2023年吉林省长春市养正高三第六次模拟考试物理试卷含解析.pdf

《2023年吉林省长春市养正高三第六次模拟考试物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年吉林省长春市养正高三第六次模拟考试物理试卷含解析.pdf（16页珍藏版）》请在得力文库 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023 学年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的电路，闭合开关 S 后，a、b、c 三盏灯均能发光，电源电动势 E 恒定且内阻 r 不可忽略现将变阻器 R的滑片稍向上滑动一些，三盏灯亮度变化的情况是（）Aa 灯变亮，b 灯和 c 灯变暗 Ba 灯和 c 灯变

2、亮，b 灯变暗 Ca 灯和 c 灯变暗，b 灯变亮 Da 灯和 b 灯变暗，c 灯变亮 2、关于“亚洲一号”地球同步通讯卫星，下列说法中正确的是()A它的运行速度为 7.9km/s B已知它的质量为 1.42t，若将它的质量增为 2.84t，其同步轨道半径变为原来的 2 倍 C它可以绕过北京的正上方，所以我国能够利用它进行电视转播 D它距地面的高度约是地球半径的 5 倍，所以它的向心加速度约是地面处的重力加速度的136 3、2019 年 11 月 23 日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，以“一箭双星”方式成功发射第五十、五十一颗北斗导航卫星。如图所示的 a、b、c 为中国北斗卫星

3、导航系统中的三颗轨道为圆的卫星。a 是地球同步卫星，b是轨道半径与卫星 a 相同的卫星，c 是轨道半径介于近地卫星和同步卫星之间的卫星。下列关于这些北斗导航卫星的说法，正确的是（）A卫星 a 的运行速度大于第一宇宙速度 B卫星 a 的向心加速度大于卫星 c 的向心加速度 C卫星 b 可以长期“悬停”于北京正上空 D卫星 b 的运行周期与地球的自转周期相同 4、如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为 15，交流电源电压不变，电压表为理想交流电表，白炽灯和电风扇的额定电压均为220V，额定功率均为 44W，只闭合开关1S时，白炽灯正常发光，则（）A白炽灯和电风扇线圈的内阻均为1100 B交流电压

4、表示数为 44V C再闭合开关2S，电压表示数增大 D再闭合开关2S，原线圈的输入功率变小 5、如图，倾角为=45的斜面 ABC 固定在水平面上，质量为 m 的小球从顶点 A 先后以初速度 v0和 2vo向左水平抛出，分别落在斜面上的 P1、P2点，经历的时间分别为 t1、t2；A 点与 P1、Pl与 P2之间的距离分别为 l1和 l2，不计空气阻力影响。下列说法正确的是（）At1：t 2=1：1 Bll：l2=1：2 C两球刚落到斜面上时的速度比为 1：4 D两球落到斜面上时的速度与斜面的夹角正切值的比为 1：1 6、如图所示，a、b 两个闭合正方形线圈用同样的导线制成，匝数均为 10 匝，

5、边长 la3lb，图示区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，且磁感应强度随时间均匀增大，不考虑线圈之间的相互影响，则()A两线圈内产生顺时针方向的感应电流 Ba、b 线圈中感应电动势之比为 91 Ca、b 线圈中感应电流之比为 34 Da、b 线圈中电功率之比为 31 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图，海王星绕太阳沿椭圆轨道运动，P 为近日点，Q 为远日点，M、N 为轨道短轴的两个端点，运行的周期为 T0，若只考虑海王星和太阳之间的相互作用，

6、则海王星在从 P 经过 M、Q 到 N 的运动过程中()A从 P 到 M 所用的时间等于04T B从 Q 到 N 阶段，机械能逐渐变大 C从 P 到 Q 阶段，速率逐渐变小 D从 M 到 N 阶段，万有引力对它先做负功后做正功 8、如图所示为一质点的简谐运动图象。由图可知 A质点的运动轨迹为正弦曲线 Bt=0 时，质点正通过平衡位置向正方向运动 Ct=0.25s 时，质点的速度方向与位移的正方向相同 D质点运动过程中，两端点间的距离为 0.1m 9、如图所示，在光滑的水平桌面上有体积相同的两个小球 A、B，质量分别为 m=0.1kg 和 M=0.3kg，两球中间夹着一根压缩的轻弹簧，原来处于静

