高三物理第二次模拟考试试题__2 (2).pdf

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1、A.静电复印准兑市爱憎阳光实验学校、准兑市爱憎阳光实验学校、高级第二次模拟考试高级第二次模拟考试 物物理试题理试题说明：1本试卷总分值 120 分，考试时间 100 分钟 2本试卷分为第一卷和第二卷，所有题目一律在答题卡上相位置标准作答第一卷选择题，共 31 分一、单项选择题：此题共 5 小题，每题 3 分，共计 15 分每题只有一个选项符合题意1以下图片显示的技术中，属于防范静电危害的是2目前，我市每个社区均已配备了公共体育健身器材图示器材为一秋千，B.静电喷涂C.避雷针D静电除尘用两根长轻绳将一座椅悬挂在竖直支架上高的两点由于长期使用，导致两根支架向内发生了稍小倾斜，如图中虚线所示，但两悬

2、挂点仍高座椅静止时用F表示所受合力的大小，F1表示单根轻绳对座椅拉力的大小，与倾斜前相比 AF不变，F1变小 BF不变，F1变大 CF变小，F1变小 DF变大，F1变大3图甲是小型交流发电机的示意图，在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁场方向垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图像如图乙所示发电机线圈内阻为 10，外接一只电阻为 90 的灯泡，不计电路的其他电阻，那么图甲图乙 At0 时刻线圈平面与中性面垂直 B每秒钟内电流方向改变 100 次 C灯泡两端的电压为 22V D00.01s 时间内通过灯泡的电量为 04如图甲所示，x轴上固两个点电荷Q1、Q2Q2位Q1Q2x于O坐标原

3、点O，其上有M、N、P三点，间距MN=NPQ1、图甲Q2在轴上产生的电势随x变化关系如图乙 那么MNPx AM点电场场强大小为零O图乙 BN点电场场强大小为零 CM、N之间电场方向沿x轴负方向D一正试探电荷从P移到M过程中，电场力做功WaPN WNM5一滑块以一的初速度从一固斜面的底端向上冲，到斜面上某一点后返回底端，斜面粗糙 滑块运动过程中加Ot速度与时间关系图像如右图所示以下四幅图像分别表示滑块运动过程中位移x、速度v、动能Ek和重力势能Ep以斜面底端为参考平面随时间变化的关系图像，其中正确的选项是 A B C D二、多项选择题：此题共4 小题，每题4 分，共计16 分.每题有多个选项符合

4、题意，选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答得 0 分6如下图，在一端封闭的光滑细玻璃管中注满y/cm清水，水中放一红蜡块RR视为质点将玻璃管的开口端用塞塞紧后竖直倒置且与y轴重合，在R从坐标原点以速度v0=3cm/s 匀速上v0浮Rx/cm的同时，玻璃管沿x轴正向做初速度为零的O匀加速直线运动，合速度的方向与y轴夹角为那么红蜡块R的 A分位移y与x成正比 B分位移y的平方与x成正比 C合速度v的大小与时间t成正比 Dtan与时间t成正比7据英国站 2015 年 1 月 6 日报道，在太阳系之外，家发现了一颗最适人类居住的类地行星，绕恒星橙矮星运行，命名为“开普勒438b假设该行

5、星与地球绕恒星均做匀速圆周运动，其运行的周期为地球运行周期的p倍，橙矮星的质量为太阳的q倍 那么该行星与地球的 A轨道半径之比为3p2qB轨道半径之比为3p2 C线速度之比为3qp D线速度之比为1p8如下图，在滑动变阻器的滑片向左滑动的过程R中，理想电压表、电流表的示数将发生变化，电V1压表 V1、V2示数变化量的绝对值分别为V2U1、U2，电阻R大于电源内阻r，那么KErA A电流表 A 的示数增大 B电压表 V2的示数增大 C电压表 V1的示数增大 DU1大于U29如下图，空间有一垂直纸面向外的磁感强度为 0.5 T 的匀强磁场，一质量为 0.2 kg 且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面

