高考物理一轮复习第13章动量守恒定律近代物理8模块综合检测新人教版.doc

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1、1 / 11【2019【2019 最新最新】精选高考物理一轮复习第精选高考物理一轮复习第 1313 章动量守恒章动量守恒定律近代物理定律近代物理 8 8 模块综合检测新人教版模块综合检测新人教版(时间：60 分钟 分值：100 分)一、单项选择题(本题共 5 小题，每小题 6 分，共 30 分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确)1(2018无锡天一中学检测)下列说法符合物理学史实的是( )A伽利略通过斜面实验的合理外推，得出了自由落体运动的规律B开普勒发现了行星运动的规律，提出了万有引力定律C卡文迪许利用扭秤实验巧妙地测出了静电力常量 k 的数值D法拉第根据小磁针在通电导线周围的偏转现

2、象发现了电流的磁效应解析：选 A伽利略通过斜面实验的理想化外推，得出了物体运动状态和受力的关系，并得到了自由落体运动的规律，A 对；开普勒发现了行星的运动规律，但提出万有引力定律的是牛顿，B 错；卡文迪许利用扭秤测出了万有引力常量 G 的数值，C 错；根据小磁针在通电导线周围的偏转现象发现了电流的磁效应的是奥斯特，D错2(2018江苏六市高三调研)如图所示的闭合电路中，R 是半导体光敏电阻，R1 为滑动变阻器现用一束光照射光敏电阻，则下列说法错误的是( )A电流表读数变大2 / 11B电压表读数变大C电源的总功率变大D电源内阻的功率变大解析：选 B当光照射光敏电阻时，电阻值变小，则电路中总电阻

3、减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大，故 A 正确；由 UEIr 知，路端电压减小，同时 R1 两端的电压增大，故 R 两端的电压减小，故 B 错误；因电路中的电流增大，所以电源的总功率变大，电源内阻的功率也变大，故 C、D 正确3质量为 M 的光滑圆槽放在光滑水平面上，一水平恒力 F 作用在其上促使质量为 m 的小球静止在圆槽上，如图所示，则( )A小球对圆槽的压力为MF mMB小球对圆槽的压力为mF mMC水平恒力 F 变大后，如果小球仍静止在圆槽上，小球对圆槽的压力增加D水平恒力 F 变大后，如果小球仍静止在圆槽上，小球对圆槽的压力减小解析：选 C利用整体法可求得系统的加速度为

4、a，对小球利用牛顿第二定律可得：小球受到圆槽的支持力为 ，由牛顿第三定律可知只有 C 项正确4如图所示，对于电场线中的 A、B、C 三点，下列判断正确的是( )AA 点的电势最低BB 点的电场强度最大C同一正电荷在 A、B 两点受的电场力大小相等3 / 11D同一负电荷在 C 点具有的电势能比在 A 点的大解析：选 D根据电场线的特点，沿着电场线方向电势逐渐降低，则 ACB，又知同一负电荷在电势越低处电势能越大，则同一负电荷在 C 点具有的电势能比在 A 点的大，所以 A 错误、D正确；因在同一电场中电场线越密，电场强度越大，则知 A 点电场强度最大，所以 B 错误；因电场中 EAEB，则同一

5、正电荷在 A、B 两点所受电场力关系为 FAFB，所以 C 错误5(2018江苏高级中学高三模拟)在光滑水平面上，有一个粗细均匀的边长为 L 的单匝正方形闭合线框 abcd，在水平外力的作用下，从静止开始沿垂直磁场边界方向做匀加速直线运动，穿过匀强磁场，如图甲所示，测得线框中产生的感应电流 i 的大小和运动时间 t 的变化关系如图乙所示，则( )A线框受到的水平外力一定是恒定的B线框边长与磁场宽度的比值为 38C出磁场的时间是进入磁场时的一半D出磁场的过程中外力做的功与进入磁场的过程中外力做的功相等解析：选 B根据 EBLv，I，FBIL，vat 以及 F 拉Fma 可知，线框受到的水平外力是

