高二物理上学期第二次联考试题（含解析）.doc

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1、- 1 - / 14【2019【2019 最新最新】精选高二物理上学期第二次联考试题（含解析）精选高二物理上学期第二次联考试题（含解析）、选择题、选择题1. 用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下面四个物理量都是用比值法定义的以下公式不属于定义式的是（）A. 电流强度B. 电容C. 电阻D. 磁感应强度【答案】C【解析】电流强度是电流的定义式；电容是电容的定义式；磁感应强度是磁感应强度的定义式；而电阻是电阻的决定式；故选 C.2. 根粗细均匀的导线，当其两端电压为 U 时，通过的电流是 I，若将此导线均匀拉长到原来的 4 倍时，电流仍为 I，导线两端所加的电压变为（）A. B. 4U

2、C. D. 16U【答案】D【解析】由题意知导线均匀拉长到原来的 2 倍时，电阻横截面积为原来的，由电阻得电阻变为原来的 16 倍。要使电流仍为 I，则电压为原- 2 - / 14来的 16 倍，故选 D.3. 如图，一带电粒子从小孔 A 以一定的初速度射入平行板 P 和 Q 之间的真空区域，经偏转后打在 Q 板上如图所示的位置在其他条件不变的情况下要使该粒子能从 Q 板上的小孔 B 射出，下列操作中可能实现的是（不计粒子重力） （）A. 保持开关 S 闭合，适当上移 P 极板B. 保持开关 S 闭合，适当左移 P 极板C. 先断开开关 S，再适当上移 P 极板D. 先断开开关 S，再适当左移

3、 P 极板【答案】A【解析】试题分析：粒子做类似斜抛运动，水平分运动是匀速直线运动，要使该粒子能从 Q 板上的小孔 B 射出，即要增加水平分位移，由于水平分速度不变，只能增加运动的时间；A、保持开关 S 闭合，适当上移 P 极板，根据 U=Ed，d 增加，场强 E 减小，故加速度 a=qE/m减小，根据 t=2vy0/a，时间延长，可能从小孔 B 射出；故 A 正确；B、保持开关 S 闭合，适当左移 P 极板，场强不变，故粒子加速度不变，运动轨迹不变，故 B 错误；C、先断开开关 S，再适当上移 P 极板，电荷的面密度不变，场强不变，故粒子加速度不变，运动轨迹不变，故 C 错误；D、先断开开关

4、 S，再适当左移 P 极板，电荷的面密度增加，场强变大，故粒子加速度变大，故时间缩短，水平分位移减小，故不可能从小孔 B 射出，故 D 错误；故选 A考点：考查电容器、匀强电场、带电粒子在电场中的运动- 3 - / 14【名师点睛】本题关键是明确粒子的运动性质，然后结合类似斜抛运动的分运动规律列式分析4. 静电场中，带电粒子在电场力作用下从电势为的点运动至电势为b 的 b 点。若带电粒子在、b 两点的速率分别为 v、vb，不计重力，则带电粒子的比荷 q/m 为（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】带电粒子在 a、b 两点的速率分别为 va、vb，带电粒子在a、b 两点动能的变化，带电粒

5、子在电场力作用下从电势为 a 的 a 点运动至电势为 b 的 b 点，电势能的变化为EP=qb-qa，根据能量守恒得，EK=-EP，解得：，故 A 正确。5. 如图是一个将电流表改装成欧姆表的电路示意图，此欧姆表己经调零，用此欧姆表测一阻值为 R 的电阻时，指针偏转至满刻度处，现用该表测一未知电阻，指针偏转到满刻度的处，则该电阻的阻值为（）A. 4R B. 5R C. 10R D. 16R【答案】D【解析】由闭合电路的欧姆定律得：调零时有 EIgR 内；指针偏转至满刻度的时有 E；指针偏转到满刻度的时有 E。联立三式可解得 Rx16R。D 正确，A、B、C 错误。- 4 - / 146. 如图

6、所示，水平面上有电阻不计的 U 形导轨 NMPQ 处于匀强磁场中，磁感应强度大小为 B，方向与水平面夹角为，垂直于 b 且指向右斜上方导轨宽度为 L，M 和 P 之间接入一电动势为 E，内阻不计的电源，垂直于导轨搁一根质量为 m、接入导轨间的电阻为 R 的金属棒 b，当b 棒静止时，电路中的电流为 I，导体棒与导轨的摩擦因数为，b 棒受到的摩擦力的大小（）A. BILsin B. BILcos C. （mgBILsin） D. （mgBILsin）【答案】AFx 合F 摩Fsin0；FBIL；解得：F 摩BILsin，故选 A。7. 如图甲所示为电场中的一条电场线，在电场线上建立坐标轴，则坐标

