高二物理10月月考试题（含解析）.doc

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1、- 1 - / 16【2019【2019 最新最新】精选高二物理精选高二物理 1010 月月考试题（含解析）月月考试题（含解析）一、单选题：一、单选题： 1. 下列说法正确的是A. 家庭生活中，常说的“1 度”电，指的是电功率的单位B. 功率是 1 千瓦的空调正常工作 1 个小时所消耗的电功是 1 度C. 1 度等于 1 000 焦耳D. 1 度等于 3.6106 瓦【答案】B【解析】试题分析：用电量是电功的多少来衡量，度是实际生活所用的电功的单位，根据电功的公式 W=Pt 推导度与焦耳之间的关系解：A、度是电功的单位，不是电功率的单位故 A 错误B、功率是 1 千瓦的空调正常工作 1 个小时

2、所消耗的电功是 1 度，即1 度=1kwh故 B 正确CD、由电功公式 W=Pt 得，当功率 P=1103W，t=1h=3600s 时，W=Pt=11033600J=3.6106J即 1 度=3.6106J故 CD 错误故选：B【点评】本题考查对日常生活中物理量单位的了解程度，抓住 1 度俗称是 1 千瓦时，根据公式进行单位的换算2. 水平线上的 O 点放置一点电荷，图中画出电荷周围对称分布的几条电场线，如图所示.以水平线上的某点 O为圆心，画一个圆，与电- 2 - / 16场线分别相交于 a、b、c、d、e，则下列说法正确的是A. b、e 两点的电场强度相同B. a 点电势高于 c 点电势C

3、. b、c 两点间电势差等于 e、d 两点间电势差；D. 电子沿圆周由 d 到 b，电场力做正功【答案】C【解析】由图看出，b、e 两点电场强度的大小相等，但方向不同，而电场强度是矢量，所以 b、e 两点的电场强度不同，选项 A 错误；根据顺着电场线电势逐渐降低可知，离点电荷 O 越远，电势越低，故 a点电势低于 c 点电势，选项 B 错误；根据对称性可知，b、c 两点间电势差与 e、d 两点间电势差相等，选项 C 正确；d 点的电势高于 b 点的电势，由，则知电子在 d 点的电势能小于在 b 点的电势能，根据功能关系可知，电子沿圆周由 d 到 b，电场力做负功，选项 D 错误；综上本题选 C

4、.3. 如图所示，实线为电场线，虚线为电荷在匀强电场中的运动轨迹，a、b 是轨迹上的两点，则下列说法正确的是A. 电荷在 b 点的电势能大于在 a 点的电势能B. 该电场的方向水平向左C. b 点的电势高于 a 点的电势D. 电荷在电场中相同时间内速度的变化量不相同【答案】A【解析】匀强电场中电场力与电场线平行，而曲线运动合力指向曲线- 3 - / 16的凹侧一方，故电场力一定向左，从 a 到 b 点，电场力做负功，电势能增加，选项 A 正确；电场力向左，但不知道电荷的电性，所以不能判断电场方向，选项 B 错误；不能判断电场方向，即不能判断两点电势的高低，选项 C 错误；在匀强电场中，粒子受到

5、的电场力恒定，粒子加速度恒定，相同时间内速度变化量，也恒定，选项 D 错误.综上本题选 A.4. 三个相同的金属小球 1、2、3 分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径球 1 的带电量为 q，球 2 的带电量为 nq，球3 不带电且离球 1 和球 2 很远，此时球 1、2 之间作用力的大小为 F.现使球 3 先与球 2 接触，再与球 1 接触，然后将球 3 移至远处，此时1、2 之间作用力的大小仍为 F，方向不变由此可知A. n=3 B. n=4 C. n=5 D. n=6【答案】D【解析】试题分析：设 1、2 距离为 R，则球 1、2 之间作用力为：F=k，3 与 2 接触后，它

