11（5 分）（2015江苏）设数列an满足 a1=1，且 an+1an=n+1（nN*），则数列的前 10 项的和为考点：数列的求和；数列递推式菁优网版权所有专题：等差数列与等比数列分析：数列an满足 a1=1，且 an+1an=n+1（nN*），利用“累加求和”可得 an=即可得出解答：解：数列an满足 a1=1，且 an+1an=n+1（nN*），当 n2 时，an=（anan1）+（a2a1）+a1=+n+2+1=当 n=1 时，上式也成立，an=2再利用“裂项求和”数列的前 n 项的和 Sn=数列的前 10 项的和为故答案为：点评：本题考查了数列的“累加求和”方法、“裂

10、项求和”方法、等差数列的前 n 项和公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题12（5 分）（2015江苏）在平面直角坐标系 xOy 中，P 为双曲线 x2y2=1 右支上的一个动点，若点 P 到直线 xy+1=0 的距离大于 c 恒成立，则实数 c 的最大值为考点：双曲线的简单性质菁优网版权所有专题：计算题；圆锥曲线的定义、性质与方程分析：双曲线 x2y2=1 的渐近线方程为 xy=0，c 的最大值为直线 xy+1=0 与直线 xy=0 的距离解答：解：由题意，双曲线 x2y2=1 的渐近线方程为 xy=0，因为点 P 到直线 xy+1=0 的距离大于 c 恒成立，所以 c 的最大值为直线

12、x）1 的图象如图所示，图象有两个交点；所以方程|f（x）+g（x）|=1 实根的个数为 4故答案为：4点评：本题考查求方程|f（x）+g（x）|=1 实根的个数，考查数形结合的数学思想，考查学生分析解决问题的能力，属于中档题14（5 分）（2015江苏）设向量=（cos为，sin+cos）（k=0，1，2，12），则（akak+1）的值考数列的求和菁优网版权所有点：专等差数列与等比数列；平面向量及应用题：6/18doc 格式可编辑精品 word.分利用向量数量积运算性质、两角和差的正弦公式、积化和差公式、三角函数的周期性即可得出析：解解：答：=+（akak+1）+=+0+0+=+，+

13、故答案为：9点本题考查了向量数量积运算性质、两角和差的正弦公式、积化和差公式、三角函数的周期性，考查了推评理能力与计算能力，属于中档题：二、解答题（本大题共二、解答题（本大题共 6 6 小题，共计小题，共计 9090 分，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤）分，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤）15（14 分）（2015江苏）在ABC 中，已知 AB=2，AC=3，A=60（1）求 BC 的长；（2）求 sin2C 的值考点：余弦定理的应用；二倍角的正弦菁优网版权所有专题：解三角形分析：（1）直接利用余弦定理求解即可（2）利用正弦定理求出 C 的正弦函数值，然后利用二倍角公式

14、求解即可解答：解：（1）由余弦定理可得：BC2=AB2+AC22ABACcosA=4+8223=7，所以 BC=，则 sinC=，（2）由正弦定理可得：ABBC，C 为锐角，则 cosC=7/18doc 格式可编辑精品 word.因此 sin2C=2sinCcosC=2=点评：本题考查余弦定理的应用，正弦定理的应用，二倍角的三角函数，注意角的范围的解题的关键16（14 分）（2015江苏）如图，在直三棱柱 ABCA1B1C1中，已知 ACBC，BC=CC1，设 AB1的中点为D，B1CBC1=E求证：（1）DE 平面 AA1C1C；（2）BC1AB1考点：直线与平面平行的判定；直线与平面垂直