6、上，在木板左端放置一质量B为m=0.1 kg、带正电q=0.2C 的滑块，F滑块与绝缘木板之间动摩擦因数为 0.5，滑块受到的最大静摩擦力可认为于滑动摩擦力现对木板施加方向水平向左，大小为F=0.6 N 的恒力，g取10 m/s2那么滑块A开始做匀加速运动，然后做加速度减小的加速运动，最后做匀速直线运动B一直做加速度为 2 m/s2的匀加速运动,直到滑块飞离木板为止C速度为 6m/s 时，滑块开始减速D最终做速度为 10m/s 的匀速运动第二卷非选择题，共 89 分三、简答题：此题分必做题第 10、11 题和选做题第 12 题两，共计42 分.请将解答填写在答题纸相的位置.108 分某同学准备

7、利用以下器材测量干电池的电动势和内电阻A待测干电池两节，每节电池电动势约为 V，内阻约几欧姆B直流电压表 V1、V2，量程均为 3 V，内阻约为 3 kC值电阻R0未知D滑动变阻器R，最大阻值RmE导线和开关1 根据如图甲所示的实物连接图，在图乙方框中画出相的电路图图甲图乙2之前，需要利用该电路图测出值电阻R0，方法是先把滑动变阻器R调到最大阻值RU1m，再闭合开关，电压表V1和 V2的读数分别为U10、U20，那么R0=用OaU2U10、U20、Rm表示图丙3中移动滑动变阻器触头，读出电压表 V1和 V2的多组数据U1、U2，描绘出U1U2图象如图丙所示，图中直线斜率为k，与横轴的截距为a，

8、那么两节干电池的总电动势E，总内阻r用k、a、R0表示某同学用如图甲所示的装置来“探究a与F、m之间的量关系1时，必须先平衡小车与木板之间的摩擦力该同学是这样操作的：如图乙，将小车静止地放在水平长木板上，并连着已穿过打点计时器的纸带，调整木板右端的高度，接通电源，用手轻拨小车，让打点计时器在纸带上打出一_的点，说明小车在做_运动图甲图乙2如果该同学先如1中的操作，平衡了摩擦力以砂和砂桶的重力为F，在小车质量M保持不变情况下，不断往桶里加砂，砂的质量最终到达13M，测小车加速度a，作a-F的图像以下图线正确的选项是 A B C D3设纸带上计数点的间距为S1和S2如图为用米尺测量某一纸带上的S1

9、、S2的情况，从图中可读出S13.10cm，S2_cm，打点计时器的频率为 50Hz，由此求得加速度的大小a_m/s21112-A模块 3-312 分14 分以下说法正确的选项是_A.悬浮在液体中的微粒越小，受到液体分子的撞击就越容易平衡B.物体中所有分子的热运动动能的总和叫做物体的内能C.热力学温度T与摄氏温度t的关系为t=T+275D.液体外表的分子距离大于分子间的平衡距离，使p2p0A得液面有外表张力pC0B2 图为一质量理想气体的压强p与体积V的关系图像，VOV03V0它由状态A经容过程到状态B，再经压过程到状态C.设A、B、C状态对的温度分别为TA、TB、TC，那么TA=_TC.从状

10、态B到状态C过程气体_热(填“吸、“放)3某教室的空间体积约为120m3试计算在状况下，教室里空气分子数：阿伏加德罗常数N-13A 6.01023mol，状况下摩尔体积V0 22.4103m 计算结果保存一位有效数字12B模块 3-4(12 分)14 分以下说法正确的选项是_A一条沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时长B根据多普勒效可以判断遥远天体相对于地球的运动速度C大量事实证明，电磁波不能产生衍射现象D受迫振动的频率总于系统的固有频率2过去材料的折射率都为正值(n0)现已有y/cm针对某些电磁波设计制作的人工材料，其折射10率x/mO123图题图题 12B-112B-2可以为负值(n

11、0)，称为负折射率材料位于空气中的这类材料，入射角i与折射角r依然满足sinisinrn，但是折射线与入射线位于法线的同一侧(此时折射角取负值)现空气中有一上下外表平行的负折射率材料，一束电磁波从其上外表以入射角射入，下外表射出假设该材料对此电磁波的折射率n1，请画出正确反映电磁波穿过该材料的传播路径的示意图，假设在上下两个外表电磁波的折射角分别为r1、r2，那么r1_r2(填“大于、“于、“小于)，3竖直悬挂的弹簧振子下端装有记录笔，在竖直面内放置记录纸当振子上下振动时，以水平向左速度v=10m/s 匀速拉动记录纸，记录笔在纸上留下记录的痕迹，建立坐标系，测得的数据如下图，求振子振动的振幅和