7、止状态，同时放开 A、B 球和弹簧，已知 A 球脱离弹簧的速度为 6m/s，接着 A 球进入与水平面相切，半径为 0.5m 的竖直面内的光滑半圆形轨道运动，PQ 为半圆形轨道竖直的直径，210/gm s，下列说法正确的是 A弹簧弹开过程，弹力对 A 的冲量大于对 B 的冲量 BA 球脱离弹簧时 B 球获得的速度大小为 2m/s CA 球从 P 点运动到 Q 点过程中所受合外力的冲量大小为 1Ns D若半圆轨道半径改为 0.9m，则 A 球不能到达 Q 点 10、有四个完全相同的灯泡连接在理想变压器的原、副线圈中，如图所示。若开关S接在位置 1 时，四个灯泡发光亮度相同；若将开关S接在位置 2

8、时，灯泡均未烧坏。下列说法正确的是（）A该变压器是降压变压器，原、副线圈匝数之比为 31 B该变压器是升压变压器，原、副线圈匝数之比为 13 C开关S接在位置 2 时，副线圈中的灯泡发光亮度均减弱 D开关S接在位置 2 时，副线圈中的灯泡发光亮度均加强 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某研究性学习小组的一同学想测量一下某电阻丝的电阻率，实验室供选择的器材如下：A量程 0.6A，内阻约 0.5 的电流表 B量程 3A，内阻约 0.01 的电流表 C量程 0.6A，内阻 0.5 的电流表 D量程 15V，内阻约 30k

9、的电压表 E.阻值为 01k，额定电流为 0.5A 的滑动变阻器 F.阻值为 010，额定电流为 1A 的滑动变阻器 G.阻值为 099.9 的电阻箱 H.电动势为 3V 的电池 I.开关一个、导线若干（1）如图甲是他先用螺旋测微器测量电阻丝直径的示意图，则该电阻丝的直径 D=_mm，用多用电表粗测了该电阻丝的电阻如图乙所示，则多用电表的读数为_；（2）该同学想用伏安法精确测量该电阻丝的电阻，他检查了一下所给器材，发现所给电压表不能用，就用电流表改装一电压表，你认为所给电压表不能用的理由是_；如果要改装成量程为 3V 的电压表，需要串联的电阻 R=_；如果他选好器材后设计了如图所示的电路，电流

10、表他应选用_；滑动变阻器应选用_；（3）该同学连好电路后，测出该电阻丝的长度为 L，直径为 D，然后改变滑动变阻器滑动头的位置读出两个电流表和电阻箱的若干数据，其中电流表 A1、A2的读数分别用 I1、I2来表示，从而测出该电阻丝的电阻率，则 的表达式是_；(用所有测量的物理量的字母表示)（4）如果要求电流表 A2的读数从零开始，请你根据上图将电路添加一条线改画在电路图上。（_）12（12 分）某实验小组在用双缝干涉测光的波长的实验中，将双缝干涉实验仪器按要求安装在光具座上，如图甲所示。双缝间距 d=0.20mm，测得屏与双缝间的距离 L=500mm。然后，接通电源使光源正常工作：(1)某同学

11、在测量时，转动手轮，在测量头目镜中先看到分划板中心刻线对准亮条纹 A 的中心，如图乙所示，则游标卡尺的读数为_cm；然后他继续转动手轮，使分划板中心刻线对准亮条纹 B 的中心，若游标卡尺的读数为 1.67cm，此时主尺上的_cm 刻度与游标尺上某条刻度线对齐；入射光的波长=_m；(2)若实验中发现条纹太密，可采取的改善办法有_（至少写一条）。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，粗糙水平地面上放置长木板 A 和滑块 C，滑块 B 置于 A 的左端。开始时 A、B 静止，C 与 A右端相距4

12、mx，现 C 以07m/sv 的初速度水平向左运动，然后与 A 发生弹性碰撞（时间极短）。已知 A、B、C 质量均为2kg，A 和 C 与地面间的动摩擦因数为10.3，A 与 B 间的动摩擦因数为20.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，B 最终没有从 A 上掉下去，重力加速度 g 取210m/s，求：（1）C 与 A 碰撞前的速度；（2）A、B 间因摩擦产生的热量。14（16 分）如图甲所示，质量 m=1kg 的小滑块(视为质点)，从固定的四分之一光滑圆弧轨道的最高点 A 由静止滑下，经最低点 B 后滑上位于水平面的木板，并恰好不从木板的右端滑出。已知木板质量 M=4 kg，上表面与圆弧轨道相切