15、的性质菁优网版权所有专题：证明题；空间位置关系与距离分析：（1）根据中位线定理得 DE AC，即证 DE 平面 AA1C1C；（2）先由直三棱柱得出 CC1平面 ABC，即证 ACCC1；再证明 AC平面 BCC1B1，即证最后证明 BC1平面 B1AC，即可证出 BC1AB1解答：证明：（1）根据题意，得；E 为 B1C 的中点，D 为 AB1的中点，所以 DE AC；又因为 DE 平面 AA1C1C，AC 平面 AA1C1C，所以 DE 平面 AA1C1C；（2）因为棱柱 ABCA1B1C1是直三棱柱，所以 CC1平面 ABC，因为 AC 平面 ABC，所以 ACCC1；又因为 ACBC，

16、CC1 平面 BCC1B1，BC 平面 BCC1B1，BCCC1=C，所以 AC平面 BCC1B1；又因为 BC1 平面平面 BCC1B1，8/18doc 格式可编辑BC1AC；精品 word.所以 BC1AC；因为 BC=CC1，所以矩形 BCC1B1是正方形，所以 BC1平面 B1AC；又因为 AB1平面 B1AC，所以 BC1AB1点评：本题考查了直线与直线，直线与平面以及平面与平面的位置关系，也考查了空间想象能力和推理论证能力的应用问题，是基础题目17（14 分）（2015江苏）某山区外围有两条相互垂直的直线型公路，为进一步改善山区的交通现状，计划修建一条连接两条公路和山区边界的直线

17、型公路，记两条相互垂直的公路为 l1，l2，山区边界曲线为 C，计划修建的公路为 l，如图所示，M，N 为 C 的两个端点，测得点 M 到 l1，l2的距离分别为 5 千米和 40 千米，点 N 到 l1，l2的距离分别为 20 千米和 2.5 千米，以 l2，l1在的直线分别为 x，y 轴，建立平面直角坐标系 xOy，假设曲线 C 符合函数 y=（1）求 a，b 的值；（2）设公路 l 与曲线 C 相切于 P 点，P 的横坐标为 t请写出公路 l 长度的函数解析式 f（t），并写出其定义域；当 t 为何值时，公路 l 的长度最短？求出最短长度（其中 a，b 为常数）模型考点：函数与方程的综合

18、运用菁优网版权所有专题：综合题；导数的综合应用分析：（1）由题意知，点 M，N 的坐标分别为（5，40），（20，2.5），将其分别代入 y=组，即可求 a，b 的值；（2）求出切线 l 的方程，可得 A，B 的坐标，即可写出公路 l 长度的函数解析式 f（t），并写出其定义域；设 g（t）=求出最短长度解答：解：（1）由题意知，点 M，N 的坐标分别为（5，40），（20，2.5），将其分别代入 y=，得，利用导数，确定单调性，即可求出当 t 为何值时，公路 l 的长度最短，并，建立方程9/18doc 格式可编辑精品 word.解得，（5x20），P（t，），（2）由（1）y=y=，切线

19、l 的方程为 y=（xt），设在点 P 处的切线 l 交 x，y 轴分别于 A，B 点，则 A（，0），B（0，f（t）=设 g（t）=，则 g（t）=2t，t5，20；=0，解得 t=10，t（5，10）时，g（t）0，g（t）是减函数；t（10数，从而 t=10时，函数 g（t）有极小值也是最小值，20）时，g（t）0，g（t）是增函 g（t）min=300，f（t）min=15，答：t=10时，公路 l 的长度最短，最短长度为 15千米点评：本题考查利用数学知识解决实际问题，考查导数知识的综合运用，确定函数关系，正确求导是关键18（16 分）（2015江苏）如图，在平面直角坐标系 xOy

20、中，已知椭圆+=1（ab0）的离心率为，且右焦点 F 到左准线 l 的距离为 3（1）求椭圆的标准方程；（2）过 F 的直线与椭圆交于 A，B 两点，线段 AB 的垂直平分线分别交直线 l 和 AB 于点 P，C，若PC=2AB，求直线 AB 的方程考点：直线与圆锥曲线的综合问题；椭圆的标准方程菁优网版权所有专题：直线与圆；圆锥曲线的定义、性质与方程分析：（1）运用离心率公式和准线方程，可得 a，c 的方程，解得 a，c，再由 a，b，c 的关系，可得 b，进而得到椭圆方程；（2）讨论直线 AB 的斜率不存在和存在，设出直线方程，代入椭圆方程，运用韦达定理和弦长公式，以及两直线垂直的条件和中

