2019高中物理 第三章 传感器 第三节 传感器的应用 第四节 用传感器制作自控装置分层训练.doc

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1、1第三节第三节 传感器的应用传感器的应用第四节 用传感器制作自控装置A 级 抓基础1很多汽车的车窗有防夹手功能，车窗在关闭过程中碰到障碍时会停止并打开，实现该功能可能使用的传感器是( )A生物传感器 B气体传感器C温度传感器 D压力传感器解析：汽车的车窗有防夹手功能，在关闭过程中碰到障碍时会停止并打开，这是因为使用了压力传感器，故 D 正确，A、B、C 错误答案：D2街道旁的路灯、江海里的航标灯都要求夜晚亮、白天熄，利用半导体的电学特性制成了自动点亮、熄灭的装置，实现了自动控制，这是利用半导体的( )A压敏性 B光敏性C热敏性 D三特性都利用了解析：灯要求夜晚亮、白天熄白天有光，黑夜没有光，则

2、是由光导致电路的电流变化，所以是电路中的光传感器导致电阻变化，实现自动控制，因此是利用了半导体的光敏性答案：B3有一些星级宾馆的洗手间装有自动干手机，洗手后将湿手靠近，机内的传感器就开通电热器加热，有热空气从机内喷出，将湿手烘干干手机能使传感器工作，是因为手的靠近( )A改变湿度 B改变温度C改变磁场 D改变电容解析：根据自动干手机工作的特征，手靠近干手机电热器工作，手撤离后电热器停止工作，人是一种导体，可以与其他导体构成电容器手靠近时相当于连接一个电容器，可以确定干手机内设有电容式传感器，由于手的靠近改变了电容大小，故 D 正确；用湿度和温度来驱动电热器工作，理论上可行，但是假如干手机是由于

3、温度、湿度的变化而工作的就成了室内烘干机答案：D4有一种叫作“压电陶瓷”的电子元件，当对它挤压或拉伸时，它的两端就会形成一定的电压，这种现象称为压电效应一种燃气打火机，就是应用了该元件的压电效应制成的，只要用大拇指压一下打火机上的按钮，压电陶瓷片就会产生 1020 kV 的高压，形成火花放电，从而点燃可燃气体在上述过程中，压电陶瓷片完成的能量转化是( )2A化学能转化为电能 B内能转化为电能C光能转化为光能 D机械能转化为电能解析：转化前要消耗机械能，转化后得到了电能，所以压电陶瓷片完成的能量转化为机械能转化为电能故选 D.答案：D5.在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L 为小灯泡(其

4、灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V 为理想电压表若将照射R3的光的强度减弱，则( )A电压表的示数变大B小灯泡消耗的功率变小C通过R2的电流变小D电源内阻的电压变大解析：由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出灯泡功率的变化光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减

5、小，故R1两端的电压减小，故 A 错误；由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由PI2R可知，小灯泡消耗的功率变小，故 B 正确；因电路中电流减小，故电源内阻的电压减小，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大；则流过R2的电流增大，故 C、D 错误答案：BB 级 提能力6.(多选)传感器是把非电学量(如高度、温度、压力等)的变化转换成电学量变化的一种元件，它在自动控制中有着广泛的应用如图所示，是一种测定液面高度的电容式传感器的示意图金属芯线与导电液体构成一个电容器，将金属芯线和导电液体分别与直流电源的两极相连接，从电容C和导电液体与金属芯线间的电压U的变化就

6、能反映液面的升降情况，以下判断正确的是( )3A电源接通后，电容C减小，反映h减小B电源接通后，电容C减小，反映h增大C电源接通再断开后，电压U减小，反映h减小D电源接通再断开后，电压U减小，反映h增大解析：液面的高低，相当于电容器两极的正对面积大小液面高，正对面积大，电容就大电源接通后，C减小，反映h减小，A 正确、B 错误；电源接通再断开，电量Q一定，电压U减小，电容C增大，反映h增大，C 错误、D 正确答案：AD7如图是电熨斗的结构图，下列说法错误的是( )A需要较高温度熨烫时，要调节调温旋钮，使升降螺丝下移并推动弹性铜片下移B常温下，上下触点接触；温度过高时，双金属片发生弯曲使上下触点

7、分离C双金属片的膨胀系数上层金属小于下层金属D双金属片温度传感器的作用是控制电路的通断解析：需要较高温度熨烫时，要调节调温旋钮，使升降螺丝下移并推动弹性铜片下移，当温度升到较高，金属片发生弯曲较厉害时触点才断开，故 A 正确；常温下，上下触点接触；温度过高时，双金属片发生弯曲使上下触点分开，起到调温作用，故 B 正确；当温度升高时，金属片向膨胀系数小的发生弯曲，触点断开，故双金属片上层金属的膨胀系数大于下层金属片，故 C 错误；双金属片温度传感器的作用是控制电路的通断，故 D 正确答案：C8.某兴趣小组做一实验，用力传感器来测量小滑块在半圆形容器内来回滑动时对容器内壁的压力大小，且来回滑动发生