6、们带的电的电量平分，均为：，再 3 与 1 接触后，它们带的电的总电量平分，均为，将球 3 移至远处后，球 1、2 之间作用力为 F=k，有上两式解得：n=6，故选 D视频- 4 - / 165. 有一台标称值为“220 V，50 W”的电风扇，其线圈电阻为 0.4 ，在它正常工作时，下列求其每分钟产生的电热的四种解法中正确的是A. IA，QUIt3 000 J B. QPt3 000 JC. IA，QI2Rt1.24 J D. Qt60 J7.26106J【答案】C【解析】电流：，电风扇正常工作时产生的热量是由于内阻发热产生的，所以每分钟产生的热量为：，故选项 C 正确。点睛：本题考查了电动

7、机正常工作时产生热量的计算，是一道基础题，关键是正确理解电功和电热的关系以及各自的求解方法。6. 图中虚线所示为静电场中的等势面 1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面 3 的电势为 0.一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过 a、b 点时的动能分别为 26eV 和 5eV.当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为-8 eV 时，它的动能应为A. 8 eV B. 13 eV C. 20 eV D. 34 eV【答案】C【解析】由于正电荷由 A 到 B 动能减少了 21 eV，而电场中机械能和电势能总和不变，故在 3 等势面时动能应为 12 eV，总能量 E=“12“ eV

8、+0 eV=“12“ eV，当在某一位置，电势能 Ep=8 eV 时，Ek=“12“ eV-（-8 eV）=“20“ eV，故应选 C。- 5 - / 167. 某空间内有高度为 d、宽度足够宽、方向水平向左的匀强电场.当在该空间内建立如图所示的坐标系后，在 x 轴上的 P 点沿 y 轴正方向连续射入质量和电荷量均相同、且带电性质也相同的带电粒子(粒子重力不计)，由于粒子的入射速率 v(v0)不同，有的粒子将在电场中直接通过 y 轴，有的将穿出电场后再通过 y 轴.设粒子通过 y 轴时，离坐标原点的距离为 h，从 P 到 y 轴所需的时间为 t0，则A. 由题中条件可以判断出粒子的带电性质B.

9、 对 hd 的粒子，h 越大，t0 越大C. 对 hd 的粒子，在时间 t0 内，电场力对粒子做的功不相等D. 对 hd 的粒子，h 越大的粒子，电场力对粒子做的功越大【答案】A【解析】由题意可知，粒子向左偏，由电场线的方向，可确定电场力方向向左，因此粒子带正电，选项 A 正确；当 hd 的粒子时，粒子受到电场力一样，加速度也相同，因此运动时间也相等，由于粒子的速度不同，所以导致粒子的 h 不同，选项 B 错误；对 hd 的粒子，在时间 t0 内，沿电场力方向的位移相同，因此电场力做功相等，选项 C 错误；竖直分位移，则 h 越大的粒子，进入电场时的速率 v 也越大，通过电场时间 t 也越小，

10、沿电场方向位移，就越小，电场力对粒子做的功越小，选项 D 错误；综上本题选 A.8. 如图所示，质子、氘核和 粒子都沿平行板电容器两板中线方向垂直于电场线射入板间的匀强电场，射出后都打在同一个与垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点.下列说法中正确的是- 6 - / 16A. 若它们射入电场时的速度相等，在荧光屏上将出现 3 个亮点B. 若它们射入电场时的动量相等，在荧光屏上将只出现 2 个亮点C. 若它们射入电场时的动能相等，在荧光屏上将只出现 1 个亮点D. 若它们是由同一个电场从静止加速后射入此偏转电场的，在荧光屏上将只出现 1 个亮点【答案】D点睛：此类题目属于类平抛运动，质子、氘核和粒子

11、带电量和质量不全相同，进入同一电场时加速度不同，做类平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，推导出偏转位移的表达式，再进行分析。二、多选题：二、多选题： 9. 一个平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，两极板间有一正电荷(电荷量少)固定在 P 点，如图所示.以 E 表示两极板间的场强，U 表示电容器两极板间的电压，W 表示正电荷在 P 点的电势能.若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，那么A. U 变小，E 不变 B. E 变大，W 变大C. U 变小，W 不变 D. U 不变，W 不变【答案】AC【解析】由板间距离 d 减小，可知电容 C