21、点坐标公式，即可得到所求直线的方程10/18doc 格式可编辑精品 word.解答：解：（1）由题意可得，e=且 c+=3，解得 c=1，a=，则 b=1，即有椭圆方程为+y2=1；（2）当 ABx 轴，AB=，CP=3，不合题意；当 AB 与 x 轴不垂直，设直线 AB：y=k（x1），A（x1，y1），B（x2，y2），将 AB 方程代入椭圆方程可得（1+2k2）x24k2x+2（k21）=0，则 x1+x2=则 C（，x1x2=，），且|AB|=，=，若 k=0，则 AB 的垂直平分线为 y 轴，与左准线平行，不合题意；则 k0，故 PC：y+从而|PC|=由|PC|=2|AB|，可得

22、=（x，=，解得 k=1，），P（2，），此时 AB 的方程为 y=x1 或 y=x+1点评：本题考查椭圆的方程和性质，主要考查椭圆的离心率和方程的运用，联立直线方程，运用韦达定理和弦长公式，同时考查两直线垂直和中点坐标公式的运用，属于中档题19（16 分）（2015江苏）已知函数 f（x）=x3+ax2+b（a，bR）（1）试讨论 f（x）的单调性；（2）若 b=ca（实数 c 是与 a 无关的常数），当函数 f（x）有三个不同的零点时，a 的取值范围恰好是（，3）（1，）（，+），求 c 的值考点：利用导数研究函数的单调性；函数零点的判定定理菁优网版权所有专题：综合题；导数的综合应用分析：

23、（1）求导数，分类讨论，利用导数的正负，即可得出 f（x）的单调性；（2）由（1）知，函数 f（x）的两个极值为 f（0）=b，f（）=同的零点等价于 f（0）f（）=b（时，a+c0设 g（a）=+b，则函数 f（x）有三个不a+c0 或 a0+b）0，进一步转化为 a0 时，a+c，利用条件即可求 c 的值解答：解：（1）f（x）=x3+ax2+b，f（x）=3x2+2ax，11/18doc 格式可编辑精品 word.令 f（x）=0，可得 x=0 或a=0 时，f（x）0，f（x）在（，+）上单调递增；a0 时，x（，）（0，+）时，f（x）0，x（，0）时，f（x）0，函数 f（x）

24、在（，），（0，+）上单调递增，在（，0）上单调递减；a0 时，x（，0）（，+）时，f（x）0，x（0，）时，f（x）0，函数 f（x）在（，0），（，+）上单调递增，在（0，）上单调递减；（2）由（1）知，函数 f（x）的两个极值为 f（0）=b，f（）=同的零点等价于 f（0）f（）=b（b=ca，a0 时，设 g（a）=a+c0 或 a0 时，a+c，a+c0+b）0，+b，则函数 f（x）有三个不函数 f（x）有三个不同的零点时，a 的取值范围恰好是（，3）（1，）（，+），在（，3）上，g（a）0 且在（1，）（，+）上 g（a）0 均恒成立，g（3）=c10，且 g（）=c10

25、，c=1，此时 f（x）=x3+ax2+1a=（x+1）x2+（a1）x+1a，函数有三个零点，x2+（a1）x+1a=0 有两个异于1 的不等实根，=（a1）24（1a）0，且（1）2（a1）+1a0，解得 a（，3）（1，）（，+），综上 c=1点评：本题考查导数知识的综合运用，考查函数的单调性，考查函数的零点，考查分类讨论的数学思想，难度大20（16 分）（2015江苏）设 a1，a2，a3a4是各项为正数且公差为 d（d0）的等差数列（1）证明：2，2，2，2依次构成等比数列；（2）是否存在 a1，d，使得 a1，a22，a33，a44依次构成等比数列？并说明理由；（3）是否存在 a1

