2019年高三物理上学期期末复习备考之精准复习模拟题（A卷，基础版）.doc

《2019年高三物理上学期期末复习备考之精准复习模拟题（A卷，基础版）.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019年高三物理上学期期末复习备考之精准复习模拟题（A卷，基础版）.doc（18页珍藏版）》请在得力文库 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、12017201820172018 学年第一学期期末复习备考之高三物理专题复习之学年第一学期期末复习备考之高三物理专题复习之期末复习精准模拟试期末复习精准模拟试题（基础版）题（基础版） （A A 卷）卷）考试范围：必修一、二，选修 3-1；考试时间：90 分钟学校:_姓名：_班级：_考号：_注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上评卷人得分 一、单选题（本大题共一、单选题（本大题共 8 8 小题，每小题小题，每小题 4 4 分，共分，共 3 32 2 分）分）1某质点从静止开始做匀加速直线运动，已知第 3 秒内通过的位移是 x，则物体运动的加速度为（ ）

2、A. B. C. D. 2如图所示，三根抗拉能力相同的轻细绳 1、2、3 将一重物悬挂在水平天花板上，P、Q 两点为绳子与天花板的结点，绳子 1、2 与天花板的夹角分别为 60和 30，其拉力大小分别为 F1、F2，重物重力为 G，下列说法正确的是（ ）A. 绳子 2 的拉力213FFB. 绳子 2 的拉力 F2=2GC. 若逐渐增大重物进力，绳子 3 先断D. 若缓慢增大 P、Q 两点间距， F1、F2的合力增大3如图所示，质量为 m 的物体放在斜面上，在斜面体以加速度 a 水平向右做匀加速直线运动的过程中，物体始终静止在斜面上，物体受到斜面的摩擦力 f 和斜面的支持力 N 分别为（重力加速

3、度为 g） （ ）2A. fm gsinacosNm gcosasinB. fm gsinacosNm gcosacosC. fm acosgsinNm gcosasinD. fm acosgsinNm gcosacos4铁路在弯道处的内外轨道高低是不同的，已知内外轨道对水平面倾角为，如图所示，弯道处的圆弧半径为R，若质量为 m 的火车转弯时速度大于，则（ ）tangRA. 内轨对内侧车轮轮缘有向外的挤压力B. 外轨对外侧车轮轮缘有向内的挤压力C. 内轨对内侧车轮轮缘有向内的挤压力D. 外轨对外侧车轮轮缘有向外的挤压力5质量为m的人造地球卫星与地心的距离为r时，其引力势能可表示为Ep，其中G为

4、引力常量，MGMm r为地球质量。假设该卫星原来在半径为R1的轨道上绕地球做匀速圆周运动，由于受到极稀薄空气摩擦的作用，飞行一段时间后其圆周运动的半径变为R2，则在此过程中因摩擦而产生的热量为（ ）A. GMm() B. GMm()2111-RR1211-RRC. () D. ()2GMm2111-RR2GMm1211-RR6如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为 m 的光滑弧形槽静止放在光滑水平面上，弧 形槽底端与水平面相切，一个质量也为 m 的小物块从槽高 h 处开始自由下滑，下列说法正确的是3A. 在下滑过程中，物块的机械能守恒B. 物块被弹簧反弹后，做匀速直线运动C. 在下滑过程

5、中，物块和槽的动量守恒D. 物块被弹簧反弹后，能回到槽高 h 处7如图所示，在水平放置两平行金属板 M、N 之间的 P 点，固定有一个带电荷量为q 的点电荷，两金属板通过电阻 R 接到直流电源上，其中 N 板接地( )A. 当保持其它条件不变，而将 M 板向上移动的过程中，金属板带电荷量将增加B. 当保持其它条件不变，而将 M 板向上移动的过程中，通过 R 的电流方向是 b 指向 aC. 当保持其它条件不变，而将 M 板向上移动到某处稳定后与移动前相 比，p 处点电荷的电势变小D. 当保持其它条件不变，而将 M 板向上移动到某处稳定后与移动前相 比，p 处点电荷的电势能变小8在如图所示的电路中

