2019高中物理 第二章 恒定电流章末综合检测 新人教版选修3-1.doc

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1、1第二章第二章 恒定电流恒定电流章末综合检测 一、单项选择题(本题共 6 小题，每小题 5 分，共 30 分，每小题只有一个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内)1.神经系统中，把神经纤维分为有髓鞘和无髓鞘两大类，现代生物学认为，髓鞘是由多层类脂物质髓质累积而成的，具有很大的电阻，经实验测得髓质的电阻率8106 m.某生物体中的某段髓质神经纤维可看成高为 20 cm、半径为 4 cm 的圆柱体，当在其两端加上U100 V 的电压时，该神经开始发生反应，则引起该神经纤维产生感觉的最小电流为( )A.0.31 A B0.62 AC.0.15 A D0.43 A解析：由电阻定义式R得R810

2、6 3.18108 .引L S20 102 4 1022起该神经纤维产生感觉的最小电流I A0.31 A，A 正确.U R100 3.18 108答案：A2.(2018广东广州高二检测)两只电阻的伏安特性曲线如图所示，则下列说法中正确的是( )A.两电阻的阻值为R1大于R2B.两电阻串联在电路中时，R1两端电压大于R2两端电压C.两电阻串联在电路中时，R1消耗的功率小于R2消耗的功率D.两电阻并联在电路中时，R1的电流小于R2的电流解析：IU图象中，图线斜率的倒数表示电阻的阻值，由图象可以看出，R1图线的斜率大于R2图线的斜率，所以R1小于R2，A 错串联电路经过两电阻的电流相同，根据UIR，

3、阻值大的电阻两端电压大，R1两端电压小于R2两端电压，B 错功率PI2R，阻值大的电阻消耗的功率大，R1消耗的功率小于R2消耗的功率，C 对两电阻并联，两电阻两端的电压相等，由I 知，电阻大的电流小，R1的电流大于R2的电流，D 错.U R答案：C3.(2018浙江温州十校联合体期中考试)在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L 为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表若将照射R3的光的强度减弱，则( )2A.电压表的示数变大B.小灯泡消耗的功率变小C.通过R2的电流变小D.电源内阻的电压变大解析：若将照

4、射R3的光的强度减弱，则R3的电阻将增大，电路中的总电阻将增大，总电流减小，故电压表的示数变小，内电压也减小，A、D 错误而电阻R2两端的电压将变大，通过R2的电流变大，而总电流减小，所以通过小灯泡的电流减小，小灯泡消耗的功率变小，B 正确，C 错误答案：B4.有一只电熨斗，内部电路如图甲所示，其中M为旋钮的内部接线端子，旋钮有“高” “中”“低” “关”四个挡，每个挡内部接线有如图乙中所示的四种方式，下列判断中正确的是( )A.a 方式为“高”挡 Bb 方式为“低”挡C.c 方式为“关”挡 Dd 方式为“中”挡解析：a 中回路未闭合，故 a 方式为“关”挡，b 中总电阻RbR1R2，c 中总

5、电阻为RcR1，d 中总电阻为Rd，由公式P，故 d 方式为“高”挡，c 方式为“中”R1R2 R1R2U2 R挡，b 方式为“低”挡，所以 B 对，A、C、D 错.答案：B5.在如图甲所示的电路中，电源电动势为 3.0 V，内阻不计，灯 L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示当开关闭合后，下列说法正确的是( )A.灯泡 L1的电流为灯泡 L2电流的 2 倍B.灯泡 L1的电阻为 7.5 C.灯泡 L2消耗的电功率为 0.75 WD.灯泡 L3消耗的电功率为 0.30 W解析：由于小灯泡 L2、L3串联后与 L1并联，所以 L1两端电压是 L2或 L3两端电