6、变力，出磁场时比进磁场时要大，故出磁场时外力做功比进入磁场时外力做功多，故选项 A、D错误；线框做匀加速直线运动，由图象及匀加速直线运动规律，结合电流与速度的关系可以知道，线框边长与磁场宽度比为 38，出磁场的时间不是进入磁场时的一半，故选项 B 正确，选项 C 错误二、多项选择题(本题共 4 小题，每小题 6 分，共 24 分在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全选对的得 64 / 11分，选对但不全的得 3 分，有错选或不答的得 0 分)6(2018苏锡常镇四市调研)如图所示，将砝码 A 放在水平桌面上的纸板 B 上，各接触面间动摩擦因数均相等，砝码到纸板左端和桌面右端的距离

7、均为 d在水平向右的恒力 F 的作用下，可将纸板从砝码下方抽出，砝码刚好到达桌面右端则下列说法正确的是( )A砝码与纸板分离前后的加速度大小一定相等B砝码与纸板分离时，砝码一定位于距离桌面右端处C其他条件不变，换用更大的恒力 F，砝码将不能到达桌面右端D其他条件不变，换用更大的恒力 F，砝码与纸板间产生的热量将减小解析：选 ABC因砝码水平方向只受到滑动摩擦力，且各接触面间动摩擦因数相等，所以砝码与纸板分离前后加速度大小不变，故 A 正确；因砝码刚好到达桌面右端，砝码先加速再减速，且加速度大小相等，由 v22ax 可知，砝码离开纸板时，距离桌面右端为，故 B 正确；假设 F，纸板的加速度会非常

8、大，与砝码 A 分离的时间很短，由惯性可知，C 正确；由 Qfs 相对可知，砝码与纸板产生的热量不变，故 D 错误7载人飞船从发射、进入轨道、加速变轨，最后进入圆形轨道稳定运行如图是载人飞船正在加速变轨的过程，如下相关的说法中，正确的是( )A进入新轨道后的周期比低轨道的周期大B进入新轨道后的速率比低轨道的速率小5 / 11C进入新轨道后，飞船的加速度变小D飞船在圆形轨道运行时，宇航员处于超重状态解析：选 ABC载人飞船加速变轨后轨道半径增大，但在不同的圆形轨道上都满足万有引力提供向心力由 Gmrmma，得T2，v，a，由此可知，轨道半径越大，周期越大、线速度和加速度越小，故飞船进入新轨道后的

9、周期变大，速率和加速度变小，故 A、B、C 均正确飞船在圆形轨道运行时，地球对宇航员的引力完全提供向心力，宇航员处于失重状态，故 D 错误8如图甲所示，小滑块 P(可视为质点)以不同的初速度 v0 从长度为 4 m 的固定斜面 Q 的顶端沿斜面下滑时，得到小滑块下滑的最大距离 x 与初速度的平方 v 的关系图象(即 xv 图象)如图乙所示，下列判断正确的是( )A小滑块下滑的加速度大小为 4 m/s2B小滑块下滑的加速度大小为 2 m/s2C若 v050 m/s，则滑块滑到斜面底端的时间长为 1 sD若 v050 m/s，则滑块滑到斜面底端的时间长为 4 s解析：选 BC根据匀变速直线运动的速

10、度位移公式得v2v2ax，其中 v0，整理得 x,2a)，因为 xv 图象的斜率k m1s2，可得 a2 m/s2，所以滑块下滑的加速度大小为 2 m/s2，选项 A 错误，B 正确；当 v04 m/s 时，由速度位移公式得x4 m，即当滑块以 4 m/s 的初速度滑下时，小滑块已滑到 Q 的底端，则当 v05 m/s 时，由位移公式得 Lv0tat2，代入数据解得 t1 s 或 t4 s(舍去)，选项 C 正确，D 错误9如图所示，边长为 L 的等边三角形 ABC 为两个有界匀强磁场的6 / 11理想边界，三角形内的磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B，三角形外的磁场(足够大)方向垂直纸