7、轴上 Ox2 间各点的电势分布如图乙所示，下列说法中正确的是（）A. x1 点的电场强度最小B. Ox2 之间，x 轴附近的电场线分布先变密后变疏C. 一正电电荷从 O 点由静止释放，若仅受电场力作用，点电荷的加速度先增大后减小D. 正电电荷从 O 点由静止释放，若仅受电场力作用，速度先增大后减小【答案】BC【解析】试题分析：-x 图象的切线斜率表示电场强度，故 x1 点的电场强度最大，故 A 错误；-x 图象的切线斜率表示电场强度，-x- 5 - / 14图象的斜率大小等于电场强度，由几何知识得知，0-x2 之间斜率先增大后减小，则电场强度先增大后减小，故 0-x2 之间，x 轴附近的电场线

8、分布先变密后变疏，故 B 正确；0-x2 之间 -x 图象的斜率先增大后减小，且斜率一直为负值，说明电场强度方向不变，向右，电场强度先增大后减小；故一正电电荷从 O 点由静止释放，仅受电场力作用，是向右加速，速度一直增加，加速度先增大后减小，故 C 正确，D 错误；故选 BC考点：电场强度；电势【名师点睛】本题从数学有角度理解 -t 图象的斜率等于场强，由电势的高低判断出电场线的方向，来判断电场力方向做功情况。8. 如图所示，电源电动势为 E，内阻为 r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光在将滑动变阻器的触片逐渐向左滑动的过程中，下列说法正确的是（）A. 小灯泡

9、 L1 变暗，小灯泡 L2 变亮B. 小灯泡 L1 变亮，小灯泡 L2 变暗C. 电流表 A 的读数变大，电压表 V 的读数变小D. 电流表 A 的读数变小，电压表 V 的读数变大【答案】AC【解析】滑动变阻器向左滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路的总阻值变小，总电流变大，所以电流表的读数变大，内阻消耗电压变大，电压表读数变小。小灯泡 L2 变亮，L1 两端电压变小。小灯泡 L1 变暗。故选 AC.- 6 - / 14点睛：本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式、灵活应用欧姆定律公式是正确解题的关键也可以运用结论进行分析：变阻器电阻增大，与之并

10、联的电灯会亮，与之串联的电灯会变暗，即“串反并同” 9. 在某次发射科学实验卫星“双星”中，放置了一种磁强计，用于测定地磁场的磁感应强度，磁强计的原理如图所示，电路中有一段金属导体，它的横截面是宽为、高为 b 的长方形，放在沿 y 轴正方向的匀强磁场中，导体中通有沿 x 轴正方向、大小为 I 的电流，己知金属导体单位体积的自由电子数为 n，电子电荷量为 e，金属导电过程中，自由电子做定向移动可视为匀速运动，测出金属导体前后两个侧面间的电势差为 U，则下列说法正确的是（）A. 电流方向沿 x 轴正方向，正电荷受力方向指向前侧面，因此前侧面电势较高B. 电流方向沿 x 轴正方向，电子受力方向指向前

11、侧面，因此后侧面电势较高C. 磁感应强度的大小为D. 磁感应强度的大小为【答案】BC【解析】试题分析：金属导体中有自由电子当电流形成时，金属导体内的自由电子逆着电流的方向做定向移动在磁场中受到洛伦兹力作用的是自由电子由左手定则可知，自由电子受到的洛伦兹力沿 z轴正方向，自由电子向前侧面偏转，故后侧面电势较高，故 A 错误，- 7 - / 14B 正确；设自由电子匀速运动的速度为 v，则由电流的微观表达式有I=neabv，金属导体前后两个侧面间的电场强度，达到稳定状态时，自由电子所受洛伦兹力与电场力平衡，则有：evB=eE，解得磁感应强度的大小为：，故 C 正确，D 错误故选 BC考点：霍尔效应