6、压的 2 倍，L2或 L3两端电压是 1.5 V，由小灯泡的伏安特性曲线可知灯泡 L2中的电流是 0.20 A；灯泡3L1两端的电压是 3 V，灯泡 L1中的电流是 0.25 A，A 错误由欧姆定律可得灯泡 L1的电阻R112 ，B 错误由PUI得灯泡 L2(或 L3)消耗的电功率P2U2I21.50.20 U1 I1W0.30 W，C 错误，D 正确.答案：D6.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，平行板电容器两金属板水平放置，开关 S 是闭合的，两板间一质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态，G 为灵敏电流计则以下说法正确的是( )A.在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，油滴向上加速

7、运动，G 中有从b到a的电流B.在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，油滴向下加速运动，G 中有从b到a的电流C.在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，油滴仍然静止，G 中有从a到b的电流D.在将 S 断开后，油滴仍保持静止状态，G 中无电流通过解析：滑片P向上移动，接入电路的电阻增大，总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流减小，因UEI(rR1)，可知电容器极板电压变大，油滴受到的电场力增大，油滴向上运动，极板电压变大，说明电容器充电，G 中电流方向从b到a，A 正确，B、C 错误；将 S 断开后，电容器放电，G 中有电流，极板间电压减小，电场力减小，油滴向下运动，D 错误.答案：A

8、二、多项选择题(本题共 4 小题，每小题 6 分，共 24 分，每小题有多个选项符合题意，把正确选项前的字母填在题后的括号内)7.一个 T 形电路如图所示，电路中的电阻R110 ，R2120 ，R340 ，另有一测试电源，电动势为 100 V，内阻忽略不计则( )A.当cd端短路时，ab之间的等效电阻是 40 B.当ab端短路时，cd之间的等效电阻是 40 C.当a、b两端接通测试电源时，cd两端的电压为 80 VD.当c、d两端接通测试电源时，ab两端的电压为 80 V解析：当cd端短路时，等效电路如图甲所示，ab之间的等效电阻R123R140 R2R3 R2R3，A 正确，同理可得 B 错

9、误4当a、b两端接通测试电源时，等效电路如图乙所示，根据欧姆定律得I E R1R3100 1040A2 A，所以UcdIR380 V，C 正确，同理可得 D 错误.答案：AC8.如图所示，图线a是某一电源的UI图线，图线b是一定值电阻的UI图线若将该电源与该定值电阻连成闭合电路(已知该电源的内阻r2.0 )，则下列说法正确的是( )A.该定值电阻为 6 B.该电源的电动势为 20 VC.将 2 只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大D.将 3 只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大解析：图线b的斜率k6 ，则定值电阻的阻值Rk6 ，A 正确由图读出交U I点的电压U15 V，电流I2.

10、5 A，根据闭合电路欧姆定律得，电源的电动势EUIr15 V2.52 V20 V，B 正确对于电源，当内外电路的电阻相等时输出功率最大，故将 3 只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大，C 错误，D 正确答案：ABD9.如图所示电路，将两个相同的电流表分别改装成 A1(03 A)和A2(00.6 A)的电流表，把两个电流表并联接入电路中测量电流则下列说法中正确的是( )A.A1的指针半偏时，A2的指针也半偏B.A1的指针还没有满偏，A2的指针已经满偏C.A1的读数为 1 A 时，A2的读数为 0.6 AD.A1的读数为 1 A 时，干路中的电流I为 1.2 A解析：由于两个电流表并联接入电

11、路中，则加在两电流表上的电压相等，所以指针偏转的角度相同两电流表量程之比为 51，两电流表内阻之比为 15，当 A1的读数为 1 A 时，A2的读数为 0.2 A，干路中的电流为 1.2 A因此 A、D 是正确的.答案：AD10.直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的( )A.总功率一定减小B.效率一定增大C.内部损耗功率一定减小D.输出功率一定先增大后减小解析：当滑片P向右移动时，滑动变阻器连入电路中的有效电阻值变大，使干路中的电流变小，内电压变小，路端电压增大，故总功率P总EI减小，选项 A 正确；效率5100% 100%，即增大，选项 B 正确；电源内部损耗的功率PrI