12、增大；因充电后与电源断开，可知带电量 Q 不变；由 U可知板间电压 U 减小。由和 U得：，再由得：，即 E 由决定，因 Q、S 都不变，所以 E 不变。又因 P 点与负极板间电压不变，则 P 点的电势 P 不变，那么正电荷的电势能就不- 7 - / 16变。故选：AC。10. 如图所示，一个带电荷量为Q 的点电荷甲固定在绝缘平面上的O 点；另一个带电荷量为q、质量为 m 的点电荷乙，从 A 点以初速度v0 沿它们的连线向甲滑行运动，运动到 B 点静止.已知静电力常量为k，点电荷乙与水平面的动摩擦因数为 ，A、B 间的距离为 s.下列说法正确的是A. O、B 间的距离为B. 点电荷乙从 A 运

13、动到 B 的运动过程中，中间时刻的速度小于C. 点电荷乙从 A 运动到 B 的过程中，产生的内能为 mv02D. 在点电荷甲产生的电场中，A、B 两点间的电势差 UAB【答案】BD【解析】试题分析：因为在 B 点静止，所以，即，故选项 A 错误；因为小球从 A 运动到 B 过程中，加速度越来越大，所以中间时刻的速度小于，故选项 B 正确；由能量守恒定律可知：减小的动能转化为电势能和内能，故选项 C 错误；从 A 到 B 过程中，由动能定理可知：，解得，故选项 D 正确考点：本题借助带电小球的运动，考查了力与运动、牛顿第二定律、动能定理等基础知识的综合应用11. 如图所示，现有一个以 O 为圆心

14、，以 OP 长为半径的圆，四边形- 8 - / 16ABCD 为圆的内接正方形、a、b、c、d 分别为正方形的四个边AB、BC、CD 和 DA 的中点，P、Q 分别为弧 AB 和弧 CD 的中点.现在 A和 B、C 和 D 四点分别放上等量的正电荷和负电荷，若取无穷远处电势为零，下列说法正确的是A. O 点的电场强度和电势均为零B. 把同一电荷从 b 点移到 d 点，电场力做功为零C. 把同一电荷从 a 点移到 c 点，电场力做功为零D. 同一电荷在 P、Q 两点所受电场力相同【答案】BD【解析】如图，左右两个电荷和上下两个电荷都是等量异种电荷，PQ连线的垂直平分线是一条等势线，并延伸到无穷远

15、，则 O 点电势与无穷远电势相等，则 O 点的电势为零，在 O 点放入一个单位正电荷，对电荷进行受力分析，可知电场力合力不为零，则 O 点的场强不为零，选项 A 错误；由四个电荷分布的位置可知，电场线关于 PQ 连线对称，等势线关于 PQ 连线也对称，则 b 点与 d 点电势相等，电势差 U 为零，由 W=qU 分析可知，把一电荷从 b 点移到 d 点电场力做功为零，选项B 正确；由四个电荷分布的位置可知，电场线关于 PQ 连线对称，且由a 指向 c，故电荷从 a 点移到 c 点电场力做功不为零，选项 C 错误；根据电场线的对称性可知，PQ 两点电场线疏密相同，场强大小相等，方向相同，则同一电

16、荷在 PQ 两点所受电场力相同，选项 D 正确；综上本题选 BD.12. 如图为电场中 x 轴上各点电势分布图像，x 轴上相邻坐标点间距- 9 - / 16相等，由图像可以看出A. 正电荷沿 x 轴从 x1 运动到 x5 的过程中，电场力一直在做正功B. x 轴上，x3 到 x4 之间沿 x 轴方向各点的场强大小相等且不为零C. 沿 x 轴方向，x5 处的场强比 x2 处的场强大D. 负电荷从 x1 到 x2 电势能的减少量一定小于从 x4 到 x5 电势能的减少量【答案】CD.点睛：-x 图象中：电场强度的大小等于 -x 图线的斜率大小，电场强度为零处，-x 图线存在极值，其切线的斜率为零在