12、【名师点睛】解决本题的关键会利用左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道稳定时电荷所受的洛伦兹力和电场力平衡。10. 个足够长的绝缘斜面，倾角为，置于匀强磁场中，磁感应强度为 B，方向垂直于纸面向里，与水平面平行，如图所示，现有一带电荷量为 q，质量为 m 的小球在斜面顶端由静止开始释放，小球与斜面间的动摩擦因数为，则（）A. 如果小球带正电，小球在斜面上的最大速度为B. 如果小球带正电，小球在斜面上的最大速度为C. 如果小球带负电，小球在斜面上的最大速度为D. 如果小球带负电，小球在斜面上的最大速度为【答案】BC【解析】试题分析：如果小球带正电，小球下滑过程中受到重力、垂直于斜面向下的洛伦兹力、

13、斜面的支持力和滑动摩擦力，小球由静止开始做加速运动，随着小球速度的增大，洛伦兹力增大，摩擦力增大，加速度减小，当小球的受力达到平衡时，做匀速运动，速度达到最大由平衡条件得，解得最大速度为，故 A 错误 B 正确；如果小球带负电，小球下滑过程中受到重力、垂直于斜面向上的洛伦兹力、斜面- 8 - / 14的支持力和滑动摩擦力，小球由静止开始做加速运动，随着小球速度的增大，洛伦兹力增大，当小球刚要离开斜面时速度达到最大，此时有，解得，故 C 正确 D 错误考点：考查了带电小球在匀强磁场的中运动【名师点睛】若小球带正电，分析小球的受力情况，抓住洛伦兹力与速度大小成正比，确定小球的运动情况若小球带负电，

14、分析小球的受力情况，小球受到垂直于斜面向上的洛伦兹力作用，最终小球会离开斜面，当小球刚要离开斜面时速度达到最大，由平衡条件求出最大速度二、实验题二、实验题11. 有一游标卡尺，主尺的最小分度是 1mm，游标上有 20 个小的等分刻度用它测量一小球的直径，如图甲所示的读数是_mm用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图乙所不的读数是_mm【答案】 (1). 10.45 (2). 1.730【解析】如图甲所示的读数是:1cm+0.05mm9=10.45mm图乙的读数是：1.5mm+0.01mm23.0=1.730mm12. 欲用伏安法测定一段阻值约为 5 左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，

15、现备有以下器材：A电池组（3V，内阻 1）B电流表（03A，内阻 0.0125）C电流表（00.6A，内阻 0.125）- 9 - / 14D电压表（03V，内阻 3k）E电压表（015V，内阻 15k）F滑动变阻器（020，额定电流 1A）G滑动变阻器（02000，额定电流 0.3A）H开关、导线（1）滑动变阻器应选用的是_。 （填写器材的字母代号）（2）实验电路应采用电流表_接法（填“内”或“外” ） ，采用此接法测得的电阻值比其真实值偏_（填“大”或“小” ） ，造成这种误差的主要原因是_。（3）设实验中，电流表、电压表的某组示数如下图所示，图示中I_A，U=_V。（4）为使通过待测金属

16、导线的电流能在 00.5A 范围内改变，请按要求在方框内画出测量待测金属导线的电阻尺的原理电路图_。【答案】 (1). （1）F， (2). （2）外， (3). 小， (4). 电压表的分流作用 ； (5). （3）0.48， (6). 2.20 (7). （4）图见解析.【解析】 （1）题目要求测量结果尽量准确要选择滑动变阻器分压接法，则选取小阻值 F；故选取的（2）电池组 3V，则选取电压表 D；根据欧姆定律，故电流表选取 C；被测电阻约；为小电阻，故选择电流表外接；采用此接法测得电阻上的电流值偏大，则电阻值比其真实值偏小，造成这种误差的主要原因是电压表的分流作用；- 10 - / 14

17、（3）电流表读数 I=0.48A；电压表读数 U=2.20V；（4）电流表外接又滑动变阻器分压接法，故电实验原理电路图如图：点睛：电学实验要注意以下问题：（1）仪表的选择；（2）电路的接法；（3）数据的处理；要学会根据实验的原理同时结合安全性、准确性原则进行分析三、计算题三、计算题13. 如图所示，边长为 L 的正方形区域 ABCD 内存在着沿 AD 方向的匀强电场。电量为 q、速度为 v 的带电粒子从 A 点沿 AB 方向进入电场，恰好从 BC 的中点离开电场，不计粒子所受重力，求电场强度的大小E。【答案】mv/qL【解析】试题分析：带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，则有垂直于电场方向：L=