11、面向里，磁感应强度大小也为 B把粒子源放在顶点 A 处，它将沿A 的角平分线发射质量为m、电荷量为 q、初速度为 v0 的带电粒子(粒子重力不计)则下列关于从 A 射出的粒子说法正确的是( )A当粒子带负电，v0时，第一次到达 C 点所用时间为2m qBB当粒子带负电，v0时，第一次到达 C 点所用时间为2m 3qBC当粒子带正电，v0时，第一次到达 C 点所用时间为2m qBD当粒子带正电，v0时，第一次到达 C 点所用时间为2m 3qB解析：选 BC粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供圆周运动的向心力(1)当 v0时，则由牛顿第二定律可得 qvBm，T，根据几何关系作出运动轨迹，rL，

12、如图甲由轨迹知，当电荷带正电，粒子经过一个周期到达 C 点，即t，C 正确；当粒子带负电，粒子经过 T 第一次到达 C 点，即t，故 A 错误(2)当 v0，rL，如图乙，由运动轨迹可知，当电荷带正电，粒子经过 T 到达 C 点，即 t，故 D 错误；当粒子带负电，粒子经过第一次到达 C 点，即 t，故 B 正确三、非选择题(本题共 4 小题，共 46 分按题目要求作答，计算题要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)10(8 分)(2018苏锡常镇四市调研)如图甲所示是小明探究橡皮筋弹力做的功 W 与小车动能的变化量 Ek 间的关系的装置图，长木板放在水平桌面上，橡皮筋的两端分别

13、与小车和挡板相连实7 / 11验中，通过增减橡皮筋的根数来改变弹力所做的功(1)下列实验操作正确的是_A实验时，应先释放小车，然后接通电源B增加橡皮筋根数时，应选取相同的橡皮筋C每次应将小车拉到相同的位置由静止释放D实验前应先平衡小车在木板上所受的摩擦力(2)如图乙所示是某次实验中的一条纸带，相邻计数点间时间T002 s为得到本次实验小车动能的变化量，求得的小车速度v_ m/s(3)由实验数据画出的 WEk 图象如图丙所示，小明认为由图象能得出“橡皮筋弹力做的功等于小车动能的变化量”的实验结论，你同意吗？_(填“同意”或“不同意”)，你的理由是_解析：(1)实验时，先接通电源后释放小车，故 A

14、 错误；增加橡皮筋根数时，应选取相同的橡皮筋，这样橡皮筋做功就有倍数关系，故 B 正确；每次都要从同一位置由静止释放，这样开始时橡皮筋的形变量相同，过程中每根橡皮筋做的功才相同，故 C 正确；实验中橡皮筋对小车所做的功认为是合外力做的功，因此实验前需要平衡摩擦力，故 D 正确(2)计算时应取小车匀速的最大速度，由题图乙可知 v cm/s90 cm/s09 m/s(3)因用不同条数的橡皮筋且拉到相同的长度，这样橡皮筋对小车做的功就有倍数关系，测不出橡皮筋做功的具体数值，所以不同意答案：(1)BCD (2)09 (3)不同意 实验中不能测出橡皮筋8 / 11弹力所做功的具体数值11(8 分)实验室

15、购买了一捆标称长度为 100 m 的铜导线，某同学想通过实验测定其实际长度该同学首先测得导线横截面积为10 mm2，查得铜的电阻率为 17108 m，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻 Rx，从而确定导线的实际长度可供使用的器材有：电流表：量程 06 A，内阻约 02 ；电压表：量程 3 V，内阻约 9 k；滑动变阻器 R1：最大阻值 5 ；滑动变阻器 R2：最大阻值 20 ；定值电阻：R03 ；电源：电动势 6 V，内阻可不计；开关、导线若干回答下列问题：(1)实验中滑动变阻器应选_(填“R1”或“R2”)，闭合开关 S 前应将滑片移至_端(填“a”或“b”)(2)在实物图中，已正确连接了部