6、，输入电压U恒为 8 V，灯泡 L 标有“3 V，6 W”字样，电动机线圈的电阻RM1 。若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是（ ）A. 电动机的输出功率 10WB. 整个电路消耗的电功率是 10 WC. 电动机的效率是 80%D. 流过电动机的电流是 2 A评卷人得分二、多项选择题（本大题共二、多项选择题（本大题共 4 4 小题，每小题小题，每小题 5 5 分，共分，共 2020 分分。在每小题给出的四个选项在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求。全部选对的得中有多项符合题目要求。全部选对的得 5 5 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 0 分

7、。分。4）9如图所示，S 处有一电子源，可向纸面内任意方向发射电子，平板 MN 垂直于纸面，在纸面内的长度L=9.1cm，中点 O 与 S 间的距离 d=4.55cm，MN 与 SO 直线的夹角为 ，板所在平面有电子源的一侧区域有方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度 B=2.0104T电子质量 m=9.11031kg，电量 e=1.61019C，不计电子重力电子源发射速度 v=1.6106m/s 的一个电子，该电子打在板上可能位置的区域的长度为 l，则（ ）A=90时，l=9.1cm B=60时，l=9.1cmC=45时，l=4.55cm D=30时，l=4.55cm10如图 1 所示，一

8、轻弹簧下端固定在水平面上，上端放置一小物体，小物体处于静止状态现对小物体施一竖直向上的拉力 F，使小物体向上做匀加速直线运动，拉力 F 与物体位移 x 的关系如图 2 所示，a、b、c 均为已知量，重力加速度为 g，弹簧始终在弹性限度内则下列结论正确的是（ ）A. 开始时弹簧的压缩量为 cB. 物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态C. 物体的加速度大小为agbD. 物体从开始运动到离开弹簧的过程经过的时间为2c ba ag11如图所示长木板 A 放在光滑的水平地面上，物体 B 以水平速度冲上 A 后，由于摩擦力作用，最后停止在木板 A 上，则从 B 冲到木板 A 上到相对板 A 静止的过程中，下

9、述说法中正确是A. 物体 B 动能的减少量等于 B 克服摩擦力做的功5B. 物体 B 克服摩擦力做的功等于系统内能的增加量C. 物体 B 损失的机械能等于木板 A 获得的动能与系统损失的机械能之和D. 摩擦力对物体 B 做的功和对木板 A 做的功的总和等于系统内能的增加量12如图所示，传送带与水平面夹角为 37，白色皮带以 10 m/s 的恒定速率沿顺时针方向转动今在传送带上端A处无初速度地轻放上一个质量为 1kg 的小煤块（可视为质点） ，它与传送带间的动摩擦因数为 0.50，已知传送带A到B的长度为 16m取 sin370=0.6，cos370=0.8，g=10m/s2则在小煤块从A运动到

10、B的过程中（ ）A. 小煤块从A运动到B的时间为 2sB. 煤块对皮带做的总功为 0C. 小煤块在白色皮带上留下黑色印记的长度为 6mD. 因煤块和皮带之间的摩擦而产生的内能为 24J评卷人得分 三、实验题（本大题共三、实验题（本大题共 2 2 题，共题，共 1010 分，其中分，其中 1313 题题 4 4 分，分，1414 题题 6 6 分）分）13关于在做“验证力的平行四边形定则”实验时：(1)下列叙述正确的是（_） A两弹簧测力计的拉力可以同时比橡皮筋的拉力大B橡皮筋的拉力是合力，两弹簧测力计的拉力是分力C两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉到同一位置O这样做的目的是保证两次弹簧测力计拉力

11、的效果相同D若只增大某一只弹簧测力计的拉力大小而要保证橡皮筋结点位置不变，只需调整另一只弹簧测力计拉力的大小即可(2)如图是李明和张华两位同学在做以上实验时得到的结果，其中哪一个实验比较符合实验事实？（力F是用一只弹簧测力计拉时的图示） 答：_6(3)请写出本实验造成误差的原因：（写出一条即可）答：_。14某同学用如图甲所示的电路测量一节干电池的电动势和内阻，改变滑动变阻器的阻值，测得多组电压表的读数 U 和电流表的读数 I，画出 U-I 图像如图乙所示。（1）若把电压表和电流表均当作理想电表来处理，则电源电动势 E=_V，内阻 r=_。（2）若电流表内阻 RA不能忽略，则（1）中测得的电源内