26、，d 及正整数 n，k，使得 a1n，a2n+k，a3n+2k，a4n+3k依次构成等比数列？并说明理由考点：等比关系的确定；等比数列的性质菁优网版权所有12/18doc 格式可编辑精品 word.专题：等差数列与等比数列分析：（1）根据等比数列和等差数列的定义即可证明；（2）利用反证法，假设存在 a1，d 使得 a1，a22，a33，a44依次构成等比数列，推出矛盾，否定假设，得到结论；（3）利用反证法，假设存在 a1，d 及正整数 n，k，使得 a1n，a2n+k，a3n+2k，a4n+3k依次构成等比数（）（）列，得到 a1n（a1+2d）n+2k=（a1+2d）2 n+k，且（a1+

27、d）n+k（a1+3d）n+3k=（a1+2d）2 n+2k，利用等式以及对数的性质化简整理得到 ln（1+3t）ln（1+2t）+3ln（1+2t）ln（1+t）=4ln（1+3t）ln（1+t），（*），多次构造函数，多次求导，利用零点存在定理，推出假设不成立解答：解：（1）证明：=2d，（n=1，2，3，）是同一个常数，2，2，2，2依次构成等比数列；（2）令 a1+d=a，则 a1，a2，a3，a4分别为 ad，a，a+d，a+2d（ad，a2d，d0）假设存在 a1，d 使得 a1，a22，a33，a44依次构成等比数列，则 a4=（ad）（a+d）3，且（a+d）6=a2（a+2d

28、）4，令 t=，则 1=（1t）（1+t）3，且（1+t）6=（1+2t）4，（t1，t0），化简得 t3+2t22=0（*），且 t2=t+1，将 t2=t+1 代入（*）式，t（t+1）+2（t+1）2=t2+3t=t+1+3t=4t+1=0，则 t=，显然 t=不是上面方程的解，矛盾，所以假设不成立，因此不存在 a1，d，使得 a1，a22，a33，a44依次构成等比数列（3）假设存在 a1，d 及正整数 n，k，使得 a1n，a2n+k，a3n+2k，a4n+3k依次构成等比数列，则 a（1n（a1+2d）n+2k=（a1+2d）2 n+k），且（a1+d）n+k（a1+3d）n+3k

29、=（a（1+2d）2 n+2k），分别在两个等式的两边同除以=a（12 n+k），a12（n+2k），并令 t=，（t，t0），则（1+2t）n+2k=（1+t）2（n+k），且（1+t）n+k（1+3t）n+3k=（1+2t）2（n+2k），将上述两个等式取对数，得（n+2k）ln（1+2t）=2（n+k）ln（1+t），且（n+k）ln（1+t）+（n+3k）ln（1+3t）=2（n+2k）ln（1+2t），化简得，2kln（1+2t）ln（1+t）=n2ln（1+t）ln（1+2t），且 3kln（1+3t）ln（1+t）=n3ln（1+t）ln（1+3t），再将这两式相除，化简得，ln

30、（1+3t）ln（1+2t）+3ln（1+2t）ln（1+t）=4ln（1+3t）ln（1+t），（*）令 g（t）=4ln（1+3t）ln（1+t）ln（1+3t）ln（1+2t）+3ln（1+2t）ln（1+t），则 g（t）=（1+3t）2ln（1+3t）3（1+2t）2ln（1+2t）+3（1+t）2ln（1+t），13/18doc 格式可编辑精品 word.令（t）=（1+3t）2ln（1+3t）3（1+2t）2ln（1+2t）+3（1+t）2ln（1+t），则（t）=6（1+3t）ln（1+3t）2（1+2t）ln（1+2t）+3（1+t）ln（1+t），令 1（t）=（t），则

