(全国通用版)2019高考物理总复习 精准提分练:选择题专练(六).doc

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1、1选择题专练选择题专练( (六六) )(限时:20 分钟)二、选择题:本题共 8 小题,每小题 6 分,共 48 分在每小题给出的四个选项中,第1418 题只有一项符合题目要求,第 1921 题有多项符合题目要求全部选对的得 6 分,选对但不全的得 3 分,有选错的得 0 分14物理关系式不仅反映了物理量之间的关系,也确定了单位间的关系如关系式UIR既反映了电压、电流和电阻之间的关系,也确定了 V(伏)与 A(安)和 (欧)的乘积等效,现有物理量单位:m(米)、s(秒)、J(焦)、W(瓦)、C(库)、F(法)、A(安)、(欧)和 T(特),由它们组合的单位与电压单位 V(伏)不等效的是( )A

2、J/C BC/FCCTm/s DW1 21 2答案 C解析 由电场力做功的公式WqU,知U ,所以单位 J/C 与电压单位 V 等效,选项 A 不符W q合题意;由U 可知,C/F 是和电压单位 V 等效的,选项 B 不符合题意;由FqvB知,Q CCTm/s 是力的单位,是与 N 等效的,选项 C 符合题意;由P可得U,所以U2 RPRW1 21 2是和电压的单位等效的,选项 D 不符合题意15甲、乙两汽车同向匀速行驶,乙在前,甲在后某时刻两车司机听到警笛提示,同时开始刹车,结果两车刚好没有发生碰撞,如图 1 为两车刹车后匀减速运动的vt图象以下分析正确的是( )图 1A甲车刹车的加速度的大

3、小为 0.5 m/s2B两车开始刹车时的距离为 100 mC两车刹车后间距一直在减小D两车都停下来后相距 25 m答案 B2解析 由题图可知,两车速度相等时,经历的时间为 20 s,甲车的加速度a1 25 25m/s21 m/s2,乙车的加速度a2 m/s20.5 m/s2,15 30此时甲车的位移x甲v甲ta1t22520 m 1400 m300 m,1 21 2乙车的位移x乙v乙ta2t21520 m 0.5400 m1 21 2200 m,两车刚好没有发生碰撞,则开始刹车时两车的距离 x300 m200 m100 m,故 A 错误,B 正确;两车刹车后甲的速度先大于乙的速度,两者距离减小

4、,后甲的速度小于乙的速度,两者距离增大,故 C 错误;20 s 时,甲、乙的速度都为vv甲a1t25 m/s20 m/s5 m/s,根据图象与坐标轴围成的面积表示位移可知,两车都停下来后相距x (3025)5 m12.5 m,故 D 错误1 216(2018安徽省安庆市二模)如图 2 所示,物块A放在木板B上,A、B的质量均为m,A、B之间的动摩擦因数为,B与地面之间的动摩擦因数为.若将水平力作用在A上, 3使A刚好要相对B滑动,此时A的加速度为a1;若将水平力作用在B上,使B刚好要相对A滑动,此时B的加速度为a2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,则a1与a2的比为( )图 2A11 B23C13

5、 D32答案 C解析 当水平力作用在A上,使A刚好要相对B滑动,临界情况是A、B的加速度相等,隔离对B分析,B的加速度为:aBa1g,当水平力作用在B上,使B刚mg32mgm1 3好要相对A滑动,此时A、B间的摩擦力刚好达到最大,A、B的加速度相等,有:aAa2g,可得:a1a213,故选项 C 正确mg m17.如图 3 所示为一半径为R的均匀带电细环,环上单位长度带电荷量为,取环面中心O3为原点,以垂直于环面的轴线为x轴设轴上任意点P到原点O的距离为x,以无限远处为零电势点,P点的电势为.则下面给出的四个表达式中只有一个是合理的,这个合理的表达式是(式中k为静电力常量)( )图 3A B2

6、RkR2x22RkR2x2C Dx2RkR2x22RkR2x2答案 B解析 电势的高低与圆环带电荷量的大小2R有关,A 表达式显然与圆环的电荷量无关,因此 A 错误;无论圆环带什么电荷,圆环中心处的电势均不为零,因此x0 时,电势不为零,故 D 错误;C 中当xR时电势为无穷大,也不可能,故 C 错误,故只有 B 正确18下列生活中的现象和物理学内容,说法正确的是( )A击钉时不用橡皮锤,仅仅是因为橡皮锤太轻B电子被发现的意义在于使人类认识到原子有核式结构C动量相同的两个物体受相同的制动力的作用,质量小的先停下来D元电荷e的数值最早是密立根测得的,这也是他获得诺贝尔物理奖的重要原因答案 D解析

7、 击钉时不用橡皮锤,主要是因为橡皮锤太软,在动量的变化相同时,作用时间较长,作用力小,选项 A 错误;电子被发现的意义在于使人类认识到原子有复杂的结构,选项 B 错误;根据动量定理Ftpmv,则动量相同的两个物体受相同的制动力的作用,一块停下来,选项 C 错误;元电荷e的数值最早是密立根测得的,这也是他获得诺贝尔物理奖的重要原因,选项 D 正确19如图 4 甲所示,假设某星球表面上有一倾角为30的固定斜面,一质量为m的小物块从斜面底端沿斜面向上运动,其速度时间图象如图乙所示已知小物块和斜面间的动摩擦因数为,该星球半径为R6104 km,引力常量为G6.671011 39Nm2/kg2,下列说法