18、vt平行于电场方向：- 11 - / 14据牛顿第二定律：qE=ma解上述方程得：考点：带电粒子在匀强电场中的运动14. 如图所示，一个电子（电量为 e）以速度 v 垂直射入磁感应强度为 B、宽度为 d 的匀强磁场中，穿出磁场时的速度方向与原来入射方向的夹角是 30，试计算：（1）电子的质量 m；（2）电子穿过磁场的时间 t。【答案】 （1）m=2edB/v（2）t=d/3v.由洛仑兹力提供向心力，则有：由图中几何关系得：Rsin30=d解得电子的质量（2）电子做匀速圆周运动的周期为则穿出磁场的时间为考点：带电粒子在匀强磁场中的运动15. 如图甲所示的电路中，R1、R2 均为定值电阻，且 R1

19、=l00，R2阻值未知，R3 为一滑动变阻器。当其滑片 P 从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流变化图线如图乙所示，其中A、B 两点是滑片 P 在变阻器的两个不同端点得到的。求：（1）电源的电动势和内阻；- 12 - / 14（2）定值电阻 R2 的阻值；（3）滑动变阻器的最大阻值。【答案】 （1）E=20V，r=20（2）5（3）300【解析】试题分析：电源的路端电压随电流的变化图线斜率大小等于电源的内阻，由闭合电路欧姆定律求出电动势；当滑片滑到最右端时，R1 被短路，外电路的电阻最小，电流最大，读出电流和电压，由欧姆定律求出 R2 的阻值；滑动变阻器阻值最大时，外电阻最大

20、，电流最小，由图读出电压和电流，由欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值。（1）由闭合电路欧姆定律得 E=U+Ir，将图象中 A、B 两点的电压和电流代入和得E=16+0.2r E=4+0.8r联立解得 E=20V r=20。（2）当 R3 的滑键自左向右滑时，R3 阻值变小，使电路总电阻变小，而总电流变大由此可知，图线上的 A、B 两点是滑键分别位于最左端和最右端时所得到的当滑键位于最右端时，R3=0，R1 被短路，外电路总电阻即为 R2，故由 B 点的 U、I 值可求出 R2， 。（3）当滑键在最左端时，其阻值最大，并对应着图线上的 A 点，故由 A 点的 U、I 值可求出此时外电路总电阻，再根

21、据串、并联电路的规律可求出 R3 的最大值,- 13 - / 14又有 ，代入数值解得滑动变阻器的最大值 R3=300。点睛：本题要理解电源的伏安特性曲线的意义，可由图线上两点的坐标建立方程组求解电源的电动势和内阻。16. 如图所示，有一个磁感应强度大小为 B、方向垂直纸面向里的足够大的匀强磁场，在磁场中的 O 点有一个粒子源，能在纸面内向各个方向连续不断地均匀发射速率为 v、比荷为 k 的带正电粒子，PQ 是垂直纸面放置、厚度不计的挡板，挡板的 P 端与 O 点的连线与挡板垂直带电粒子的重力以及粒子间的相互作用力忽略不计（1）为了使带电粒子不打在挡板上，粒子源到挡板的距离 d 应满足什么条件

22、？（2）若粒子源到挡板的距离，且己知沿某一方向射出的粒子恰好经过挡板的 P 点后最终又打在挡板上，求这个粒子从 O 点射出时的速度方向；（3）若粒子源到挡板的距离，粒子打到挡板左、右表面上的长度之比是多少？【答案】 （1） （2）30（3）【解析】 （1）设带电粒子的质量为 m，电荷量为 q，在磁场中运动的轨道半径为 r，则由洛伦兹力充当向心力得： 由题意得 - 14 - / 14由题意分析可知，为了使带电粒子不打在挡板上，d 应满足：d2r 由解得 （2）如图所示，设粒子速度方向与 OP 连线的夹角为 时，粒子恰好经过挡板的 P 点后最终又打在挡板右表面的 N 点由图形的几何关系可知：OPN 为直角三角形，ON 为粒子圆周运动的直径由于和可得由几何关系可得 30 （3）粒子打到挡板左、右表面的示意图如图所示由图可知，粒子打到挡板左表面的长度为粒子打到挡板右表面的长度为粒子打到挡板左、右表面上的长度之比为 点睛：本题考查了带电粒子在匀强磁场中的运动，带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力；确定带电粒子轨迹的范围一般应用画图的方法找出，同时可以结合几何知识进行分析