31、 1（t）=63ln（1+3t）4ln（1+2t）+ln（1+t），令 2（t）=1（t），则 2（t）=0，由 g（0）=（0）=1（0）=2（0）=0，2（t）0，知 g（t），（t），1（t），2（t）在（，0）和（0，+）上均单调，故 g（t）只有唯一的零点 t=0，即方程（*）只有唯一解 t=0，故假设不成立，所以不存在 a1，d 及正整数 n，k，使得 a1n，a2n+k，a3n+2k，a4n+3k依次构成等比数列点评：本题主要考查等差数列、等比数列的定义和性质，函数与方程等基础知识，考查代数推理、转化与化归及综合运用数学知识探究与解决问题的能力，属于难题三、附加题（本大题包括选做

32、题和必做题两部分）三、附加题（本大题包括选做题和必做题两部分）【选做题】本题包括【选做题】本题包括 21242124 题，请选定其中两小题作题，请选定其中两小题作答，若多做，则按作答的前两小题评分，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤【选修答，若多做，则按作答的前两小题评分，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤【选修 4141：几何：几何证明选讲】证明选讲】21（10 分）（2015江苏）如图，在 ABC 中，AB=AC，ABC 的外接圆O 的弦 AE 交 BC 于点 D求证：ABD AEB考点：相似三角形的判定菁优网版权所有专题：推理和证明分析：直接利用已知条件，推出两个三角形的三个

33、角对应相等，即可证明三角形相似解答：证明：AB=AC，ABD=C，又 C=E，ABD=E，又 BAE 是公共角，可知：ABD AEB点评：本题考查圆的基本性质与相似三角形等基础知识，考查逻辑推理能力【选修【选修 4242：矩阵与变换】：矩阵与变换】22（10 分）（2015江苏）已知 x，yR，向量=矩阵 A 以及它的另一个特征值是矩阵的属于特征值2 的一个特征向量，求考点：特征值与特征向量的计算菁优网版权所有14/18doc 格式可编辑精品 word.专题：矩阵和变换分析：利用 A=2，可得 A=，通过令矩阵 A 的特征多项式为 0 即得结论=，解答：解：由已知，可得 A=2，即则矩阵

34、A=，即，从而矩阵 A 的特征多项式 f（）=（+2）（1），矩阵 A 的另一个特征值为 1点评：本题考查求矩阵及其特征值，注意解题方法的积累，属于中档题【选修【选修 4444：坐标系与参数方程】：坐标系与参数方程】23（2015江苏）已知圆 C 的极坐标方程为 2+2sin（）4=0，求圆 C 的半径考点：简单曲线的极坐标方程菁优网版权所有专题：计算题；坐标系和参数方程分析：先根据 x=cos，y=sin，求出圆的直角坐标方程，求出半径解答：解：圆的极坐标方程为 2+2sin（）4=0，可得 22cos+2sin4=0，化为直角坐标方程为 x2+y22x+2y4=0，化为标准方程为（x1）2

35、+（y+1）2=6，圆的半径 r=点评：本题主要考查把极坐标方程化为直角坐标方程的方法，以及求点的极坐标的方法，关键是利用公式x=cos，y=sin，比较基础，选修选修 4545：不等式选讲】：不等式选讲】24（2015江苏）解不等式 x+|2x+3|2考点：绝对值不等式的解法菁优网版权所有专题：不等式分析：思路 1（公式法）：利用|f（x）|g（x）f（x）g（x），或 f（x）g（x）；思路 2（零点分段法）：对 x 的值分“x”“x”进行讨论求解解答：解法 1：x+|2x+3|2 变形为|2x+3|2x，得 2x+32x，或 2x+3（2x），15/18doc 格式可编辑精品 word

37、取并集【必做题】每题【必做题】每题 1010 分，共计分，共计 2020 分，解答时写出文字说明、证明过程或演算步骤分，解答时写出文字说明、证明过程或演算步骤25（10 分）（2015江苏）如图，在四棱锥 PABCD 中，已知 PA平面 ABCD，且四边形 ABCD 为直角梯形，ABC=BAD=，PA=AD=2，AB=BC=1（1）求平面 PAB与平面 PCD 所成二面角的余弦值；（2）点 Q 是线段 BP 上的动点，当直线 CQ 与 DP 所成的角最小时，求线段 BQ 的长考点：二面角的平面角及求法；点、线、面间的距离计算菁优网版权所有专题：空间位置关系与距离；空间角分析：以 A 为坐标原点