13、于 B 点，木板下表面光滑，滑块滑上木板后运动的v t图象如图乙所示，取 g=10m/s2。求：（1）圆弧轨道的半径及滑块滑到圆弧轨道末端时对轨道的压力大小；（2）滑块与木板间的动摩擦因数；（3）木板的长度。15（12 分）在电子技术中，科研人员经常通过在适当的区域施加磁场或电场束控制带电粒子的运动。如图所示，位于 M 板处的粒子源不断产生质量为 m、电荷量为 q 的粒子，粒子经小孔 S1不断飘入电压为 U 的加速电场，其初速度可视为零；然后经过小孔 S2射出后沿 x 轴方向从坐标原点 O 垂直于磁场方向进入 x 轴上方（含 x 轴正半轴）的有界匀强磁场控制区，磁场的磁感应强度为 B。粒子发生

14、 270偏转后离开磁场竖直向下打在水平放置的荧光屏上，已知 N 板到 y 轴、荧光屏到 x 轴的距离均为 L，不考虑粒了重力及粒子间的相互作用。（l）求粒子在磁场中运动半径的大小；（2）求粒子从 N 板射出到打在荧光屏上所需的时间；（3）实际上加速电压的大小会在 UU范围内微小变化，粒子以不同的速度进入磁场控制区域，均能发生 270偏转竖直打在荧光屏上，求有界磁场区域的最小面积 S。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】变阻器 R 的滑片稍向上滑动一些，滑动变阻器电阻减小，根据“串反并同”与其

15、串联的灯泡 C 电流增大，变亮，与其并联的灯泡 b 电流减小，变暗，与其间接串联的灯泡 a 电流增大，变亮，B 对；2、D【解析】同步卫星的轨道半径是固定的，与质量大小无关，A 错误；7.9 km/s 是人造卫星的最小发射速度，同时也是卫星的最大环绕速度，卫星的轨道半径越大，其线速度越小同步卫星距地面很高，故其运行速度小于 7.9 km/s，B 错误；同步卫星只能在赤道的正上方，C 错误；由2nMmGmar可得，同步卫星的加速度2221136366nMMMaGGGgrRR，D 正确【点睛】同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期 3、D【解析】A第一宇宙速度是近地卫星的运行速度，根

16、据万有引力提供向心力 22MmvGmrr 得 GMvr 卫星 a 的轨道半径大于地球半径，则卫星 a 的运行速度小于第一宇宙速度，故 A 错误；B根据万有引力提供向心力 2MmGmar 得 2GMar 卫星 a 的轨道半径大于卫星 c 的轨道半径，故卫星 a 的向心加速度小于卫星 c 的向心加速度，故 B 错误；C卫星 b 不是同步卫星，不能与地面相对静止，不能“悬停”在北京上空，故 C 错误；D根据万有引力提供向心力 222()MmGmrrT 得 32rTGM 卫星 a、b 的轨道半径相等，则周期相等，卫星 a 是同步卫星，运行周期与地球自转周期相同，则卫星 b 的运行周期与地球自转周期相同

17、，故 D 正确。故选 D。4、B【解析】A白炽灯电阻 22220=110044UrP 但是电风扇是非纯电阻电路，其内阻要小于1100，A 项错误；B白炽灯两端电压为220V，原、副线阔匝数比为 15，由变压器原理知，原线圈两端电压为 44V，交流电压表示数为 44V，故 B 正确；C再闭合开关2S，交流电源电压不变，则电压表示数不变，故 C 错误；D再闭合开关2S后，副线圈输出功率增大，则原线圈输入功率增大，故 D 错误。故选 B。5、D【解析】A根据 20012tan2gtgtv tv 得 02 tanvtg 因为初速度之比为 1：2，则运动的时间之比为 1：2，故 A 错误。B水平位移 2

18、002tanvxv tg 因为初速度之比为 1：2，则水平位移之比为 1：4，由 2lx 可知 ll：l2=1：4 故 B 错误。C根据动能定理 2201122mvmvmgy 其中 y=x，则 222000024tan455vvgyvvv 则两球刚落到斜面上时的速度比为 1：2，选项 C 错误；D平抛运动某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的 2 倍，由于落在斜面上，位移方向相同，则速度方向相同，即两球落到斜面上时的速度与斜面的夹角正切值的比为 1：1，故 D 正确。故选 D。6、B【解析】试题分析：根据楞次定律可知，两线圈内均产生逆时针方向的感应电流，选项 A 错误