17、 -x 图象中可以直接判断各点电势的大小，并可根据电势大小关系确定电场强度的方向在 -x 图象中分析电荷移动时电势能的变化，可用 WAB=qUAB，进而分析 WAB 的正负，然后作出判断三、实验题：三、实验题： 13. 在描绘小电珠的伏安特性曲线的实验中，可以同时测定小电珠的功率和电阻.(1)测得的小电珠的功率与实际的功率相比较，测量功率_.- 10 - / 16A.总偏大 B.总偏小 C.无误差 D.都有可能(2)小电珠的电阻的测量值与实际值相比较_.A.偏大 B.偏小 C.有时偏大，有时偏小 D.都有可能(3)有一个小电珠上标有“4 V 2 W”的字样，现在要用伏安法描绘这个电珠的 UI

18、图线，有下列器材供选用：A.电压表(05 V，内阻 10 k) B.电压表(010 V，内阻 20 k)C.电流表(00.3 A，内阻 1 ) D.电流表(00.6 A，内阻 0.4 )E.滑动变阻器(5 ，10 A) F.滑动变阻器(500 ，0.2 A)实验中电压表应选用_，电流表应选用_.为使实验误差尽量减小，要求电压从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用_.则所选器材字母为_.A：A、D、F； B：A、D、E； C：A、C、D； D：B、D、F【答案】 (1). (1)A (2). (2)B (3). (3)B【解析】 （1）本实验电路采用的是电流表外接法，测量到的电流比真实电流

19、大，测量的电压为准确值，所以测量功率比真实功率大，选项A 正确；（2）因为小灯泡的测量电压是准确值，测量电流偏大，所以测量电阻比真实电阻偏小，选项 B 正确；（3）小灯泡额定电压 4V，电压表应选 A，灯泡的额定电流，电流表- 11 - / 16应选择 D，本实验中滑动变阻器采用分压式接法，应选用 E，综上选项 B 正确.14. 图(a)为某同学改装和校准毫安表的电路图，其中虚线框内是毫安表的改装电路.(1)已知毫安表表头的内阻为 100，满偏电流为 lmA；R1 和 R2 为阻值固定的电阻.若使用 a 和 b 两个接线柱，电表量程为 3mA；若使用 a和 c 两个接线柱，电表量程为 10mA

20、.由题给条件和数据，可以求出R1=_，R2=_.(2)若电阻 R1 和 R2 中有一个因损坏而阻值变为无穷大，利用图(b)的电路可以判断出损坏的电阻.图(b)中的 R为保护电阻，虚线框内未画出的电路即为图(a)虚线框内的电路.则图中的 d 点应和接线柱_(填“b”或“c”)相连.判断依据是：闭合开关时，若电表指针偏转，则损坏的电阻是_.【答案】 (1). (1)15 (2). 35 (3). (2)c， (4). R1【解析】 （1）定值电阻和毫安表都是并联关系，电压相等，电流和电阻成反比，若使用 a 和 b 两个接线柱，量程为 3mA，则通过和的电流为 2mA，电流比为 1:2，所以电阻比为

21、 2:1，可得，若使用 a 和 c 两个接线柱，电表量程为 10mA，通过的电流为 9mA，电流比为 1:9，可得电阻比为 9:1，即，整理可得， ；（2）因为只有一个损坏，所以验证是否损坏即可，所以 d 点应和接线柱 c 相连，若电流表没有示数，则说明损坏，若电流表有示数，则- 12 - / 16说明.四、计算题：四、计算题： 15. 如图所示，绝缘光滑轨道 AB 部分为倾角为 30的斜面，AC 部分为竖直平面内半径为 R 的圆轨道，斜面与圆轨道相切.整个装置处于场强为 E、方向水平向右的匀强电场中.现有一个质量为 m 的小球，带正电荷量为 q，要使小球能安全通过圆轨道，在 O 点的初速度应