38、，以 AB、AD、AP 所在直线分别为 x、y、z 轴建系 Axyz（1）所求值即为平面 PAB的一个法向量与平面 PCD 的法向量的夹角的余弦值的绝对值，计算即可；（2）利用换元法可得 cos2，结合函数 y=cosx 在（0，）上的单调性，计算即得结论解答：解：以 A 为坐标原点，以 AB、AD、AP 所在直线分别为 x、y、z 轴建系 Axyz 如图，由题可知 B（1，0，0），C（1，1，0），D（0，2，0），P（0，0，2）（1）AD平面 PAB，=（0，2，0），是平面 PAB的一个法向量，16/18doc 格式可编辑精品 word.=（1，1，2），=（0，2，2），设平面

39、PCD 的法向量为=（x，y，z），由，得，取 y=1，得=（1，1，1），cos，=，平面 PAB与平面 PCD 所成两面角的余弦值为；（2）=（1，0，2），设=（，0，2）（01），又=（0，1，0），则=+=（，1，2），又=（0，2，2），从而 cos，=设 1+2=t，t1，3，则 cos2，=，=，当且仅当 t=，即=时，|cos，|的最大值为，因为 y=cosx 在（0，）上是减函数，此时直线 CQ 与 DP 所成角取得最小值又 BP=，BQ=BP=点评：本题考查求二面角的三角函数值，考查用空间向量解决问题的能力，注意解题方法的积累，属于中档题26（10 分）（2015江苏）已

40、知集合 X=1，2，3，Yn=1，2，3，n）（nN*），设 Sn=（a，b）|a 整除b 或整除 a，aX，BYn，令 f（n）表示集合 Sn所含元素的个数（1）写出 f（6）的值；（2）当 n6 时，写出 f（n）的表达式，并用数学归纳法证明考点：数学归纳法菁优网版权所有专题：综合题；点列、递归数列与数学归纳法分析：（1）f（6）=6+2+=13；（2）根据数学归纳法的证明步骤，分类讨论，即可证明结论17/18doc 格式可编辑精品 word.解答：解：（1）f（6）=6+2+=13；（2）当 n6 时，f（n）=下面用数学归纳法证明：n=6 时，f（6）=6+2+=13，结论成立；假设

41、 n=k（k6）时，结论成立，那么 n=k+1 时，Sk+1在 Sk的基础上新增加的元素在（1，k+1），（2，k+1），（3，k+1）中产生，分以下情形讨论：1）若 k+1=6t，则 k=6（t1）+5，此时有 f（k+1）=f（k）+3=（k+1）+2+2）若 k+1=6t+1，则 k=6t+1，此时有 f（k+1）=f（k）+1=k+2+1=（k+1）+2+，结论成立；+2=（k+1）+，结论成立；3）若 k+1=6t+2，则 k=6t+1，此时有 f（k+1）=f（k）+2=k+2+2+，结论成立；4）若 k+1=6t+3，则 k=6t+2，此时有 f（k+1）=f（k）+2=k+2+结论成立；5）若 k+1=6t+4，则 k=6t+3，此时有 f（k+1）=f（k）+2=k+2+结论成立；6）若 k+1=6t+5，则 k=6t+4，此时有 f（k+1）=f（k）+2=k+2+2+，结论成立+2=（k+1）+2+，+2=（k+1）+2+，+2=（k+1）综上所述，结论对满足 n6 的自然数 n 均成立点评：本题考查数学归纳法，考查学生分析解决问题的能力，正确归纳是关键赠人玫瑰，手留余香。感谢您使用本店文档您的满意是我们的永恒的追求！（本句可删）-18/18doc 格式可编辑

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