16、分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接(3)调节滑动变阻器，当电流表的读数为 050 A 时，电压表示数如图乙所示，读数为_V(4)导线实际长度为_m(保留 2 位有效数字)解析：根据串、并联电路的特点，电阻定律以及欧姆定律解决问题(1)根据 R，得铜导线的阻值约为 Rx17 ，即RxR047 实验中的滑动变阻器若选 R1，则当滑动变阻器滑片移至 a 端时，电压表的示数约为 3 V，若滑动变阻器滑片向右9 / 11移动，电压表示数变大，超过电压表量程，故实验中的滑动变阻器应选 R2闭合开关 S 前应使电路中的电阻最大，故滑动变阻器滑片应移至 a 端(2)连线如图所示(3)电压表的示数为 23

17、0 V(4)根据欧姆定律，铜导线与 R0 的串联电阻 R 46 ，所以铜导线的电阻 RxRR016 根据 Rx 得导线长度l m94 m答案：(1)R2 a (2)见解析图 (3)230(229231 均正确) (4)94(9395 均正确)12(15 分)(2018南京、盐城、连云港三市高三模拟)如图所示，A、B 两物体之间用轻弹簧相连，B、C 两物体用不可伸长的轻绳相连，并跨过轻质光滑定滑轮，C 物体放置在固定的光滑斜面上开始时用手固定 C 使绳处于拉直状态但无张力，ab 绳竖直，cd绳与斜面平行已知 B 的质量为 m，C 的质量为 4m，弹簧的劲度系数为 k，固定斜面倾角 30由静止释放

18、 C，C 在沿斜面下滑过程中 A 始终未离开地面(已知弹簧的弹性势能的表达式为Epkx2，x 为弹簧的形变量)重力加速度为 g求：(1)刚释放 C 时，C 的加速度大小；(2)C 从开始释放到速度最大的过程中，B 上升的高度；(3)若 A 不离开地面，其质量应满足什么条件解析：(1)刚释放 C 时，由牛顿第二定律得4mgsin 305maag10 / 11(2)初始对 B 物体有 kx1mgC 速度最大时，有 F14mgsin 30此时，对 B 物体有 F1mgkx2B 物体上升的高度 hx1x2解得 h(3)若 A 不离开地面，则对 A 物体kx3mAgkx1mg4mg(x1x3)sin 3

19、0mg(x1x3)kxkx2 1解得 mA3m答案：见解析13(15 分)如图甲所示，宽度为 d 的竖直狭长区域内(边界为L1、L2)，存在垂直纸面向里的匀强磁场和竖直方向的周期性变化的电场(如图乙所示)，电场强度的大小为 E0，E0 表示电场方向竖直向上t0 时，一带正电、质量为 m 的微粒从左边界上的 N1 点以水平速度 v 射入该区域，沿直线运动到 Q 点后，做一次完整的圆周运动，再沿直线运动到右边界上的 N2 点Q 为线段 N1N2 的中点，重力加速度为 g上述 d、E0、m、v、g 为已知量(1)求微粒所带电荷量 q 和磁感应强度 B 的大小；(2)求电场变化的周期 T；(3)改变宽度 d，使微粒仍能按上述运动过程通过相应宽度的区域，求 T 的最小值解析：(1)微粒做直线运动，则 mgqE0qvB微粒做圆周运动，则 mgqE011 / 11联立得 qB(2)设微粒从 N1 运动到 Q 的时间为 t1，做圆周运动的周期为t2，则vt1qvBm2Rvt2联立得 t1，t2电场变化的周期 Tt1t2(3)若微粒能完成题述的运动过程，要求 d2R联立得 R设在 N1Q 段直线运动的最短时间为 t1min由得 t1minv 2g因 t2 不变，T 的最小值为 Tmint1mint2(21)v 2g答案：(1) (2) (3)(21)v2g