12、阻_真实值（填“大于”或“小于” ） 。为了测得电源内阻的真实值，这位同学采用了如图丙所示的电路测量出了 RA，实验操作步骤如下：按图丙连接好电路，断开 S1、S2，将 R 调到最大。合上 S1，调节 R 使电流表满偏。保持 R 不变，闭合 S2，调节电阻箱使电流表半偏。断开 S1，读出 R的阻值为 0.3。实验中 R 远大于 R，则可认为电流表内阻 RA=_。电源内阻的值为_。评卷人得分四、计算题（本大题共四、计算题（本大题共 4 4 题，题， 共共 3838 分，分， 。其中。其中 1515 题、题、1616 题题 8 8 分，分，1717 题题 1010 分，分，1818 题题 1212

13、分）分）715一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以 12m/s 的速度匀速行驶的货车严重超载时，决定前去追赶，经过 4s 后警车发动起来，并以 3m/s2的加速度做匀加速运动，但警车的行驶速度必须控制在 108km/h 以内。问：（1）警车在追上货车之前，两车间的最大距离是多少；（2）警车发动后要多长时间才能追上货车。16如图所示，半径的竖直半圆光滑轨道在 B 点与水平面平滑连接，一个质量的小滑块2.5Rm0.50mkg（可视为质点）静止在 A 点一瞬时冲量使滑块以一定的初速度从 A 点开始运动，经 B 点进入圆轨道，沿圆轨道运动到最高点 C，并从 C 点水平飞出，落在水平面上的 D

14、 点经测量，D、B 间的距离，A、B 间的距110sm离，滑块与水平面的动摩擦因数，重力加速度求：215sm0.20210 /sgm（1）滑块通过 C 点时的速度大小（2）滑块刚进入圆轨道时，在 B 点轨道对滑块的弹力（3）滑块在 A 点受到的瞬时冲量大小17如图所示，电源电动势 E6 V，内阻 r1 ，电阻 R12 ，R23 ，R37.5 ，电容器的电容C4 F.开关 S 原来断开，现在合上开关 S 到电路稳定，试问这一过程中通过电流表的电荷量是多少？18如图所示装置中，区域和中分别有竖直向上和水平向右的匀强电场，电场强度分别为E和 E/2,区域内有垂直向外的水平匀强磁场，磁感应强度为B .

15、一质量为m、带电量为q的带负电粒子（不计重力）从左边界8O点正上方的M点以速度v0水平射入电场，经水平分界线OP上的A点与OP成 60角射入区域的磁场，并垂直竖直边界CD进入区域的匀强电场中。求：（1）粒子在区域匀强磁场中运动的轨道半径（2）O、M间的距离（3）粒子从M点出发到第二次通过CD边界所经历的时间1C【解析】设质点的加速度为 a，则质点第 3s 内的位移即。点晴：本题考查初速度为零的匀加速直线运动，第 3s 内的位移等于前 3s 位移减去前 2s 位移。2C93A【解析】对物体受力分析如图所示：在水平方向根据牛顿第二定律： ，在竖直方向： ，联立解得： TcosNsinma0Tsin

16、Ncosmg， ，故 A 正确，BCD 错误。fm gsinacos（）)Nm gcosasin（4B【解析】火车的重力和轨道对火车的支持力的合力恰好等于需要的向心力时，此时火车的速度正好是，gRtan当火车火车转弯的速度大于时，需要的向心力增大，而重力与支持力的合力不变，所以合力小于所需gRtan要的向心力，外轨就要对火车产生一个向内的力来补偿一部分向心力，所以此时外轨对内外侧车轮轮缘有挤压，10ACD 错误，B 正确故选 B.点睛：火车转弯主要是分析清楚向心力的来源，再根据速度的变化，可以知道对内轨还是对外轨由作用力5C【点睛】求出卫星在半径为圆形轨道和半径为的圆形轨道上的动能，从而得知动