12、频率模块 3-5(12 分)14 分以下说法正确的选项是_A放射性元素的半衰期随温度升高而减小B光和电子都具有波粒二象性C粒子散射可以估算出原子核的数量级为1010mD原子核的结合能越大，原子核越稳2用图题 12C-1 所示的装置研究光电效现象，当用光子能量为 5 eV 的光照射到光电管上时，测得电流计上的示数随电压变化的图像如图题12C-2 所示那么光电子的最大初动能为_J，金属的逸出功为_ J.12C图题 12C-1图题 12C-23一枚搭载着卫星以速率v0进入太空预位置，由控制系统使箭体与卫星别离前的卫星质量为m1，后的箭体质量为m2，别离后箭体以速率v2沿原方向飞行，假设忽略空气阻力及

13、别离前后系统质量的变化，那么别离后卫星的速率v1是多大1315 分如下图，在匀强磁场中有一足够长的光滑平行金属导轨，与水平面间的夹角=30，间距L=0.5m，上端接有阻值R=0.3 的电阻匀强磁场的磁感强度大小B=0.4T，磁场方向R垂直导轨平面向上一质量m=0.2kg，B电阻r=0.1 的导体棒MN，在平行于导轨MF的外力F作用下，由静止开始向上做匀加LN速运动，运动过程中导体棒始终与导轨垂直，且接触良好当棒的位移d=9m 时，电阻R上消耗的功率为P=W其它电阻不计，g取 10 m/s2求：1此时通过电阻R上的电流；2这一过程通过电阻R上的电荷量q；3此时作用于导体棒上的外力F的大小1416

14、 分如下图的xOy坐标系中，y轴右侧空间存在范围足够大的匀强磁场，磁感强度大小为B，方向垂直于xOy平面向里P点的坐标为-2L，0，Q1、Q2两点的坐标分别为0，L，0，-L坐标为13L，0处的C点固一平行于y轴放置的长为23L的绝缘弹性挡板，C 为挡板中点，带电粒子与弹性绝缘挡板碰撞前后，沿y方向分速度不变，沿x方向分速度反向，大小不变 带负电的粒子质量为m，电量为q，不计粒子所受重力假设粒子在P点沿PQ1方向进入磁场，经磁场运动后，求：1从Q1直接到达Q2处的粒子初速度大小；2从Q1直接到达O点，粒子第一次经过x轴的交点坐标；3只与挡板碰撞两次并能回到P点的粒子初速度大小1516 分如下图

15、，一个质量为M长为L的圆管竖直放置，顶端塞有一个质量为m的弹性小球，M=4m，球和管间的滑动摩擦力和最大静摩擦力大小均为 4mg管从下端离地面距离为H处自由落下，运动过程中，管始终保持竖直，每次落地后向上弹起的速度与落地时速度大小相，不计空气阻力，重力加速度为g求：1管第一次落地弹起时管和球的加速度；2管第一次落地弹起后，假设球没有从管中滑出，那么球与管到达相同速度时，管的下端距地面的高度；3管第二次弹起后球不致滑落，L满足什么条件、高级第二次模拟考试、高级第二次模拟考试物理学科参考答案及评分物理学科参考答案及评分一、单项选择题：此题共一、单项选择题：此题共 5 5 小题，每题小题，每题 3

16、3 分，共计分，共计 1515 分。每题只有一个选项分。每题只有一个选项符合题意。符合题意。题号12345答案CABBD二、多项选择题：此题共二、多项选择题：此题共 4 4 小题，每题小题，每题 4 4 分，共计分，共计 1616 分。每题有多个选项符分。每题有多个选项符合题意，选对的得合题意，选对的得 4 4 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 2 分，错选或不答得分，错选或不答得 0 0 分。分。题号6789答案BDACACDAD三、简答题：此题分必做题第三、简答题：此题分必做题第 1010、1111 题和选做题第题和选做题第 1212 题两，共计题两，共计4242 分分.请将解答填