19、；因磁感应强度随时间均匀增大，则Bkt，根据法拉第电磁感应定律可知2BEnnltt，则239()11abEE，选项 B 正确；根据2444Bnl SEEklStIlnlRnlS，故 a、b 线圈中感应电流之比为 3:1，选项 C 错误；电功率2 32344klSBnk l SPIEnllt，故 a、b 线圈中电功率之比为 27:1，选项 D 错误；故选 B【学科网考点定位】法拉第电磁感应定律；楞次定律；闭合电路欧姆定律；电功率【名师点睛】此题是一道常规题，考查法拉第电磁感应定律、以及闭合电路的欧姆定律；要推导某个物理量与其他物理量之间的关系，可以先找到这个物理量的表达式，然后看这个物理量和什么

20、因素有关；这里线圈的匝数是容易被忽略的量 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、CD【解析】A海王星在 PM 段的速度大小大于 MQ 段的速度大小，则 PM 段的时间小于 MQ 段的时间，所以 P 到 M 所用的时间小于04T，故 A 错误；B从 Q 到 N 的过程中，由于只有万有引力做功，机械能守恒，故 B 错误；C从 P 到 Q 阶段，万有引力做负功，速率减小，故 C 错误；D根据万有引力方向与速度方向的关系知，从 M 到 N 阶段，万有引力

21、对它先做负功后做正功，故 D 正确。故选 D。8、CD【解析】试题分析：简谐运动图象反映质点的位移随时间变化的情况，不是质点的运动轨迹，故 A 错误t=0 时，质点离开平衡位置的位移最大，速度为零，故 B 错误根据图象的斜率表示速度，则 t=0.25s 时，质点的速度为正值，则速度方向与位移的正方向相同 故 C 正确 质点运动过程中，两端点间的距离等于 2 倍的振幅，为 S=2A=25cm=10cm=0.1m，故 D 正确故选 CD。考点：振动图线【名师点睛】由振动图象可以读出周期、振幅、位移、速度和加速度及其变化情况，是比较常见的读图题，要注意振动图象不是质点的运动轨迹；根据图象的斜率表示速

22、度分析振动的运动方向质点运动过程中，两端点间的距离等于2 倍的振幅。9、BCD【解析】弹簧弹开两小球的过程，弹力相等，作用时间相同，根据冲量定义可知，弹力对 A 的冲量大小等于 B 的冲量大小，故A 错误；由动量守恒定律12mvMv，解得 A 球脱离弹簧时 B 球获得的速度大小为22/vm s，故 B 正确；设 A 球运动到 Q 点时速率为 v，对 A 球从 P 点运动到 Q 点的过程，由机械能守恒定律可得22111222mvmgRmv，解得：v=4m/s，根据动量定理1()1ImvmvN s，即 A 球从 P 点运动到 Q 点过程中所受合外力的冲量大小为 1Ns，故 C 正确；若半圆轨道半径

23、改为 0.9m，小球到达 Q 点的临界速度3/QvgRm s，对 A 球从 P 点运动到 Q 点的过程，由机械能守恒定律22111222mvmgRmv，解得0v，小于小球到达 Q 点的临界速度，则 A 球不能达到 Q点，故 D 正确。故选 BCD。10、AD【解析】AB四个灯泡发光程度相同，所以原线圈电流与副线圈电流之比为 1：3，根据 122131 InIn 可知该变压器是降压变压器，原副线圈匝数比为 3：1，故 A 正确，B 错误；CD接到 2 位置，原线圈电压变大，根据电压与匝数的关系可知副线圈电压变大，所以副线圈中的灯泡的电流变大，发光亮度均加强，故 D 正确，C 错误。故选 AD。三

24、、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.000 5.0 因为电源电动势只有 3V，所给电压表量程太大 4.5 A、C F 22124(-)I RDL I I 【解析】（1）1根据螺旋测微器读数规则读数为 2.000mm。2从图上可以看出选择开关放在了“1 挡”，根据读数规则读出电阻为 5.0。（2）3因为电源电动势只有 3V，所给电压表量程太大。4改装成量程为 3V 的电压表，选用电流表 A 改装，需要串联的电阻 R=30.5 0.60.6=4.5 5由于所求电阻丝的电阻约为 5，两端的电压不超过 3V，电流不超过 0.6A，为求