17、能的减小量，通过引力势1R2R能公式求出势能的增加量，根据能量守恒求出热量6B【解析】在物块下滑的过程中，斜槽将后退，物块与弧形槽系统只有重力做功，机械能守恒；对于物块，除了重力做功外，支持力做功，则物块的机械能不守恒故 A 错误物块加速下滑，竖直方向受向下合力，物块与槽在水平方向上不受外力，所以只能在水平方向动量守恒故 C 错误因为物块与槽在水平方向上动量守恒，由于质量相等，根据动量守恒，物块离开槽时速度大小相等，方向相反，物块被弹簧反弹后，与槽的速度相同，做匀速直线运动故 B 正确，D 错误故选 B7C【点睛】电容器和电源相连，两端的电势差不变，通过电容的变化，结合 Q=CU 得出电荷量的

18、变化，通过电容器带电量的变化确定通过 R 的电流流向结合电场强度的变化，得出 pN 间电势差的变化，从而确定 p 点电势的变化，得出 p 点电势能的变化118D【解析】灯泡正常发光，则电路电流： ，所以流过电动机的电流是 2 A，故 D 正确；整个电623PIAAU路消耗的功率P总=UI=8V2A=16W，故 C 错误；灯泡正常发光时的电压等于其额定电压，电动机的输入电压UM=U-UL=8V-3V=5V，电动机的热功率： ，电动机的输出功率： 22214MPI RWW，故 A 错误；则电动机的效率： ，225 2216MMPU II RWW 出600=100=60005 2P P出入故 C 错

19、误。所以 D 正确，ABC 错误。9AD【解析】解：由洛仑兹力充当向心力可得；Bqv=m解得：R=0.0455m=4.55cm；所有粒子的圆心组成以 S 为圆心，R 为半径的圆；电子出现的区域为以 S 为圆心，以 9.1cm 半径的圆形区域内，如图中大圆所示；故当 =90时，纸板 MN 均在该区域内，故 l=9.1cm；当 =30时，l=4.55cm；故 AD 正确，BC 错误；故选：AD【点评】本题考查带电粒子充当向心力的运动规律，解题的关键问题在于明确粒子运动的圆心和半径，进而明确所有粒子可能出现的空间10AD1211ACD【解析】根据功能关系可知，物体B动能的减少量等于B克服摩擦力做的功

20、，故 A 正确；由能量守恒定律可知，物体B损失的动能等于木板A获得的动能与系统产生的内能之和，故 B 错误；由能量守恒定律可知，物体B损失的机械能等于木板A获得的动能与系统损失的机械能之和，故 C 正确；摩擦力对物体B做的功等于B动能的减少，摩擦力对木板A做的功等于A动能的增加，由能量守恒定律，摩擦力对物体B做的功和对木板A做的功的总和等于系统内能增加量，故 D 正确。所以 ACD 正确，B 错误。12ABD【解析】试题分析：小煤块放上传送带先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，根据运动学公式结合牛顿第二定律求出小煤块从A运动到B的时间；分别求出在煤块匀加速直线运动阶段传送带的位移和煤块的位

21、移，两者位移之差即为划痕的长度；因煤块和皮带之间的摩擦而产生的内能等于滑动摩擦力与相对位移大小的乘积物体放上传送带，滑动摩擦力的方向先沿斜面向下根据牛顿第二定律得： ，则速度从零加速到传送带的速度所需的时间2 1sin37cos37sin37cos3710/mgmgaggm sm 为，经过的位移为： 由于，可知1 110110vtssa2 11 11110 1522xatmmsin37cos37mgmg 物体与传送带不能保持相对静止，继续做匀加速运动速度相等后，物体所受的滑动摩擦力沿斜面向上根据牛顿第二定律得，根据，2 2sin37cos37sin37cos372/mgmgaggm sm 2