22、为多大？【答案】 【解析】试题分析：小球先在斜面上运动，受重力、电场力、支持力、然后在圆轨道上运动，受重力、电场力、轨道的作用力，如图所示，类比重力场，将电场力与重力的合力视为等效重力 mg，大小为， ，解得 =30，等效重力的方向与斜面垂直指向右下方，小球在斜面上匀速运动，因要使小球能安全通过圆轨道，在圆轨道的等效最高点（D）点满足等效重力提供向心力，有：，因 =30，与斜面倾角相等，由几何关系可知 AD=2R令小球以最小初速度 v0 运动，由动能定理知：解得考点：圆周运动；动能定理的应用- 13 - / 16【名师点睛】此题考查了动能定理及圆周运动的问题；解决本题的方法是用等效法，极将重力

23、和电场力等效为一个力，解题时关键是确定等效场的最高点，求出最高点的临界速度，通过动能定理进行求解；此题考查学生灵活运用知识的能力.16. 如图所示,在竖直平面内一个带正电的小球质量为 m,所带的电荷量为 q,用一根长为 L 不可伸长的绝缘细线系在一匀强电场中的 O 点。匀强电场方向水平向右,且分布的区域足够大。现将带正电小球从 O点右方由水平位置 A 点无初速度释放,小球到达最低点 B 时速度恰好为零。(1)求匀强电场的电场强度 E 的大小。(2)若小球从 O 点的左方由水平位置 C 点无初速度释放,则小球到达最低点 B 所用的时间 t 是多少?此后小球能达到的最大高度 H(相对于 B点)是多

24、少?【答案】 （1） （2） ， 【解析】 （1）对小球由 A 点到 B 点的过程，由动能定理得0=mgL-qEL得 E=(2)小球由 C 点释放后,将做匀加速直线运动,到 B 点时的速度为 vB；小球做匀加速直线运动的加速度为 aa=mg/m=g=2aL- 14 - / 16t=小球到 B 点时细线恰好拉紧。将 vB 分解为 vB1 和 vB2,则vB1=vBcos 45=此后小球以 vB1 做圆周运动。设运动到 D 点时恰好速度为 0，对小球由 B 点到 D 点的过程，由动能定理得：0-m=-mg (L+Lsin ) +qEL cos 解得 =45在到达 D 点前小球一直沿圆轨道运动,所以

25、小球离 B 点的最大高度H=L+Lsin =L点睛：本题根据动能定理求解电场强度和最大高度，都是常用的方法和思路，关键之处在于绳子绷紧瞬间，要抓住小球的速度会突变，沿绳子方向的分速度突然减至零17. 如图所示，两块水平金属极板 A、B 正对放置，每块极板长均为l、极板间距为 d.B 板接地(电势为零)、A 板电势为+U，重力加速度为g.两个比荷(电荷量与质量的比值)均为=的带正电质点以相同的初速沿 A、B 板的中心线相继射入，第一个质点射入后恰好落在 B 板的中点处.接着，第二个质点射入极板间，运动一段时间 t 后，A 板电势突然变为-U 并且不再改变，结果第二个质点恰好没有碰到极板.求：(1

26、)带电质点射入时的初速 v0.- 15 - / 16(2)在 A 板电势改变之前，第二个质点在板间运动的时间 t.【答案】(1)，(2).【解析】试题分析：（1）第一个质点在极板间做类平抛运动（1 分）（1 分）（1 分）解得质点的初速（1 分）（2）第二个质点射入极板后，在时间内做类平抛运动，有（1 分）（1 分）（1 分）A 板电势突然变为后，质点所受电场力与重力平衡，做匀速直线运动，经过时间恰好射出极板，则（1 分）（1 分）由以上各式解得（1 分）考点：考查了粒子在电场的中的偏转- 16 - / 16点评：带电粒子在电场中的运动，综合了静电场和力学的知识，分析方法和力学的分析方法基本相同先分析受力情况再分析运动状态和运动过程（平衡、加速、减速，直 线或曲线） ，然后选用恰当的规律解题解决这类问题的基本方法有两种，第一种利用力和运动的观点，选用牛顿第二定律和运动学公式求解；第二种利用能量转化 的观点，选用动能定理和功能关系求解