12、2r减小，IU IEU E选项 C 正确；当Rr时，输出功率最大，由于不知道滑动变阻器原来的阻值与电源的内阻r的大小关系，所以不能确定输出功率的大小变化情况，选项 D 错误答案：ABC三、非选择题(本题共 3 小题，共 46 分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的要注明单位)11.(14 分)(2018天津南开区高二检测)某课题小组通过实验测量河水的电阻率现备有一根均匀的长玻璃管(两端各有一个圆形电极，可装入样品水，接触电阻不计)、电压表(量程 12 V，内阻约 10 k)、电流表(量程 100 A，内阻约 50 )、滑动变阻器(10 ，1 A)、电池组(电动势E12

13、V，内阻不计)、开关、导线若干、直尺、待测的水样品如图甲是他们用伏安法多次测量并计算出对应的水柱长度L与水柱电阻R描点画出的图象；实验中还用 10 分度的游标卡尺测量了玻璃管的内径，结果如图乙所示请回答下面的问题：(1)玻璃管内径d的测量值为_cm；(2)请在虚线框内画出测量水柱电阻的电路图；(3)所测水的电阻率为_m.(保留两位有效数字)解析：根据游标卡尺的读数方法可以知道读数应该为：22 mm0.16 mm22.6 mm2.26 cm.待测电阻阻值为几十千欧，比电流表的电阻大很多，所以电流表选择内接法，待测电阻阻值比滑动变阻器阻值大很多，所以变阻器选择分压式接法由电阻定律得RL S，结合图

14、象的斜率及已知数据可以计算水柱的电阻率是 80 m.Ld22答案：(1)2.26 (2)如图所示 (3)80(4 均可)612.(16 分)在测量电源的电动势和内阻的实验中，由于所用的电压表(视为理想电压表)的量程较小，某同学设计了如图所示的实物电路(1)实验时，应先将电阻箱的电阻调到_(选填“最大值” “最小值”或“任意值”)(2)改变电阻箱的阻值R，分别测出阻值R010 的定值电阻两端的电压U，在下列两组R的取值方案中，比较合理的方案是_(选填“1”或“2”)方案编号电阻箱的阻值R/1400.0350.0300.0250.0200.0280.070.060.050.040.0(3)根据实验

15、数据描点，绘出的 R图象是一条直线若直线的斜率为k，在 坐标轴上的1 U1 U截距为b，则该电源的电动势E_，内阻r_.(用k、b和R0表示)解析：(1)为了保护电路及电表，防止电路中电流过大，所以实验前电阻箱应置于最大值接入电路中(2)通过试值法来说明理由若R300 ，电流约为 A0.03 A；若R60 ，9 30010电流约为 A0.13 A，后者电流大，电压表读数大，误差小，应选 2.9 6010(3)电流I，EI(RR0r)，得 R ， R图象的斜率k，截距U R01 U1 ER01 Er ER01 U1 ER0b ，所以电动势E，内阻r R0.1 Er ER01 kR0b k答案：(

16、1)最大值 (2)2 (3) R01 kR0b k13.(16 分)某同学在研究微型直流电动机的性能时，采用如图所示的实验电路调节滑动变阻器R的阻值，使电动机无法转动，此时电流表7和电压表的示数分别为 0.2 A 和 0.3 V重新调节R的阻值，使电动机能够正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为 1.0 A 和 6.0 V(电流表、电压表均为理想电表)求：(1)这台电动机的线圈电阻；(2)电动机正常运转时的输出功率解析：(1)当电动机停止转动时看做纯电阻元件，由欧姆定律得：线圈电阻R0，U1 I1代入数据得R01.5 .(2)当电动机恢复正常运转时，有P电U2I2P热I R0 2 2P电P热P出由式得P出U2I2I R0，2 2代入数据得P出4.5 W.答案：(1)1.5 (2)4.5 W