22、22 211 2vta tLx即，解得，则，故 A 正确；煤块对皮带做的总功即是滑动摩擦力2 2211021652tt 21ts122ttts13对传送带所做的功为，B 正确；第一秒内传送带的速度大于煤块的12coscos0Wmgv tmgv t 皮皮速度，煤块相对于传送带先后运动，相对位移： ，第二秒内煤块的速度大于传11110 1 55xvtxm 送带的速度，煤块相对于传送带向前运动，相对位移，物块相对于21216510 11xLxvtm 传送带的位移而小煤块在白色皮带上留下黑色印记的长度为 5m，C 错误；产生的内125 14xxxm 能，D 正确；12cos0.5 1 0.8 10 6

23、24QfxxmgxJ （）13 AC 张华 F1的方向比真实方向偏左；F2的大小比真实值偏小且方向比真实方向偏左；作图时两虚线不分别与F1线和F2线平行(3)出现误差的原因主要是测力的大小时出现误差，或者在做平行四边形时出现误差，故具体情况可能为：F1的方向比真实方向偏左；F2的大小比真实值偏小且方向比真实方向偏左；作图时两虚线不分别与F1线和F2线平行【点睛】解答实验的出发点为明确实验原理、实验步骤、数据处理，明确合力和分力之间的关系，同时注意应用所学物理基本规律解决实验问题14 （1）1.5 1.0 （2）大于 0.3 0.71415 （1）72m（2）11s【解析】解：依题意： 112/

24、vm s04ts（1）两车速度相等时，两车间的距离最大211vatv距离最大时，警车的运动时间： 1 14vtsa此时货车的位移： 110196sv ttm警车的位移： 2 211242satm两车间最大距离： 272sssm（2）警车发动达到最大速度，所用时间108/30/mvkm hm s2t2mvat210mvtsa此时货车的位移： 1102168sv ttm此时警车的位移： 2 2211502satm此时警车还未追上货车，还需时间追上货车 12ss3t 1231 3mssv tvt31ts警车发动后追上货车的时间： 2311ttts16 （1）,（2）45N,（3）.10/m s8.1

25、/kg m s15（2）设滑块通过点时的速度为，根据机械能守恒定律： BBv2211222BCmvmvmgR解得： 10 2m/sBv 设在点滑块受轨道的压力为 N，根据牛顿第二定律： B2 BvNmgmR解得： 45NN（3）设滑块从点开始运动时的速度为，根据动能定理： AAv22 211 22BAmgsmvmv解得： 16.1/Avm s设滑块在点受到的冲量大小为 I，根据动量定理AAImv解得： 658.1/Ikg m s171.92105C16考点：闭合电路的欧姆定律；电容器【名师点睛】本题主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，要求同学们能理清电路的结构，搞清电容器两端的电压是哪部分电

26、阻上的电压，另外还要搞清电键闭合前后电容器极板的极性的变化；此题难度中等。18 （1）粒子在区域匀强磁场中运动的轨道半径是（2）O、M 间的距离是（3）粒子从 M 点出发到第二次通过 CD 边界所经历的时间是【解析】试题分析：（1）带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速运动，由题意，粒子经过 A 点的速度方向与 OP 成 60角，即可求出此时粒子的速度粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律即可求出轨道半径（2）粒子在匀强电场中运动时，由牛顿第二定律求得加速度，在 A 点，竖直方向的速度大小为 vy=v0tan60，17由速度公式求解时间，由位移求得 O、M 间的距离（3）画出粒子在区域磁场中的运动轨迹，由几何知识求出轨迹对应的圆心角 ，根据 t=，求出在磁场中运动的时间粒子进入区域的匀强电场中后，先向右做匀减速运动，后向左做匀加速运动，第二次通过 CD边界由牛顿第二定律和运动学公式结合可求得粒子在区域电场中运行时间，即可求解粒子从 M 点出发到第二次通过 CD 边界所用时间（2）设粒子在电场中运动时间为 t1，加速度为 a则有 qE=mav0tan60=at1即O、M 两点间的距离为（3）设粒子在区域磁场中运动时间为 t2则由几何关系知轨道的圆心角AO1D=60，则18