8、正确的是( )4图 4A该星球的第一宇宙速度v13.0104 m/sB该星球的质量M8.11026 kgC该星球的自转周期T1.3104 sD该星球的密度895 kg/m3答案 ABD解析 上滑过程中,根据牛顿第二定律,在沿斜面方向上有mg0cos mg0sin ma1,下滑过程中,在沿斜面方向上有mg0sin mg0cos ma2,又知vt图象的斜率表示加速度,则上滑和下滑过程中的加速度大小分别为:a1 m/s210 m/s2,60 0.6a2 m/s25 m/s2,2 0.4联立解得g015 m/s2,故该星球的第一宇宙速度为v m/s3.0104 m/s,g0R15 6 104 103A

9、 正确;根据黄金替代公式GMg0R2可得该星球的质量为M kg8.11026 kg,B 正确;根据所给条件无法计算g0R2 G15 6 104 10326.67 1011自转周期,C 错误;该星球的密度 895 kg/m3,D 正确M Vg0R2 G 4 3R33g0 4GR20如图 5 所示,足够长的木板P静止于光滑水平面上,小滑块Q位于木板P的最右端,木板P与小滑块Q之间的动摩擦因数0.2,木板P与小滑块Q质量相等,均为m1 kg.用大小为 6 N、方向水平向右的恒力F拉动木板P加速运动 1 s 后将其撤去,系统逐渐达到稳定状态,重力加速度g取 10 m/s2,下列说法正确的是( )图 5

10、5A木板P与小滑块Q所组成的系统的动量增加量等于拉力F的冲量B拉力F做功为 6 JC小滑块Q的最大速度为 3 m/sD整个过程中,系统因摩擦而产生的热量为 3 J答案 ACD解析 对系统由动量定理:FtmvPmvQ2mv共,即木板P与小滑块Q组成的系统的动量增量一定等于拉力F的冲量,选项 A 正确;若木板P与小滑块Q相对静止一起加速运动,则拉力F不能超过2m4 N,拉力F为 6 N,大mg m于 4 N,故二者发生相对滑动,对木板P由牛顿第二定律:Fmgma,解得a4 m/s2,1 s 内木板P的位移xat22 m,拉力F做功WFx12 J,选项 B 错误;二者共速时,小1 2滑块Q的速度最大

11、,Ft2mv共,解得v共3 m/s,选项 C 正确;整个过程中,对系统由能量守恒可知W 2mvQ,解得Q3 J,选项 D 正确1 2共221如图 6 所示,绝缘中空轨道竖直固定,圆弧段COD光滑,对应圆心角为 120,C、D两端等高,O为最低点,圆弧圆心为O,半径为R;直线段AC、HD粗糙,与圆弧段分别在C、D端相切;整个装置处于方向垂直于轨道所在平面向里、磁感应强度为B的匀强磁场中,在竖直虚线MC左侧和ND右侧分别存在着场强大小相等、方向水平向右和向左的匀强电场现有一质量为m、电荷量恒为q、直径略小于轨道内径、可视为质点的带正电小球,从轨道内距C点足够远的P点由静止释放若PCL,小球所受电场

12、力等于其重力的倍,重33力加速度为g.则( )图 6A小球第一次沿轨道AC下滑的过程中,先做加速度减小的加速运动,后做匀速运动B小球在轨道内受到的摩擦力可能大于mg2 33C经足够长时间,小球克服摩擦力做的总功是mgL4 33D小球经过O点时,对轨道的弹力可能为 2mgqBgR答案 AD6解析 小球第一次沿轨道 AC 下滑的过程中,由题意可知,电场力与重力的合力方向恰好沿 着斜面 AC,则刚开始小球与管壁无作用力,当从静止运动后,由左手定则可知,洛伦兹力 导致球对管壁有作用力,从而导致滑动摩擦力增大,而重力与电场力的合力大小为 Fmg,不变,故根据牛顿第二定律可知,做加速度减小的加速运动,mg

13、2(33mg)223 3当摩擦力等于两个力的合力时,做匀速运动,故 A 正确;当小球的摩擦力与重力及电场力的合力相等时,小球做匀速直线运动,小球在轨道内受到的摩擦力最大,为mg,不可能23 3大于mg,故 B 错误;取从静止开始到最终速度为零,根据动能定理得,摩擦力做功与23 3重力及电场力做功之和为零,则摩擦力总功为mgL,故 C 错误;对小球在 O 点受力分析,23 3且由 C 向 D 运动,由牛顿第二定律,则有:FNmgBqvm,由 C 到 O 点,机械能守v2R恒,则有:mgRsin 30 mv2,联立解得 FN2mgqB,由牛顿第三定律知,当小球12gR由 C 向 D 运动时,对轨道的弹力可能为 2mgqB,故 D 正确gR

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