17、写在答题卡相的位置请将解答填写在答题卡相的位置.108 分V11R02RUR20U100V2URm2 分10KEr3E kaR0(k 1)2 分r(k 1)2分111110 分1点迹均匀点迹间距都相同 2 分匀速运动2 分2C2 分31212A12 分1 D4 分 (2)23,2 分吸2分3设空气摩尔数为n，那么n VV,1 分设气体分子数为N,0那么N nNA1 分代入计算得：N=31027个2 分1212B12 分1 B 4 分2 光路如图 2 分于2 分3设周期为T，振幅为A.由题图得，A 5cm2 分由于振动的周期就是记录纸从O至x=1m 运动的时间，所以，周期为T xv 0.1s1

18、分频率为f 10Hz1 分1212C12 分1 B4 分23.210-192 分4.810-192 分3 以初速度为正方向，箭体与卫星为研究对象，由动量守恒律有(m1 m2)v0 m1v1 m2v22 分解得v1 vm20m(v0v2)2 分1四、计算题：四、计算题：此题共此题共 3 3 小题，共计小题，共计 474713.解：1根据灯泡功率P I2R -1分得：I=3A -2 分2由法拉第电磁感律有E t-1 分又 BLd-1分E I(R r)-1分q It -1 分解得q R r-1分q 4.5C-1 分3F mgsin BIL ma-2 分2ad v2 -1分E BLv -1 分解得F

19、2N -2分y14.16 分1由题意画出(0,L)Q1粒子运动轨迹如图甲所示，R1设PQ1与x轴正方向夹角为，PCx(-2L,0)O粒子在磁场中做圆周运动的半(0,-L)Q2图甲径大小为R1由几何关系得：R1cos L-2 分其中：cos2 5v215粒子磁场中做匀速圆周运动qvB mR-1 分1解得：v5qBL12m-2 分2由题意画出粒子运动轨y迹如图乙所示，设其(0,L)Q1与x轴交点为 C，由几何R2关系得：R2=5L-2PCx4(-2L,0)O分设 C 点横坐标为xC，由几(0,-L)Q2何有关系得：xC=12L-2图乙分那么 C 点坐标为：12L，0-1 分3由题意画出粒子运动轨迹

20、如图丙所示，设PQ1与x轴正方向夹角为，粒子在磁场中做圆周运动的半径大小为R3,偏转一次后在y负方向偏移量为y1,由几何关系得：yy1 2R3cos，-1(0,L)Q13分ARB为保证粒子最终能回到P，粒PCEDxO子与挡板碰撞后，速度方向(-2L,0)(0,-L)Q2图丙与PQ1连线平行，每碰撞一次，粒子进出磁场在y轴上这段距离y2如图中A、E间距可由题给条件，有y2/2L/3 tan得yL23-1 分当粒子只碰二次，其几何条件是3y12y2 2L -2 分解得：R32 59L-1 分粒子磁场中做匀速圆周运动：qvB mv2R3解得：v 2 5qBL9m-1 分此题有其它解法，正确的对照评分

21、给分此题有其它解法，正确的对照评分给分。15.1管第一次落地弹起时，管的加速度a4mg 4mg14m 2g，方向向下。-2 分球的加速度af mg2m 3g，方向向上。-2 分2取竖直向下为正方向。球与管第一次碰地时速度v02gH，方向向下。1 分碰地后管的速度v1 2gH，方向向上；球的速度v22gH，方向向下-1 分假设球刚好没有从管中滑出，设经过时间t1，球管速度v相同，那么有v1 a1t1 v2 a2t1t2v01a2 2gH-1 分1 a25g又管从碰地到它弹到最高点所需时间t2，那么：tv2gH20a12g-1 分因为t1t2，说明管在到达最高点前，球与管相对静止，故管从弹起经t1

22、这段时间上升的高度为所求。得t 12h22v214v11 v12a1t15g25g1225H-2分3球与管到达相对静止后，将以速度v、加速度g竖直上升到最高点，由于v v2 a12t1 52gH,12(2gH)2故这个高度是h12v2g52g25H -1 分因此，管第一次落地弹起后上升的最大高度Hm h1 h21325H-1 分这一过程球运动的位移s v120t1a2t18225H-1 分那么球与管发生相对位移s41 h1 s 5H。-1 分当管与球从Hm再次下落，第二次落地弹起中，发生的相对位移由第一次可类推知：s425Hm-1 分所以管第二次弹起后，球不会滑出管外的条件是s1+s2L即L满足条件L 152125H-1 分此题有其它解法，正确的对照评分给分。此题有其它解法，正确的对照评分给分。