25、电表读数准确，量程不能过大，所以电流表选 A 和 C。6阻值为 01k，额定电流为 0.5A 的滑动变阻器阻值太大，为方便调节滑动变阻器应选用 F。（3）7根据电阻定律和欧姆定律，有 2212=-2I RLI ID 因此 的表达式是 22124(-)I RDL I I（4）8因为要求电压表读数从零开始，所以用分压式接法，又电压表的内阻比待测电阻大的多，故采用电流表外接法，故完整的电路图如图所示 12、1.11 2.3 73.2 10 减小双缝间距 d 或者增大双缝到干涉屏的距离 L 【解析】(1)12游标卡尺的读数为 1.1cm+0.1mm1=1.11cm；若游标卡尺的读数为 1.67cm，此

26、时主尺上的 2.3cm 刻度与游标尺上某条刻度线对齐；3条纹间距 1.671.11cm=0.08cm7x 则根据Lxd 可得 2370.08 100.2 10=m3.2 10 m0.5x dL (2)4若实验中发现条纹太密，即条纹间距太小，根据Lxd 可采取的改善办法有：减小双缝间距 d 或者增大双缝到干涉屏的距离 L。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）5m/s；（2）5.5J。【解析】（1）设三者质量为 m，碰撞前 C 做匀减速直线运动，设 C 与 A 碰撞前的速度为1v，由动能定理可得 2211

27、01122mgxmvmv 代入数据得 15m/sv （2）因碰撞时间极短，A 与 C 碰撞的过程动量守机械能守，设碰撞后瞬问 A 的速度为2v，C 的速度为1v，以向左为正方向，由动量守恒定律得:123mvmvmv 222123111222mvmvmv 代入数据得 25m/sv 30v 此后，B 加速，A 减速，此过程一直持续到二者具有共同速度 v 为止。设 A 的加速度大小为1a，B 的加速度大小为2a，该过程由牛顿第二定律及运动学公式得 2112mgma 22mgma 212vvata t 解得 218m/sa 22=2m/sa=1m/sv 此过程，B 相对 A 一直有滑动，相对位移大小

28、22221121.25m22vvvxaa 在此以后，地面对 A 的摩擦力阻碍 A 运动，B 与 A 之间的摩擦力改变方向。设 A 和 B 的加速度大小分别为1a和2a，则由牛顿第二定律得 112mfmga 2fma 假设2fgm，则12aa；由以上两式得 12fmgmg 与假设矛盾 故2fmg，则 214m/sa 222m/sa 此过程，B 相对 A 一直向左滑动，相对位移大小 222210.125m22vvtaa 则 A、B 间因摩擦产生的热量 2125.5JQmgxx 14、（1）5mR，30NF；（2）0.4；（3）10ml 【解析】（1）由图乙可知，滑块刚滑上木板时的速度大小10m/s

29、v，则由机械能守恒定律有 212mgRmv 解得 5mR 滑块在圆弧轨道末端时 2mvFmgR 解得 30NF 由牛顿第三定律可知，滑块对圆弧轨道末端的压力大小为30N（2）滑块在木板上滑行时，木板与滑块组成的系统动量守恒，有 1mvmM v 解得 12m/sv 滑块在木板上做匀减速运动时，由牛顿第二定律可知 1mgma 由图乙知 2114m/svvat 解得 0.4（3）由功能关系可知 2211122mvmM vmgl 解得 10ml 15、（1）12mUBq，（2）2(23)2mmLqUqB，（3）223mUqB。【解析】（1）粒子在加速电场中加速：212qUmv 粒子进入磁场，洛伦兹力提

30、供向心力，根据牛顿第二定律：2vqvBmR 解得：12mURBq；（2）粒子射出到坐标原点的时间：1Ltv 粒子在磁场中运动的时间：23323=442mmtTqBqB 离开磁场到达荧光屏的时间：3RLtv 粒子运动的总时间：1232(23)2mmttttLqUqB；（3）粒子在电场中加速，根据：212qUmv 速率最小值：min2()q UUvm 速率最大值：max2()q UUvm 粒子进入磁场后做轨迹为34圆周的运动，根据：2mvBqvR 最大速率对应的半径：max12()m UURBq 最小速率对应的半径：min12()m UURBq 如图两圆弧之前的阴影部分即为所加磁场区域的最小面积：根据几何知识：2222maxmaxmaxmin233(23)4242RRmSRRUqB。