8、在同一竖直平面内实验时，他们把传感器与计算机相连，由计算机拟合出力的大小随时间变化的曲线，从曲线提供的信息，可以判断滑块约每隔t时间经过容器底一次；若滑块质量为 0.2 kg，半圆形容器的直径为 50 cm，则由图象可以推断滑块运动过程中的最大速度为vm.若取g10 m/s2，则t和vm的数值为( )A1.0 s 1.22 m/s B1.0 s 2.0 m/sC2.0 s 1.22 m/s D2.0 s 2.0 m/s4解析：此题属于竖直平面内圆周运动和单摆综合运用问题，竖直平面内过最低点有最大压力和最大速度，两次相邻过最低点的时间间隔为t，从图象上可以看出t1.0 s，最大压力为 2.6 N

9、 左右由FNmgm可得， vm1.22 m/s, 故选 A.答案：A9(多选)如图所示是一种延迟开关，当 S1闭合时，电磁铁F将衔铁D吸下，C线路接通，当 S1断开时，由于电磁感应作用，D将延迟一段时间才被释放，则下列说法正确的是( )A由于A线圈的电磁感应作用，才产生延迟释放D的作用B由于B线圈的电磁感应作用，才产生延迟释放D的作用C如果断开B线圈的电键 S2，无延迟作用D如果断开B线圈的电键 S2，延迟将变长解析：当 S1断开时，导致线圈B中的磁通量变小，从而出现感应电流，致使F仍有磁性，出现延迟一段时间才被释放，所以由于B线圈的电磁感应作用，才产生延时释放D的作用，故 A 错误，B 正确

10、；若断开B线圈的开关 S2，当 S1断开，F中立即没有磁性，所以没有延时功能，故 C 正确，D 错误答案：BC10在科技创新活动中，小华同学根据磁铁同性相斥原理设计了用机器人操作的磁力运输车(如图甲所示)在光滑水平面AB上(如图乙所示)，机器人用大小不变的电磁力F推动质量为m1 kg 的小滑块从A点由静止开始做匀加速直线运动小滑块到达B点时机器人撤去电磁力F，小滑块冲上光滑斜面(设经过B点前后速率不变)，最高能到达C点图甲图乙机器人用速度传感器测量小滑块在ABC过程的瞬时速度大小并记录如下.t/s00.20.42.22.42.6v/(ms1)00.40.83.02.01.05求：(1)机器人对

11、小滑块作用力F的大小；(2)斜面的倾角 的大小解析：(1)小滑块从A到B过程中：a12 m/s2，由牛顿第二定律得：Fma12 v1 t1N.(2)小滑块从B到C过程中加速度大小：a25 m/s2.v2 t2由牛顿第二定律得：mgsin ma2，则 30.答案：(1)2 N (2)3011如图所示是电饭煲的电路图，S1是一个温控开关，手动闭合后，当此开关温度达到居里点(103 )时会自动断开，S2是一个自动温控开关，当温度低于 70 时会自动闭合，温度高于 80 时会自动断开，红灯是加热时的指示灯，黄灯是保温时的指示灯，分流电阻R1R2500 ，加热电阻丝R350，两灯电阻不计(1)分析电饭煲

12、的工作原理(2)简要回答，如果不闭合开关 S1，能将饭煮熟吗？(3)计算加热和保温两种状态下，电饭煲消耗的电功率之比解析：(1)电饭煲盛上食物后，接上电源，S2自动闭合，同时手动闭合 S1，这时黄灯短路，红灯亮，电饭煲处于加热状态，加热到 80 时，S2自动断开，S1仍闭合；水烧开后，温度升高到 103 时，开关 S1自动断开，这时饭已煮熟，黄灯亮，电饭煲处于保温状态，由于散热，待温度降至 70 时，S2自动闭合，电饭煲重新加热，温度达到 80 时，S2又自动断开，再次处于保温状态(2)如果不闭合开关 S1，则不能将饭煮熟，因为最高只能加热到 80 .(3)加热时电饭煲消耗的电功率为P1，保温时电饭煲消耗的电功率U2 R并P2，两式中R并.从而有U2 R1R并R2R3 R2R3500 50 50050P1P2121.R1R并 R并500500/11 500/11答案：(1)见解析 (2)不能 (3)121